安徽省江南十校2026届高三5月学业质量检测物理试题

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8432分，在每小题给出的四个选项中， 2H3H4He C2个质子，4个中子D．该反应有质量亏损,

C．AC

4．20261SpaceX公司宣布“星链”4400颗星链卫星 2∶1，原线圈接u2202sin100t(V的12时，变压器的输入功率之比为

P点水平飞出，分别落在斜面上的如图所示，质量为mRd的圆形金属线框置于粗糙绝缘的水平桌面为d.B随时间tB0、t0均为已知量，圆形线g,下列说法正确的是第70~t0B2d 0~t0和t0~3t0M4kgmAm2kg的BA和桌面间的动摩擦因数0.4t0时刻在木板左端施加一个水g10ms2t0t25s时刻，A的加速度大小为1mt25s时刻，B的速度为1.125mt50sB2510530如图所示，竖直面内固定一个半径R2.0mOBg10m/s2，下列说法正确的是DAP段与轨道摩擦产生的热量为

r 0，所有

子都会打到正方体底面中心 0，所有粒子都会打到正方底面中心55811．（6分）某实验小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，装置如图所示，A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OBOC为细绳。 BO的位置不能改变

待测毫安表mA（量程5mA，内阻约为10R0（最大阻值为9999.99滑动变阻器R1（最大阻值为1k滑动变阻器R2（2k滑动变阻器R3（20②调节滑动变阻器使毫安表mA满偏，闭合开关S2R0使毫安表mA达到满9.60。 Rg R0，将毫安表mA改装成量程为1.0A的电流表，将滑动变阻器换成R3，再闭电动势E V，内阻r 12中继续传播，A、B、C为传播方向上的三个点。如图乙所示为t=0A1B点刚开始振动，图丙所示为该时刻起BB、C0.36cm2中的速度为0~3×10-6sCs14.（14分）M下方足够大的空间内存在水平向左的匀强电场，场强大小A、B1:3M上方等高处分别以大小为v03v0的初速度同时水平反向抛出，AM成60∘角，在g，在两15.（18分）R=0.2m，其底A点，传送带左、右两端的距离LAB=2.0mv=4m/s的速度沿顺BDB点。一轻质弹簧右端与固定于DM=8kgQm=1kgP从圆弧轨道CQ发生碰撞，每次发生的都是完全非弹性碰撞，但QQ都会20265DD

，由sinC1

1得全反射临界角C45ACD4.B，A律可知，DU5.C1P1

R1两端电压的有效值U1110V2P22R2两端电压有效值U2

速度变化量VVy

为，PM3，PN42tan

tan(1)；2tan

tan(

34，所以12D 2 B2d刻线框中的电流I；E

d

；F0Id;联立解得F 0.5t02t0C0~t0和t0~3t02∶1,1∶22∶1DCt0F0mg(Mm)gAfmg20NAAF1（mM)gmg44NAF2（mM)gmgM2m)aagF276Nt25sF50N44N，AA、BF（mM)gmgM2m)aa0.75ms2B22~25sFt(Mm)gtmgtM2m)v0 44NF

47Nv1.125msCt50sF100N76N，ABF（Mm)gmgmgMm)a2B：Tmgma2T36N,DABO点连线与水平方向夹角为AB小物块重力的功率所以合外力的冲量不为0B正确；对物块受力分析：FNmgsinmRQmgR10JAPPBQAP5JDBCDrmv01LA 心点时弦长最短l1L，时间最短

min3

正方体底面中心O，需满足：

L1qEt2，t

2

，联立解得：

2

E N1,2,3C、D正确。.每空2）1D2C （逐变大解（合作效与分作效相，选D；BC12.（每空2分） （1）

1600FIR1IRR

2

（2）由闭合电路欧姆定律：UE200IrE7.9V200r3.0103r2.5=则在介质1中传播时=1=3×10−4m/s=1.5× 3 （2）超声波从B传到C的时间为t=Δ=0.36×10−2s=2× 2 0~3×10-6s内C点振动的时间Δt=3×10−6s−t=1× 2C点运动的路程=Δt×4=1× 2竖直方向速度= 1M的高度

1 1= =B球进入电场时速度与电场边界夹角为β，𝑎=

3 1速度大小=

=2 1将速度分解为沿合力方向B∥的和垂直合力方向B⊥，则最小速度𝑖=⊥=𝑜90° 1=即0+𝑎A=−30+ 2 1 1联立解得解得=2 = 解得= 1物块P到达轨道底端时，根据牛顿第二定律可得−= 1=解得𝑎= 1 物块P的速度增大到与传送带速度相等所需的时间=v−= 对地位移=+A⋅ 1=代入数据解得2= 1物块P从A运动到B摩擦力的冲量为f=1=2N⋅ 1支持力的冲量为N=1+2=6N⋅ 1传送带对物块P的冲量大小为 2+2=210N⋅ 1 第一次通过传送带过程与传送带相对位移1=vt1−x=物块P与传送带间因摩擦而产生的热量1=相1= 1=+1解得=

=4 带上先向左做匀减速运动，减速到零的位移=1=1< 1 P在传送带上先向左做匀减速到零的运动，再向右做匀加速运动以原速率返回右PQ第二次碰撞前的速度为1解得=

1=回传送带，速度大小为n=v=4 1 第n次与物块Q碰撞后，在传送带上运动的时间=2×=