河北省百师联盟2026年高三下学期一模物理试题（含答案）

第第页河北省百师联盟2026年高三下学期一模物理试题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．我国自主研发的“华龙一号”核电机组采用铀核（92235U）裂变发电，典型裂变反应之一为92235A．核反应方程中的X为α粒子B．反应后核子的平均质量减小C．56144Ba的比结合能小于D．太阳内部发生的核反应是核裂变反应2．旋光仪测糖溶液浓度的原理如下：偏振光通过糖溶液后，迎着光看，以传播方向为轴，偏振方向的旋转角θ称为“旋光角”，θ与糖溶液浓度有关，θ测量值与标准值比较能确定含糖量。如图，自然光源S与圆形偏振片A、B的圆心共轴，转动B使观察点O处光强最强，将被测样品P置于A、B间。下列说法正确的是（）A．光的偏振现象表明光是一种机械波B．阳光下观察肥皂泡看到彩色条纹，与上述原理相同C．放置样品P后，到达O处光的强度不会明显减弱D．将偏振片B缓慢转动，使得O处光的强度第一次达到最强，偏振片B转过的角度等于θ3．杂技演员每隔相等时间竖直向上抛出一小球（不计一切阻力，小球间互不影响，重力加速度为g），若每个小球抛出时的初速度大小都是v0A．v02g B．2v03g 4．如图所示，半径为R的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴转动的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心O的对称轴OO'重合。转台以一定角速度匀速转动，一质量为m的小物块落入陶罐内，经过一段时间后小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，此时小物块受到的摩擦力恰好为0，且它和O点的连线与OO'之间的夹角θ为37°。小物块和陶罐之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为g，A．小物块受到重力、支持力、向心力的作用B．转台转动的角速度为5gC．小物块转动的线速度大小为3D．当转台的角速度缓慢增大到5g3R5．天问四号是中国行星际探测器，计划于2029年9月由长征五号火箭从海南文昌发射场发射，主要开展木星系及天王星探测任务。假设质量为m的天问四号在半径为r的环木星轨道上运行，已知木星质量为M，木星半径为R，引力常量为G，天问四号的引力势能EpA．GMm2R B．GMmR C．GMm2r6．如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比可通过滑动触头T调节，原线圈接有内阻不计、电压有效值恒定的交流电源和定值电阻R0，副线圈回路接有滑动变阻器R、定值电阻R1和A．仅将T向a端移动 B．仅将滑片P下移C．将T向b端移动，同时滑片P上移 D．将T向a端移动，同时滑片P下移7．如图所示为某餐厅的点餐、送餐机器人，质量M=10kg。某次承载质量m=2kg的餐盘（包括食物）在水平地面上以v0=6m/s的速度匀速运动，某时刻机器人紧急制动，以aA．制动过程中餐盘的加速度大小为6B．制动0.1s内，餐盘与机器人之间因摩擦产生的总热量为0.5JC．制动0.1s内，地面对机器人的摩擦力的冲量大小为7N·sD．制动0.1s内，机器人对餐盘的冲量大小为1N·s二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．在某海洋科普实验中，科研人员在平静的海面上（视为xOy平面）的O点安装了一个振动装置（起振方向竖直向上），可产生简谐横波并向四周传播。t=0时刻，海面上形成的第1个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离O点0.2m（实线）和0.1m（虚线）的同心圆上，如图所示。实验中，位于A点［坐标（3.0m，0）］和B点［坐标（4.0m，3.0m）］的传感器记录了质点的振动情况。已知该波的周期T=0.04sA．该波的传播速度大小为5m/sB．t=0.60sC．t=0.96sD．t=1.00s9．如图所示，真空中有三个点电荷分别固定在边长为L的正三角形的三个顶点，其中A、B处固定电荷量均为+Q的点电荷，C处固定电荷量为−Q的点电荷。O点为三角形中心，D点为BC边的中点。取无穷远处电势为零，点电荷产生的电势公式为φ=kqA．O点的电场强度大小为6kQB．O点的电势为3kQC．电子在O点的电势能小于在D点的电势能D．若将C处换为电荷量为+2Q的点电荷，则O点电势变为原来的4310．在磁悬浮技术的实验研究中，常用平行金属导轨模拟电磁驱动系统。如图所示，光滑导轨由倾斜部分和水平部分组成。水平部分位于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。倾斜导轨及水平导轨Ⅰ段间距均为2L，水平导轨Ⅱ段间距为L，Ⅰ、Ⅱ段导轨都足够长。金属棒P、Q质量均为m、接入电路部分的电阻均为r，Q棒开始静止在Ⅱ区，让P棒从倾斜轨道上高度为h处由静止释放，忽略经过轨道连接处的能量损失，运动过程中两棒始终与导轨垂直且接触良好。已知重力加速度为g，忽略导轨电阻，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．P棒刚进入磁场时，Q棒的加速度大小为BB．Q棒达到稳定运动状态时的速度大小为1C．从P棒进入磁场到达到稳定运动状态过程中，通过P棒的电荷量为2mD．从P棒进入磁场到达到稳定运动状态过程中，系统产生的总热量为1三、非选择题：本题共5小题，共54分。11．按要求完成下列实验题；（1）实验小组利用图甲中器材在圆形桌面上验证平行四边形定则。桌面上固定白纸，边缘安装三个不计摩擦的定滑轮，其中滑轮P1的位置固定，P2、①实验中必要的步骤是。（多选）A.测出当地重力加速度以计算拉力大小B.记录三根绳子所挂钩码数量C.测量出三根细线的长度并记录三根细线的方向D.标记平衡时结点O的位置并记录三根细线的方向②实验中，若桌面不水平，（填“会”或“不会”）影响实验的结论。（2）某实验小组利用如图乙所示的装置验证机械能守恒定律。不可伸长的轻质细线一端固定在铁架台上P点，另一端连接一个小球（小球上固定一宽度为d的挡光片），光电门安装在P点的正下方。实验时，将小球拉至细线（始终拉紧）与竖直方向成θ角的位置由静止释放，记录小球通过光电门时挡光片的挡光时间Δt①小球通过光电门时的速度大小为v=。（用d、Δt②若机械能守恒，需满足的表达式为gL=。（用θ、d、Δt12．某实验小组用伏安法测一节干电池的电动势和内阻。现备有下列器材：A.被测干电池一节B.电流表（量程为0～0.6A，内阻约为1.0ΩC.电压表（量程为0～3V，内阻约为5kD.滑动变阻器（最大阻值为10ΩE.开关、导线若干。（1）请用笔画线代替导线将图甲电路补充完整。（2）该实验小组连接好电路后进行实验，多次调节滑动变阻器，记录对应电流表、电压表的示数I、U，得到了如图乙所示的U−I图像。根据图像可求得干电池的电动势和内阻，被测干电池的电动势E=V，内阻r=Ω。（结果均保留两位小数）（3）由于电流表不慎损坏，实验桌上还有一个电阻箱，该实验小组设计了如图丙所示的实验电路，多次改变电阻箱的阻值R，记录电压表的示数U，得到了如图丁所示的1U−1R图像。且斜率为k、纵轴截距为b，则该干电池的电动势E=13．山东沿海地区冬季清晨湿冷、中午温度骤升，2025年12月某日地表温度变化达20℃。某车主早晨7：00在气温零下3℃时测得胎压为2.1atm，胎压监测系统设定报警阈值为≤1.9atm或≥2.6atm。忽略轮胎内气体体积变化。（1）中午地表温度升至17℃，车辆行驶过程中轮胎内气体温度升至47℃，通过计算说明胎压是否触发报警；（2）若汽车行驶过程中一轮胎被异物划破缓慢漏气，当系统报警时，求泄漏气体质量占胎内原有气体质量的百分比（假设漏气过程温度保持47℃不变，结果保留两位有效数字）。14．如图所示，在竖直平面内一轻质弹力绳的一端固定于P点，另一端穿过光滑钉孔Q后连接质量m=1kg的小球A，该球穿过与水平直杆OM成θ=30°角的直杆ON，两杆平滑连接。点P、Q和O在同一竖直线上，PQ间距为弹力绳原长。TS段是半径R=2.4m的圆弧形轨道，S为最低点，T与圆心O1的连线与竖直方向夹角α=60°。现将小球A拉至与Q等高的位置由静止释放，当小球A首次进入水平杆OM，便在水平方向与穿在直杆OM且静止于O点的小球B发生弹性碰撞，小球B离开M点后恰好能从T点切线进入圆弧轨道。小球A与杆ON间的动摩擦因数μ=33，不考虑小球A经过两杆连接处时的能量损失，不计小球B与杆OM及圆弧形轨道TS间的摩擦，忽略空气阻力。弹力绳始终在弹性限度内且满足胡克定律，劲度系数k=20N/m，其弹性势能Ep与伸长量x的关系为Ep=（1）小球A由静止释放后瞬间加速度大小；（2）小球B运动到S点时的速度大小；（3）小球B的质量。15．如图所示，在直角坐标系xOy中，x<0的区域存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E（未知）；x>0的区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B（未知）。一质量为m、电荷量为+q（q>0）的粒子，从点P−2d,d以初速度v（1）求匀强电场的电场强度大小E；（2）求匀强磁场的磁感应强度大小B及粒子在磁场中运动的时间；（3）若粒子经过O点时，在x>0的区域再加一个方向沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为x<0的区域内电场强度的2倍，求粒子在x>0的区域运动过程中距x轴最远的距离。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．核反应遵循质量数和电荷数守恒，可知反应产物X的质量数为A=235−144−892=1，电荷数Z=0，可知核反应方程中的B．核裂变释放能量，存在质量亏损；核子总数不变，总质量减小，因此核子的平均质量减小，故B正确；C．该反应会释放能量，使得反应产物处于更稳定状态，可知56144Ba的比结合能大于D．太阳内部发生的是轻核聚变，不是核裂变，故D错误。故答案为：B。

【分析】本题考查核裂变反应、质量亏损、比结合能、核反应类型，核心是利用质量数和电荷数守恒判断粒子，理解质量亏损与比结合能的规律。2．【答案】D【解析】【解答】A．光的偏振现象说明光是横波，光是电磁波，不是机械波，故A错误；B．肥皂泡彩色条纹是薄膜干涉；本题是光的偏振、旋光现象，原理不同，故B错误；C．在未放置样品前，O处光强最强，说明两偏振片的透振方向相同，放置样品P后，光的偏振方向将旋转一定角度，除特殊情况外（光的偏振方向旋转180°），到达O处光的强度会明显减弱，故C错误；D．偏振光通过糖溶液后，偏振方向将旋转θ，因此偏振片B转过角度为θ时，其透振方向与光的偏振方向一致，使得O处光的强度第一次达到最强，故D正确。故答案为：D。

【分析】本题考查光的偏振、干涉现象，核心是理解旋光现象原理，区分偏振与干涉的不同应用。3．【答案】B【解析】【解答】每个小球上升的时间都是t=v0g，设两球抛出的时间间隔为Δt故答案为：B。

【分析】本题考查竖直上抛运动的周期性，核心是利用竖直上抛总时间、小球个数与抛出时间间隔的关系求解。4．【答案】C【解析】【解答】A．小物块做匀速圆周运动，受到重力和陶罐的支持力的作用（当摩擦力为0时）。向心力是这两个力的合力，是效果力，不是物体实际受到的力，故A错误；B．小物块做圆周运动的半径为r=Rsinθ，对小物块，根据牛顿第二定律可得mgtanC．小物块转动的线速度大小为v=ωr=3D．当转台的角速度缓慢增大时，小物块有向上滑动的趋势，会受到沿罐壁向下的静摩擦力。当静摩擦力达到最大值时，小物块即将滑动，此时fm=μN，设此时角速度为ωm，竖直方向解得ωm=10g故答案为：C。

【分析】A：向心力是效果力，分析小物块实际受力；

B：摩擦力为0时，重力与支持力的合力提供向心力，结合圆周运动半径求解角速度；

C：由线速度与角速度关系求解；

D：角速度增大，物块有上滑趋势，静摩擦力向下，列竖直、水平方向方程求临界角速度。5．【答案】C【解析】【解答】天问四号在半径为r的环木星轨道上运行，由万有引力提供向心力得G解得动能Ek=故总机械能E=为使需额外提供的能量最小，则逃逸木星（至无穷远处）后E'k解得E'=E'k故答案为：C。

【分析】本题考查天体运动中的机械能与逃逸能量问题，核心是利用万有引力定律求轨道动能，结合引力势能，通过能量守恒求逃逸所需最小能量。6．【答案】B【解析】【解答】将图1中的变压器、定值电阻R0与原交流电源看成一个整体，等效为一个新的电源，则新电源的电动势为E=n2A．仅将T向a端移动，副线圈匝数n2增大，设输出回路的总电阻为R，根据欧姆定律通过电流表的电流I=B．仅将滑片P下移，滑动变阻器接入电路的电阻值减小，则输出回路的总电阻R减小，根据I=ER+r，C．将T向b端移动，n2减小，则r减小，E减小；同时滑片P上移，电阻R增大。根据I=D．将T向a端移动，n2增大，则r增大，E增大；同时滑片P下移，电阻R增大，根据I=故答案为：B。【分析】本题考查理想变压器等效电源模型与动态电路分析，核心是将原线圈侧等效为电源，通过电动势、内阻、外阻变化判断电流变化。7．【答案】C【解析】【解答】A．机器人对餐盘的滑动摩擦力为f2=μmg=10NB．制动0.1s内，餐盘的位移x2=餐盘与机器人之间的相对位移为Δ餐盘与机器人之间因摩擦产生的总热量为Q=fC．对机器人进行受力分析，得Ma1制动0.1s内，地面对机器人的摩擦力的冲量大小为I1D．机器人对餐盘的支持力为FN2制动0.1s内，机器人对餐盘的冲量大小为I2故答案为：C。【分析】A：由牛顿第二定律求餐盘减速加速度；B：分别求机器人与餐盘位移，得相对位移，结合Q=f⋅ΔC：对机器人受力分析，求地面摩擦力，再求冲量；D：分析机器人对餐盘的作用力（支持力+摩擦力），用冲量定义求解。8．【答案】A,D【解析】【解答】A．由题意得，t=0时刻，海面上形成的第1个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离O点0.2m（实线）和0.1m已知周期T=0.04s，则波速v=B．A点第一次到达波峰t=3m-0.2C．B点第一次到达波谷t=5m-0.1mD．B点第一次到达波峰t=5m-0.2m故答案为：AD。

【分析】A：由第一个波峰、波谷间距求波长，结合周期求波速；

B：计算波峰传到A点的时间，判断第一次到达波峰时刻；

C：计算波谷传到B点的时间，判断第一次到达波谷时刻；

D：先求B点第一次波峰到达时间，再加一个周期得第二次波峰时刻。9．【答案】A,C【解析】【解答】A．A、B、C三个点电荷在O点产生的电场强度大小均为E=kQ33L2=3kQL2B．电势为标量，符合标量的叠加法则，由题意可知，O点的电势为φOC．D点的电势为φD=φAD+φBDD．若将C处换为电荷量为+2Q的点电荷，则O点电势变为φO故答案为：AC。

【分析】A：先求各点电荷在O点的场强大小，再矢量叠加；B：电势为标量，直接代数叠加计算O点电势；C：分别求O、D点电势，结合EpD：更换C处电荷后，重新叠加电势，对比原电势倍数。10．【答案】A,C【解析】【解答】A．以P棒为研究对象，根据机械能守恒定律，有mgh=解得v根据电磁感应定律，P棒产生的电动势为E=B⋅2L根据闭合电路的欧姆定律，Q棒的电流为I=Q棒受到的安培力为F=BIL=以Q棒为研究对象，根据牛顿第二定律，有F=ma解得Q棒的加速度大小为a=B．设Q棒达到稳定运动状态时，P棒、Q棒的速度分别为vP、vQ。稳定运动时，回路磁通量变化率为零，感应电动势为零，有B⋅2L分别以P棒、Q棒为研究对象，由动量定理，得−BI⋅2L联立可得−2vQ=vP−v0，代入C．通过P棒的电荷量为q=ID．由能量守恒，总热量等于动能损失，得Q=12mv02−故答案为：AC。

【分析】A：先由机械能守恒求P棒初速度，再结合电磁感应、安培力、牛顿第二定律求Q棒加速度；

B：稳定时回路感应电动势为0，结合动量定理联立求两棒速度；

C：对Q棒用动量定理，推导通过P棒的电荷量；

D：由能量守恒求系统产生的总热量。11．【答案】（1）BD；不会（2）dΔt【解析】【解答】（1）AB．由题意知，利用图示方法验证平行四边形定则，只需记录每根细线下所挂钩码的数量即可反映细线所受拉力大小，不需测出当地重力加速度以计算拉力具体数值，故A错误，B正确；CD．为了能做出力的图示，需要记录三个力的交汇点O的位置，并记录三根细线的方向作为拉力方向，细线的长度与力的大小无关，故C错误，D正确。实验中，只需保证O点受力平衡即可，细线的拉力等于悬挂钩码的重力与桌面是否水平无关。

故答案为：BD；不会（2）挡光片通过光电门的平均速度为v=若机械能守恒，可知mgL1−cosθ=12mv2=12mdΔt2，化简得gL=d2（1）[1]AB．由题意知，利用图示方法验证平行四边形定则，只需记录每根细线下所挂钩码的数量即可反映细线所受拉力大小，不需测出当地重力加速度以计算拉力具体数值，故A错误，B正确；CD．为了能做出力的图示，需要记录三个力的交汇点O的位置，并记录三根细线的方向作为拉力方向，细线的长度与力的大小无关，故C错误，D正确。故选BD。[2]实验中，只需保证O点受力平衡即可，细线的拉力等于悬挂钩码的重力与桌面是否水平无关。（2）[1]挡光片通过光电门的平均速度为v当挡光片宽度较小时，可用计算得到的平均速度来替代小球通过光电门时的瞬时速度。[2]若机械能守恒，可知mgL化简得gL=12．【答案】（1）（2）1.48；0.80（3）1b；【解析】【解答】（1）因为干电池内阻约为零点几欧姆，远小于电压表内阻，因此采用相对电源的电流表外接法，电压表需要测量变阻器和电流表的电压，电路图如图（2）根据欧姆定律有U=E−Ir①，因此U−I图截距为E，由图乙可知E=1.48由①知U−I图斜率为−r，取图乙中直线与网格交点重合的两个点（0.10，1.40）和（0.40，1.16），

计算内阻r=−1.16−1.400.40−0.10（3）电压表示数U=IR电流I=ER+r，联立解得1U=纵截距b=1E，推导出E=1b，r=kb

(2)由‑U=E‑Ir，‑(3)由闭合电路欧姆定律变形得1U=rE⋅（1）因为干电池内阻约为零点几欧姆，远小于电压表内阻，因此采用相对电源的电流表外接法，电压表需要测量变阻器和电流表的电压，电路图如图（2）[1]根据欧姆定律有U=E−Ir①因此U−I图截距为E，由图乙可知E=1.48[2]由①知U−I图斜率为−r，取图乙中直线与网格交点重合的两个点（0.10，1.40）和（0.40，1.16），计算内阻r=−（3）[1][2]电压表示数U=IR电流I=联立解得1因此1U−纵截距b=推导出E=1b13．【答案】（1）解：轮胎容积不变，气体发生等容变化，由查理定律得p初始状态p1=2.1末状态T解得p因为2.5atm不在≤1.9atm或（2）解：漏气过程温度不变，由玻意耳定律得p报警时p初始时p2=2.5解得V泄漏的气体体积Δ同温同压下，气体的密度相同，所以泄露气体质量占比Δm【解析】【分析】(1)轮胎体积不变，气体等容变化，用查理定律求末态压强，对比报警阈值；

(2)漏气过程温度不变，玻意耳定律，结合同温同压下质量比=体积比，求泄漏气体质量占比。（1）轮胎容积不变，气体发生等容变化，由查理定律得p初始状态p1=2.1末状态T解得p因为2.5atm不在≤1.9atm或（2）漏气过程温度不变，由玻意耳定律得p报警时p初始时p2=2.5解得V泄漏的气体体积Δ同温同压下，气体的密度相同，所以泄露气体质量占比Δm14．【答案】（1）解：由几何关系可知，弹力绳水平时的伸长量x根据胡克定律，得弹力绳的拉力大小为F以小球A为研究对象，根据平衡条件，在垂直于直杆ON方向，有F小球A受到的摩擦力大小为F根据牛顿第二定律，在沿直杆ON方向有mg解得a=30（2）解：小球B离开M点后做平抛运动，在竖直方向，由自由落体运动规律，得v解得v小球B恰好能从T点切线进入圆弧轨道，在水平方向v设小球B运动到S点时的速度大小为vB，由机械能守恒定律，得解得v（3）解：小球A在直杆ON上滑动的过程中，设弹力绳与倾斜直杆的夹角为φ，由几何关系可知，弹力绳的伸长量为x=根据胡克定律，得弹力绳的拉力T=kx=k以小球A为研究对象，根据平衡条件，在垂直于直杆ON方向有N=T小球A受到的摩擦力f=μN=μ小球A从释放到O点，由机械能守恒定律，得mgd+解得vA与B发生弹性碰撞，由动量守恒定律，得m弹性碰撞中没有动能损失，得1解得m【解析】【分析】(1)先求弹力绳伸长量与拉力，垂直杆方向受力平衡求支持力、摩擦力，再沿杆方向由牛顿第二定律求加速度；

(2)小球B平抛至T点，由几何关系求初速度，再由机械能守恒求到S点速度；

(3)分析小球A运动过程中摩擦力恒定，由能量守恒求A碰前速度，弹性碰撞动量+动能守恒求B的质量。（1）由几何关系可知，弹力绳水平时的伸长量x根据胡克定律，得弹力绳的拉力大小为F以小球A为研究对象，根据平衡条件，在垂直于直杆ON方向，有F小球A受到的摩擦力大小为F根据牛顿第二定律，在沿直杆ON方向有mg解得a=30（2）小球B离开M点后做平抛运动，在竖直方向，由自由落体运动规律，得v解得v小球B恰好能从T点切线进入圆弧轨道，在水平方向v设小球B运动到S点时的速度大小为vB，由机械能守恒定律，得解得v（3）小球A在直杆ON上滑动的过程中，设弹力绳与倾斜直杆的夹角为φ，由几何关系可知，弹力绳的伸长量为x=根据胡克定律，得弹力绳的拉力T=kx=k以小球A为研究对象，根