2025四川省凉山州中考物理试题(解析版)

凉山州2025年初中学业水平暨高中阶段学校招生考试试题物理、化学请提供需要重写的试题内容。1．在开始作答之前，请考生确保使用0.5mm黑色墨水签字笔在答题卡上写好姓名、准考证号及座位号。同时，请在答题卡背面顶部填涂座位号，并核对条形码是否粘贴无误。2．选择题请使用2B铅笔将答案涂在答题卡相应题号处；非选择题则需使用0.5毫米黑色墨迹签字笔填写在答题卡指定的答题区域内。凡超出规定区域的作答均视为无效；在试卷或草稿纸上作答同样无效。3．在考试圆满结束之后，请监考教师统一回收试卷、答题卡以及草稿纸。本卷由物理（90分）与化学（60分）两部分组成；全卷共计10页，答题时间为120分钟。在物理计算中，统一设定重力加速度$g=10\text{N/kg}$，水的密度$\rho_{\text{水}}=1\times10^3\text{kg/m}^3$。相关元素相对原子质量参考值：H=1、C=12、N=14、O=16、Na=23、P=31、Fe=56、Cu=64、Ag=108物理学科（总分90分）一、单项选择题（共10题，每题3分，总分30分。每题仅有一个正确选项）1.下列关于日常生活中物理量数值的估算，哪一项是符合实际情况的（）A.洗热水澡时，水的温度大概在80℃左右B.中学物理教材的宽度大约为18cmC.教室里的饮水机在加热状态下的功率大概为5WD.一名初中生由一楼步行至五楼，所耗时间大约为3s【正确选项】B【解析】【解析】A．由于人体正常的体温在37℃左右，因此洗热水澡时的水温通常在40℃附近，该选项与题意不符；B．中学物理教材的宽度与学生常用的直尺长度相近，大约为18cm，因此B项符合题意；C．教室里的饮水机在加热状态下的功率大约为500W，因此选项C不符合题目要求；D．一名初中生由一楼步行至五楼大约需要30秒，因此D项不符合题目要求。故选B。2.下列选项中，电路元件及其对应符号匹配错误的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】由图可知，灯泡、电池、开关与所对应的电路符号是相符的，而电流表的电路符号是，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。3.观察下图所示的几种物态变化过程，其中属于凝固现象的是（）A.露珠的形成B.冰糕的制作C.霜打枝头D.冰雪消融【答案】B【解析】【详解】A．露珠指水蒸气遇冷凝结为小水滴，属于液化现象，故A不符合题意；B．冰糕的形成是水从液态转化为固态的过程，这属于凝固现象，因此B项符合题意。C．霜的形成是水蒸气直接由气态转化为固态的过程，这属于凝华现象，因此C选项不符合题意。D．冰雪消融是指冰雪由固体状态转化为液态水，这属于典型的熔化现象，因此D项不符合题意。故选B。4.如图所示，月琴是凉山地区极具代表性的乐器。在演奏过程中，通过左手按弦、右手拨弦，可以发出清脆悦耳的声音。关于该乐器的下列描述中，错误的是（）A.月琴在演奏过程中，其发出的声音源自琴弦的振动。B.现场观众接收到的声音是通过空气介质传播至耳中的C.在演奏过程中，右手拨弦所施加的力度越大，声音传播的速度就越快D.在演奏过程中，通过调整左手按弦的具体位置，目的是为了改变声音的音调。【答案】C【解析】【解析】A．声音的产生源于物体的振动。在演奏月琴的过程中，发声的根本原因是琴弦在振动，因此A项描述正确，与题目要求不符；B．声音的传递必须依赖介质，现场观众接收到的声音是通过空气媒介进入耳朵的，因此B项描述正确，与题目要求不符；C．在演奏过程中，右手拨弦力度增加会导致响度随之增大。响度的高低取决于发声体的振幅以及观察者与发声体之间的距离，而与声音传播的速度没有关系。因此，C项表述错误，符合题目要求；D．声音的音调高低取决于发声体振动的频率快慢。在演奏过程中，通过调整左手按弦的具体位置，其目的是为了改变音调，因此D项表述正确，不符合题目要求。故选C。5.2025年5月14日，我国长征二号丁运载火箭顺利将由12颗计算卫星组成的太空计算卫星星座发射至预定轨道（见图）。此举意味着我国首个实现整轨互联的太空计算星座已正式启动组网进程。关于此项任务，下列描述正确的是（）A.在太空环境中，十二颗卫星通过超声波进行信息传输B.在十二颗卫星进入既定轨道的前后阶段，其质量将产生变化C.假设长征二号丁运载火箭在加速上升的过程中，若所有外力突然全部消失，则该火箭将处于静止状态D.长征二号丁运载火箭所搭载的发动机与汽车所使用的汽油机，两者均属于热机。【正确选项】D【解析】【解析】A．电磁波在传播过程中无需介质且能承载信息，因此适用于在太空中进行信息传递；而超声波的传播则必须依赖介质，故选项A不正确；B．质量不随位置改变而改变，所以十二颗卫星进入预定轨道前后，质量不变，故B错误；C．依据牛顿第一定律，假设长征二号丁运载火箭在加速上升过程中，若所有外力突然消失，火箭将保持匀速直线运动状态，因此C项表述错误；D．运载火箭所搭载的发动机与轿车所使用的汽油机均被归类为热机，其工作原理均是将内能转换为机械能，因此D项正确。故选D。6.目前，我国在无人机技术领域已占据国际领先地位。物理兴趣小组的成员将无人机内部的电路进行了简化，设计成由开关S1和S2控制的电路：闭合S1后，指示灯点亮；随后闭合S2，电动机开始运转，无人机随之起飞。下列电路图与该无人机简易电路描述相一致的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【解析】通过分析可以得出，指示灯与电动机处于并联状态，开关S1安装在主干路中，而开关S2则安装在电动机所在的支路中。A．分析电路图可以得出，当开关S1接通时，指示灯会发光；随后若将S2也闭合，电动机则开始运转，因此选项A正确；B．根据电路图分析，当开关S1接通时，电动机与指示灯均未运行；随后闭合S2，两者才同时开始工作。因此，B选项与题目要求不符；C．根据电路图分析，当开关S1接通时电动机开始运行，随后闭合S2则指示灯发光，因此C项与题目要求不符；D．观察电路图可以发现，当开关S1接通时，电动机与指示灯均能正常运行；若此时进一步闭合S2，将导致电源发生短路，因此D选项不正确。故选A。7.在西昌湿地公园中，有一件由甲、乙、丙三块石头叠放而成的艺术装置（见图），关于该作品的描述，下列各项中正确的是（）A.丙对乙的支持力与乙所受的重力在数值上相等B.甲施加在乙上的压力与乙所承受的重力互为作用力与反作用力C.甲所受的重力与乙对甲施加的作用力互为平衡力D.地面对丙产生压力，是因为地面在受到压力后发生了弹性形变，为了恢复到初始状态而产生的反作用力。【答案】C【解析】【解析】A．根据题意，甲、乙、丙三块石头在叠放状态下均保持静止。根据平衡条件分析，丙对乙的支持力应等于甲和乙两者的重力总和。因此，乙所受的重力小于丙对其的支持力，故选项A不正确；B．甲施加给乙的压力与乙所受的重力在方向上一致，但在数值上并不相等，因此这两者不属于相互作用力，故B选项错误；C．由于甲所承受的重力与乙给甲的支持力作用于同一个物体，且这两个力在大小上相等、方向上相反并处于同一条直线上，因此它们构成一对平衡力，故C选项正确；D．当物体产生弹性形变时，为了恢复到初始状态，会对引起形变的物体施加弹力。因此，地面所承受的来自丙的压力，实际上是丙在发生弹性形变后试图恢复原状而产生的反作用力，故D项表述错误。故选C。8.甲、乙两车同时同地在水平路面上向北沿直线行驶，它们的s-t图像如图所示。已知甲车总重，若甲车0~8s内的牵引力大小恒为，则（）A.乙车的行驶速度为10m/sB.在0~6s的时间段内，若将甲车视作参照物，则乙车正向北行驶。C.0~6s内，甲车重力做功为D.0~6s内，甲车牵引力功率为【答案】D【解析】【详解】A．由图可知，乙车速度大小为因此，选项A是不正确的；B．由图可知，甲车速度大小为由于甲车的行驶速度快于乙车，两车在水平路面上同时从同一地点向北做直线运动。在0~6s的时间段内，若将甲车设定为参照物，则乙车相对于甲车的运动方向向南，因此选项B不正确；C．在0~6s的时间段内，甲车所受重力的方向一直保持竖直向下，且甲车在竖直方向上未产生位移，因此重力不做功，故C项错误；D．假设甲车在0~8s时间段内的牵引力保持在$1.6\times10^3\text{N}$不变，那么在0~6s区间内，甲车牵引力的瞬时功率可计算为$P_{\text{甲}}=F_{\text{甲}}v_{\text{甲}}=1.6\times10^3\text{N}\times10\text{m/s}=1.6\times10^4\text{W}$因此，选项D是正确的。故选D。9.在古籍《天工开物》中，记载了我国古代通过煮海水来制盐的工艺，其中对海水的密度有着极其严格的限定。关于如何评定海水的等级，《熬波图咏》记载了一种方法：利用四颗由莲子制成的、标准不一的浮子来进行检测。在实际操作中，浮起的浮子数量越多，表明待测海水的等级越高（等级由高到低依次为一等、二等、三等、四等、五等，一等海水密度最大）。现将这四颗浮子放入装有待测海水的竹管中，其沉浮状态如图所示，则下列说法正确的是（）A.放置在竹管中准备检测的海水属于一等海水B号浮子的重量高于其余三颗浮子。C.标记为C的浮子密度高于其余三颗浮子D.如果将竹管中的液体更换为密度为四等的海水，则号浮子所承受的浮力保持不变。【正确选项】C【解析】【详解】ABC．根据浮沉条件可得，1号沉底，其密度大于液体密度，而2、3、4漂浮，密度都小于液体的密度，根据漂浮等于重力，，漂浮时如果物体浸入的体积占总体积的比例越大，物体的密度就越接近液体的密度，即密度越大，即。已知密度关系，不知道体积的关系，故无法比较重力大小，图中2号接近悬浮，密度在1、2之间，所以该海水为二等海水，故AB错误，C正确；D．图中1号物体处于沉底状态。若将其放入密度更小的四等海水（液体密度降低）中，该物体依然会沉底，这意味着排开液体的体积保持不变。根据阿基米德原理，在排开体积一定的情况下，液体密度减小会导致浮力随之减小，因此D选项的说法是错误的。故选C。10.在物联网体系中，传感器起到了关键的信息采集作用，能够实现预警与提醒。某款温度自动报警设备采用了热敏电阻作为传感元件，其简化的电路结构如图所示。已知热敏电阻$R_1$的电阻值与温度呈反比关系（温度升高，阻值减小）。在电源电压恒定且滑动变阻器$R$的滑片$P$固定在某一位置的情况下，闭合开关$S_1$和$S_2$，此时设备处于未报警状态。关于该装置的分析，下列哪个选项是正确的（）A.此设备内电磁铁的运行机制与发电机的运作原理是一致的B.当温度上升时，电磁铁中的电流减小，导致其磁力增强程度降低（磁性变弱）。C.当温度下降至特定阈值时，该设备将触发并发送报警通知。D.当滑动变阻器R的滑片P向左端滑动一定距离时，触发报警所需的最低温度将随之提升【答案】D【解析】【解析】A．电磁铁是基于电流的磁效应而工作的，而发电机则是利用电磁感应原理，两者的工作机制截然不同，因此A选项不正确；B．根据题目条件，热敏电阻R1的电阻值会随着温度的提升而降低。由于电磁铁与该热敏电阻在控制电路中是以串联方式连接的，由串联电路的电流特性及欧姆定律可以推断，流经电磁铁的电流将随之增加。电流增强会导致电磁铁的磁性增强，因此B选项的描述是不正确的；C．若温度下降至特定数值，热敏电阻R1的电阻值会随之增加。由欧姆定律可知，此时流经控制电路的电流将减小，导致电磁铁的磁力减弱，不足以吸引衔铁。这样一来，包含报警器在内的工作电路无法接通，报警器也就不能发出警报信号。因此，选项C的描述是错误的；D．若将滑动变阻器R的滑片P向左侧移动，会导致电路中的有效电阻增加。由欧姆定律可知，此时控制电路中的电流会随之减小，使得电磁铁的磁性减弱，不足以吸引衔铁。为了让电磁铁重新吸引衔铁，从而使报警器的工作电路接通，必须增加控制电路的电流。根据欧姆定律，这需要通过降低热敏电阻的阻值来实现，也就是说需要提高报警的最低温度阈值。因此，D选项正确。故选D。二、填空题（共10道小题，每空1分，合计24分）11.彭彭随家人前往火锅店，在进入店内之前就嗅到了火锅的香味，这体现了______现象。将火锅中的汤煮沸，是通过______（选填做功或热传递）的方法来增加火锅内能的。【答案】。扩散.热传递【解析】【解析】[1]能闻到火锅散发出的香味是因为发生了扩散现象，这证明了组成物质的分子在不停地进行无规则运动。[2]在对火锅进行加热的过程中，火锅汤汁通过吸收热量导致内能增加，这种内能改变的方式属于热传递。12.在我国低碳经济的发展进程中，光伏发电产业表现突出。光伏发电所采用的太阳能电池板（见图）其核心功能是将太阳能转换为______能，而太阳能的源头则是太阳内部发生的核______（选填聚或裂）变。【答案】电、聚【解析】【详细解析】[1]太阳能电池板通过接收太阳光，将其直接转换为电能。[2]在太阳内部，氢原子核在极高温度的条件下进行核聚变反应，从而释放出庞大的核能。13.由于新能源电动汽车的普及，充电桩的部署规模日益扩大。已知充电桩的输出电压在300-600V之间，最大功率可达500kW。参考如图所示的电路，充电站中的各充电桩采用______（选填串联或并联）方式连接；在为汽车电池充电时，该电池在电路中充当______的角色；为了确保安全防止触电，由铝合金材质制成的充电桩外壳应连接______线；一旦充电桩发生火灾，______用水进行灭火。【答案】.并联.用电器.地.不能【解析】【解析】[1]在并联电路中，各用电器独立工作，互不干扰。图中所示的汽车充电桩在运行过程中彼此之间没有影响，由此可见，这些充电桩之间采用的是并联连接方式。[2]当新能源汽车进行充电操作时，其车载电池在吸收电能，因此在电路中扮演了用电器的角色。[3]为了避免因漏电而引发触电风险，确保人员与设备的安全性，在安装充电桩时，必须将铝合金材质的导体外壳与地线相连。[4]当充电桩发生火灾时，严禁使用水进行灭火。由于生活用水具有导电性，极易导致触电危险，此时应选用干粉灭火器等专业的灭火器材。14.每年冬季，凉山州的一处滑雪场总是热闹非凡。如图所示，滑雪者在穿上滑雪板后，对雪地的压强将______（选填增大、减小或不变）；当滑雪者沿着坡道下滑且速度逐渐增加时，这说明力能够改变物体的______。【答案】.降低.运动状态【解析】【详解】[1]在滑雪场内，滑雪爱好者穿上滑雪板后对雪地的压力不变，受力面积增大，由可知，对雪地的压强会减小。[2]一名滑雪者在坡道上向下俯冲，其速度在不断增加。由于滑雪者的运动状态发生了变化，这证明了力具有改变物体运动状态的作用。15.如图所示，该实验是托里拆利第一次测出大气压强值的实验，水银对玻璃管中A点的压强______（选填大于小于或等于）水银槽上方的大气压强。利用图中数据可计算出该地的大气压强为______Pa。（）【答案】＜1.02×10⁵【解析】【解析】[1]由图可见，大气压强足以支撑起750mm高的水银柱，由此可以推断，水银对玻璃管内A点所产生的压强低于水银槽上方的空气压强。[2]该地的大气压强为16.2025年5月10日，我国自主研发的全球最大水陆两栖特种用途飞机——AG600（代号“鲲龙”）的首架批产飞机正式总装下线。当“鲲龙”在空中飞行时，其机翼上表面的空气压力______下表面的空气压力（选填“大于”、“小于”或“等于”）。如图甲所示，当匀速飞行的“鲲龙”进行投水灭火操作时，该飞机的动能将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。在执行海上救援任务时，“鲲龙”一次最多可救助50人。如图乙所示，当“鲲龙”静止在水面上且将遇险人员救至机舱内时，飞机所受到的浮力______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】：小于；减小；增大【解析】【解析】[1]由于机翼上表面的空气流动速度较快，导致其压强较低；而下表面的空气流速相对较慢，压强较高。正是这种压强差产生了由下而上的升力。具体而言，当机翼上方的压强低于下方时，机翼受到的下方压力大于上方压力，从而使飞机能够升空。[2]鲲龙在匀速飞行过程中进行投水灭火，由于其质量有所降低而速度保持恒定，因此其动能随之减小。[3]飞机停留在水面之上，在救起遇险人员后，鲲龙飞机的总重力随之增加。根据物体漂浮的条件可以推断，飞机所承受的浮力也相应增大。17.观察下图，在维持物块A和B相对位置不变的情况下，将铁架台缓慢向两边拉开。当整个系统恢复静止状态时，弹簧测力计甲与乙的读数依次为5N和3.5N。据此判断，物块A所受摩擦力的水平方向为______（选填“左”或“右”）；地面对物块B产生的摩擦力大小为______N，其水平方向为______（选填“左”或“右”）。【答案】左、1.5、左【解析】【解析】[1]根据弹簧测力计甲和乙的读数分别为5N与3.5N可知，测力计对物体A施加的拉力大小为5N，且方向指向右侧。在水平方向上，物体A同时受到拉力与摩擦力的作用。基于二力平衡的原理，摩擦力必须与拉力在大小上相等且方向相反，因此，摩擦力的大小为5N，其方向水平向左。将物体B作为分析对象，其受到一个大小为3.5N且方向向左的拉力。与此同时，地面对B的摩擦力与物体A对B的摩擦力共同作用，两者的合力为5N。因此，地面对物体B产生的摩擦力大小可计算为：5N-3.5N=1.5N。水平向左方向。18.观察图甲所示的电路图，已知电源电压保持不变，定值电阻$R_1$的阻值为$20\Omega$。当开关S接通后，两个电流表的指针均停在图乙所示的刻度位置。据此计算，电源电压为______V，定值电阻$R_2$的阻值为______$\Omega$。【结果】.16.80【解析】【详解】[1]据图可知，电路是两电阻并联，电流表A1测R2支路电流，电流表A2测干路电流，闭合开关S，两电流表的指针均指在如图乙所示的位置，说明电流表A1选用小量程，分度值是0.02A，读数为0.2A；电流表A2选择的是大量程，分度值是0.1A，读数为1A，根据并联电路电流规律可得R1支路电流为电源电压为[2]定值电阻R2的阻值为19.如图甲所示，利用滑轮组将物体A向上提升。已知物体A的重力为900N，卷扬机在绳子自由端施加拉力F，使物体A以0.5m/s的恒定速度上升了5m。拉力F所做的功随时间变化的函数图像如图乙所示（忽略绳子重量以及滑轮与转轴间的摩擦）。在此过程中，滑轮组提升重物的机械效率是______%，动滑轮的重力为______N。【答案】.90.100【解析】【解析】[1]利用滑轮组将物体提升，其所做的有用功为$W_{\text{有用}}=Gh=900\text{N}\times5\text{m}=4500\text{J}$货物以0.5m/s的速度匀速提升到5m的高度，由可知，运动的时间由图乙可知，此时10s拉力做的总功是5000J，所以滑轮组提升重物的机械效率根据图甲所示，由于动滑轮的绳子段数$n=2$，因此绳子自由端的位移量$s=2h=2\times5\text{m}=10\text{m}$。由W总=Fs可得拉力在忽略绳索质量以及滑轮与转轴之间摩擦力的情况下，通过对动滑轮进行受力分析可知，其重力$G_{\text{动}}$的计算过程为：$G_{\text{动}}=2F-G=2\times500\text{N}-900\text{N}=100\text{N}$。20.在如图所示的电路中，电源电压恒定，电压表量程为0～15V，定值电阻R1、R2的阻值分别为10和20。当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，电压表示数为3V，电阻R1的电功率为P1；当闭合开关S1、S2，将滑动变阻器滑片P移到最左端时，定值电阻R2的电功率为P2。若P1P2=18，则电源电压为______V，电路最小电功率为______W。【答案】4.0.16【解析】【详解】[1]设电源电压为。当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，和滑动变阻器R的阻值串联，电压表测滑动变阻器电压，表示数为3V，根据串联电压规律，电压为，则电阻R1的电功率为当闭合开关S1、S2，将滑动变阻器滑片P移到最左端时，、并联，定值电阻R2的电功率为若P1P2=18，则有解得电源电压。[2]当只闭合开关S1，将滑动变阻器R的阻值接入电路时，和滑动变阻器R的阻值串联，根据串联分压原理则有解得滑动变阻器R的最大阻值，则当滑动变阻器R的最大阻值接入电路时，电阻总电阻最大，根据，电路总功率最小为三、绘图题（本大题包含3个小题，每小题2分，合计6分）21.观察下图，一束光线由空气斜向射入水中，产生了反射和折射现象，其中OA为反射光线。请在图上标出：（1）入射光线的路径；（2）折射光线的大致方向。【答案】【解析】【解析】（1）在O点绘制一条与水面垂直的法线。依据光的反射定律，入射光线与反射光线位于法线的两侧，且在同一介质内，入射角与反射角相等。据此绘制出入射光线；（2）依据光的折射定律，入射光线与折射光线位于法线的两边。由于光在不同介质中传播，水中的折射角要小于在空气中的入射角。由此可绘制出折射光线的大致位置，详见下图：22.观察图甲可知，使用盘子夹能更便捷且安全地取出蒸煮后的食物。若将盘子夹的一侧简化为图乙所示的杠杆，其中O点为支点。请在图乙中标出作用于A点的最小动力$F_1$及其对应的力臂$l_1$。【答案】【解析】【解析】根据杠杆的平衡原理，当阻力及其阻力臂的乘积保持不变时，动力臂的长度与所需动力成反比，即动力臂越长，所需的动力则越小。在本图中，支点位于O点，故OA段为最长的动力臂。为了获得最小动力，应在A点处作一条垂直于OA且方向向下的力，具体示意图如下：23.观察下图，请通过画线来模拟导线的连接，使整个电路接通。同时，在括号内标注出螺线管的磁极（设定条件：在开关闭合且将滑片P向左端移动时，螺线管的磁场强度增强）。【答案】【解析】【解析】接通开关后，向左滑动触点P，导致螺线管的磁性增强。这表明变阻器与电磁铁之间存在相互影响，两者处于串联状态。此时，变阻器在电路中的接入电阻减小，使得流经电磁铁的电流增大，由此可推断变阻器的A端接在电路中。观察电路图可知，电流由右向左流入螺线管，依据安培定则，螺线管的右端为N极，左端为S极，具体如图所示。四、实验探究类题目（共包含3个小题，每空1分，总计16分）24.物理兴趣小组的成员们利用一个焦距不明确的凸透镜，开展关于探究凸透镜成像规律的实验，其具体装置如图所示。（1）学生们利用平行光作为光源，通过前后移动光屏，直到在屏上观察到一个直径最小且亮度最高的光斑（如图甲所示），此时可测得该凸透镜的焦距为______cm（请注意估读）；（2）在进行实验之前，需要将烛焰、凸透镜以及光屏的中心点全部调整在______；（3）观察图乙，当光屏处于该位置时，能够接收到清晰的成像，此像为倒立______（选填放大或缩小）的实像；（4）保持凸透镜位置固定，若将蜡烛从图乙中的位置向右移动至30cm刻度处，则需要将光屏向______方向移动，才能在屏上重新获得清晰的成像；（5）如图乙所示，若在凸透镜的左侧合适位置加入一片透镜，且需要将光屏向左侧移动才能重新获得清晰的倒立实像，那么该镜片能够用于矫正______（选填“近”或“远”）视眼。【答案】（1）10.0（2）处于相同的高度（3）变小（4）右（5）远【解析】【第一小问详细解析】当光线与主光轴平行地射入凸透镜后，经折射将汇聚于主光轴上的一个特定点，该点即为凸透镜的焦点。而焦点与光心之间的距离定义为凸透镜的焦距。因此，该凸透镜的焦距计算为f=30.0cm-20.0cm=10.0cm。【第二小问详细解析】若要确保成像位于光屏的中心位置，应当将烛焰、凸透镜以及光屏这三者的中心点调整至基本处于同一水平高度。【第三小问详细解析】根据图乙所示，可以得出物距为50.0cm-20.0cm=30.0cm当物距超过焦距的两倍时，所成像为倒立且缩小的实像。【第4小问详细解析】在凸透镜成像且为实像的情况下，物距越近，像距越远且像的尺寸越大。若保持凸透镜位置固定，将蜡烛从图乙中的初始位置向右移动至30cm刻度线，此时物距相应减小，导致像距增加。因此，必须将光屏向右侧移动，才能重新在屏上接收到清晰的成像。【第5小题详细解析】若在凸透镜的左侧特定位置加入一片透镜，发现必须将光屏向左侧移动才能重新捕捉到清晰的倒立实像，这表明该透镜具有会聚光线的作用。因此，该透镜为凸透镜，可用于远视眼的矫正。25.为了测定家里酱油的密度，小东尝试使用了以下两种测量方案。（1）为了测定酱油的密度，他采用了天平和量筒，具体操作流程如下：小东把天平安置在水平桌面上，并将游码移动至标尺的零刻度位置，此时天平指针的状态如图甲所示。若要使天平横梁达到平衡状态，应当将平衡螺母向______方向调节；向烧杯内注入适量酱油，通过已校准的天平称量，得出烧杯与酱油的合计质量为120g；将烧杯内的一部分酱油转移至量筒中，其体积读数如丙图所示；再次利用天平测量烧杯与其中所剩酱油的共同质量，如图乙所示，记录为______g；依据上述实验测得的数据，小东计算得出酱油的密度数值为______kg/m3；（2）经过分析，小东意识到可以利用浮力原理来初步测定酱油的密度。为此，他从图中的丁、戊、己三组器材中挑选出所需的设备，并按照以下步骤开展实验：如图丁所示，利用细线将物体悬挂起来，通过弹簧测力计测量并记录该物体所受的重力G为3N；如图戊所示，将物体完全浸入水中，此时弹簧测力计的读数为F1=2N，并将其记录下来；随后将该物体取出并擦拭干净，将其浸入酱油中，如图己所示。此时记录弹簧测力计的读数$F_2$；根据前述测得的物理量及已知条件，可求得该物体完全浸没在水中的浮力大小为______N；同时，酱油的密度$\rho_{\text{酱油}}$可表示为______（结果用$\rho_{\text{水}}$、$G$、$F_1$、$F_2$来表示）。【答案】（1）.向右.54.1.1×10³（2）.1.【解析】【第一小问详细解析】[1]对托盘天平进行调节时，先将其置于水平桌面上，并将游码移至标尺左侧的零刻度线位置。此时，若观察到指针偏向分度盘中央零刻度线的左侧，则需要将平衡螺母向右方向进行调节。根据图乙所示，烧杯与残留酱油的质量之和为m剩=50g+4g=54g。[3]根据图丙所示，倾倒出的酱油体积为V=60mL=60cm³倾倒出的酱油质量为$m=m_{\text{总}}-m_{\text{剩}}=120\text{g}-54\text{g}=66\text{g}$酱油的密度【第二小问详细解析】通过称重法计算可以得出，当物体完全浸没在水中时，其所受的浮力为$F_{\text{浮}}=G-F=3\text{N}-2\text{N}=1\text{N}$。[2]由F浮=液V排g可得，物体排开水的体积，即物体的体积随后将该物体取出并擦拭干净，将其浸入酱油中，如图己所示。此时弹簧测力计的读数为$F_2$，则该物体在酱油中所受的浮力为$F_{\text{浮酱油}}=G-F_2$。由于该物体在酱油和水中均处于完全浸没状态，因此排开的酱油体积与排开的水体积相等，且均等于物体的体积，即$V_{\text{排酱油}}=V_{\text{排水}}=V$。由F浮酱油=酱油V排酱油g可得，酱油的密度表达式26.小雨及其同学计划开展一项关于导体两端电压与电流关系的探究实验，为此准备了如下器材：恒压电源（6V）、定值电阻（10Ω）、电流表（量程0～0.6A）、电压表（量程0～15V）以及滑动变阻器（50Ω，1A）。（1）该实验所采用的主要物理研究手段是______；在进行电路连接之前，需要将开关置于______状态；（2）小雨按照图甲所示完成电路连接并闭合开关，观察到电压表读数与电源电压相近，而电流表几乎没有读数，由此判断该电路的故障情况是______（请填入对应的答案序号）；A.电流表连接处出现了断路现象B.滑动变阻器被短路C.额定电阻R发生断路（3）小雨利用实验测得的数据绘制了如图乙所示的I-U图像。通过对该图像的分析，可以初步得出结论：在电阻保持不变的情况下，流经导体的电流与导体两端的电压成______比；（4）另一同学在实验过程中误将定值电阻接成了小灯泡，所绘制的图象如丙图所示，发现图象并不是一条直线，原因是______；（5）在完成上述实验后，小雨准备利用四个阻值分别为5$\Omega$、15$\Omega$、20$\Omega$、25$\Omega$的定值电阻来探究电流与电阻之间的关系。在实验过程中，需要确保每个定值电阻两端的电压保持一致。为了能够顺利开展该实验，小雨所选取的定值电阻两