内蒙古鄂尔多斯市2025-2026学年高一物理上学期1月月考试题

2025-2026学年高一上学期诊断考试

物理试卷

考试时间：75分钟考试分值：100分测试范围：必修一

一、单选题（本题共7小题，每小题4分，共28分）

1．给出下列物理量：①速度；②质量；③力；④路程；⑤密度；⑥功；⑦温度；⑧热量；⑨时间。其中全

部是标量的一组是（）

A．①⑦⑧⑨B．②③⑥⑦C．②⑦⑧⑨D．①②⑥⑦

2．下列几组物理量中，全部为矢量的一组是（）

A．时间、位移、速度B．路程、位移、速率

C．速度、速度变化量、加速度D．位移、速率、加速度

3．2024年4月30日，“神舟十七号载人飞船”返回舱安全着陆，宇航员顺利出舱。在其返回过程中，下

列说法正确的是（）。

A．研究返回舱运行轨迹时，可将其视为质点

B．以返回舱为参考系，宇航员向下加速

C．返回舱落地前，反推发动机点火减速，宇航员处于失重状态

D．用返回舱的轨迹长度和返回时间，可计算其平均速度的大小

4．每天早上的一中校园里都响起朗朗读书声，同学们通过诵读经典，尽享经典之美，感受诗词之趣，从古

人的智慧和情怀中汲取营养，涵养心灵。下列说法正确的是（）

A．“不疑行船动，唯看远树来”。诗人选的是“远树”为参考系

B．“空手把锄头，步行骑水牛。人从桥上过，桥流水不流”中“桥流水不流”中的“桥流”选择的参

考系是水

C．“飞花两岸照船红”是以两岸为参考系来描述花的运动

D．“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”，这里研究“轻舟”的运动是以水为参考系

5．若两个力的合力大小为6N，则这两个力的大小可能是（）

A．1N、2NB．3N、4N

C．4N、11ND．12N、20N

6．网上热传一段视频，唤醒了“80、90后”的记忆，奶奶站在凳子上用杆秤给小孙子称体重，多才的网友

根据视频画了一幅漫画，如图所示，则下列说法正确的是（）

1

A．奶奶对凳子的压力是由于凳子的形变引起的

B．小孩所受的重力方向垂直向下

C．奶奶共受到两个力的作用

D．小孩的重心一定位于秤钩的正下方

7．雨后，某人用高速相机拍下一幅水滴下落的照片，如图所示，其中第4滴水刚要离开屋檐。若滴水的时

间间隔相同，拍下照片的瞬间，第1滴水的速度大小为6m/s，取重力加速度大小g=10m/s2，认为雨滴做自

由落体运动，则图中第2滴水与第3滴水间的距离为（）

A．0.4mB．0.6mC．0.8mD．1m

二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分）

8．一骑行爱好者在平直公路上骑行，从某时刻开始加速，自行车的加速度由零逐渐增到某一值后又立即逐

渐减小到零，在这过程中自行车（）

A．速度一直增加，直到加速度减到零为止

B．速度先增大后减小，直到加速度等于零为止

C．位移先增大后减小，直到加速度等于零为止

D．位移一直增大，加速度减小到零之后位移仍继续增大

9．如图所示，将弹性小球以10m/s的速度从距地面2m处的A点竖直向下抛出，小球落地后竖直反弹经过

距地面1.5m高的B点时，向上的速度为7m/s，从A到B，小球共用时0.3s，则此过程中（）

2

A．小球发生的位移大小为0.5m，方向竖直向上

B．小球速度变化量的大小为17m/s，方向竖直向上

5

C．小球平均速度的大小为m/s，方向竖直向下

3

D．小球平均速度的大小为8.5m/s，方向竖直向上

10．如图甲所示，传送带与水平面的夹角为θ，在传送带中点无初速度地放置一木块（视为质点），木块的

速度随时间变化的图像如图乙所示，v1、v2、t1、t2均已知，木块到达传送带底端的时间大于t2，重力加速

度大小为g，则（）

A．传送带可能沿顺时针方向转动

B．木块与传送带间的动摩擦因数μ<tanθ

vvv

C．sin121

2gt12gt2t1

D．传送带的长度L=v1t1+（v2+v1）（t2−t1）

三、实验题（本题共2小题，每空2分，共14分）

11．某同学利用如图（a）装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验。

（1）在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持状态。

3

（2）他通过实验得到如图（b）所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线，由此图线可得该弹簧的原长x0

cm，劲度系数kN/m。

（3）他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，该弹簧的长度cm。

12．某同学在一玩具中找到如图1所示的装置，竖直圆管中两竖直弹簧固定在底座上，弹簧1上端有一托

盘，弹簧2的直径比弹簧1的小，原长比弹簧1的短，二者互不影响。该同学想测量两弹簧的劲度系数，

进行了以下操作：

①在实验室找几块质量均为50g的砝码。

②不放砝码时，测出弹簧1上端到底座的高度L0。

③在托盘上放1块、2块砝码时，发现托盘均未与弹簧2接触，稳定后，测出弹簧1上端到底座的高度L1、

L2。

④在托盘上放3块、4块、5块砝码时，发现托盘均与弹簧2接触，稳定后，测出弹簧1上端到底座的高度

、、

L3L4L5。

⑤以弹簧1上端到底座的高度L为纵轴，以所放的砝码个数n为横轴，描出的数据点如图2所示。

若不计托盘与圆管的摩擦，已知当地重力加速度为g9.8m/s2，弹簧始终在弹性限度内，可得弹簧1的劲

度系数k1N/m，弹簧2的原长为cm、劲度系数k2N/m。

四、解答题（本题共3小题13题10分14题15分15题15分共40分）

13．如图所示，A、B两块磁铁的质量分别为m12kg、m22.5kg，A用轻质弹簧吊在天花板上，B在A正

下方的水平地面上，弹簧的劲度系数k500N/m，原长L010cm，当A、B均处于静止状态时，弹簧的长

度L15cm。不计地磁场对磁铁的作用以及磁铁与弹簧间相互作用的磁力，取重力加速度大小g10m/s2，

弹簧在弹性限度内。求：

4

(1)弹簧的弹力大小F1；

(2)B对A磁力的大小F2与方向；

(3)B对地面的压力大小F3。

2

14．可爱的企鹅喜欢在冰面上玩游戏。如图所示，有一企鹅在倾斜冰面上，先以加速度a10.5m/s从冰面

2

底部由静止开始沿直线向上匀加速“奔跑”8秒，再突然卧倒、肚皮贴着冰面以大小为a24m/s的加速度

向前匀减速滑行，直到最高点。求：

(1)企鹅8秒末的速度大小；

(2)企鹅在倾斜冰面向上运动的总时间；

(3)企鹅在倾斜冰面向上运动的总位移大小。

15．疲劳后继续驾驶车辆，会感到困倦，容易打瞌睡，极易发生道路交通事故。轿车在平直公路上以大小

v130m/s的速度匀速行驶，货车在轿车前方以大小v220m/s的速度匀速行驶，轿车司机疲劳驾驶打盹的

2

时间t05s，醒来时发现险情紧急刹车，从轿车司机醒来到轿车开始以大小a5m/s的加速度匀减速行驶

的时间t11s。认为两车恰好接触不是相撞。

(1)若前方没有其他汽车，求轿车匀减速行驶到停止的过程中通过的距离x；

(2)要使两车不相撞，求轿车司机开始打盹时两车间的距离L应满足的条件；

(3)若轿车司机疲劳驾驶开始打盹时，两车间的距离L47.5m，从此时起，货车匀加速行驶，且当轿车开

5

始匀减速行驶时，货车再次匀速行驶，要使两车不相撞，求货车再次匀速行驶的速度大小v应满足的条件。

6

题号12345678910

答案CBABBDABDBCDAB

11．(1)A

(2)0.250.50

【详解】（1）A．各方案都需要使拉动小车（滑块）的细线与轨道平行，故A正确；

B．甲、乙两方案需要平衡摩擦力，长木板有一定的倾角，故长木板不处于水平位置，故B错误；

C．各方案通过作出aM图像得到的是曲线，不能直观得出加速度与质量的关系，故C错误。

故选A。

（2）[1]两个计数点间还有四个点未画出，所以相邻两计数点间的时间间隔为T50.02s0.1s

根据匀变速直线运动的中间时刻速度等于这个过程的平均速度，小车运动到D点瞬时速度为

AEAC8.163.10102

vm/s0.25m/s

D2T20.1

AGADAD15.2625.38102

[2]小车的加速度am/s20.50m/s2

9T290.12

12．(1)-55

(2)1.0向上

【详解】（1）水瓶静止时，拉力F0mg，电梯加速度向上时，根据牛顿第二定律Fmgma

FF

可得a0g

F0

2

把F02N、F1N代入，可得a5m/s

即1N的刻度线对应加速度为5m/s2；同理可得3N的刻度线对应加速度为5m/s2。

FF

（2）当弹簧弹力F2.20N时，由a0g

F0

可求得a1.0m/s2

所以加速度大小为1.0m/s2，方向向上，由于电梯启动阶段速度方向与加速度方向相同，可判断电梯运动方

向向上。

13．(1)1N

(2)6.5N

(3)6N，摩擦力大小不变

【详解】（1）物块处于静止状态，受到的摩擦力是静摩擦力，由二力平衡有f1m0g

解得f11N

7

（2）物块刚要运动，受到的摩擦力是静摩擦力，由二力平衡有f2m0m1g

解得f26.5N

（3）物块运动后，受到的摩擦力是滑动摩擦力，有f3Mg

解得f36N

物块运动过程中，受到的摩擦力与受到的水平拉力无关，故受到的摩擦力大小不变。

14．(1)4m/s

(2)9s

(3)18m

【详解】（1）企鹅8秒末的速度大小v1a1t180.5m/s4m/s

v14

（2）企鹅匀减速运动的时间t2s1s

a24

企鹅在倾斜冰面向上运动的总时间tt1t28s1s9s

v4

（3）企鹅在倾斜冰面向上运动的总位移大小x1t9m18m

22

15．(1)环：a1k1g，方向竖直向上；棒：a2k1g，方向竖直向下

2gH

(2)v

2k

k22k1

(3)H

k21

【详解】（1）设棒第一次上升过程中，由牛顿第二定律得，对环有kmgmgma1

解得a1k1g

方向竖直向上，对棒有kmgmgma2

解得a2k1g

方向竖直向下。

（2）环和棒第一次落地时的速度为v12gH，此后棒速度反向，向上减速，环向下减速，经分析可知棒

相对环总是向上运动，受到的摩擦力总向下，设经过时间t达到共同速度，以向下为正方向，则有

v1(k1)gtv1(k1)gt

v

解得t1

kg

8

v1

此时共速为v共v(k1)gt