2025-2026学年高二下学期人教版化学选择性必修3综合检测卷

《2025-2026学年高二下学期人教版化学选择性必修三综合检测卷》参考答案题号12345678910答案CBCDBCBDCC题号11121314151617181920答案BBCCDCBBDB1．C【详解】A．液晶是介于液态和晶态之间的物质状态，并非单纯液态，A错误；B．“蒸烧”指蒸馏而非蒸发，因乙醇和乙酸沸点不同需蒸馏分离，B错误；C．人体细胞的双分子膜（磷脂双分子层）是由大量分子通过分子间作用力自组装形成的有序超分子体系，C正确；D．聚丙烯是丙烯加聚反应的产物，结构中不存在碳碳双键，不能和溴发生加成反应，无法使溴水褪色，D错误；故选C。2．B【详解】A．异丁烷为2-甲基丙烷，结构简式为(CH3)3CH，分子中存在一个支链，是正丁烷的球棍模型，故A错误；B．羟基（-OH）中氧原子最外层有1个未成对电子，电子式为，故B正确；C．硝基苯的结构简式为，故C错误；D．BCl3中B原子价层电子对数为，无孤电子对，VSEPR模型为平面三角形，故D错误；选B。3．C【详解】A．醋酸是弱酸不拆，碳酸钙难溶也不拆，醋酸与碳酸钙的反应：，A错误；B．甲酸是弱酸不拆，甲酸中含有醛基，与新制氢氧化铜会发生氧化还原反应，B错误；C．碳酸的酸性强于苯酚强于碳酸氢根离子的，苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳：C6H5O-＋CO2＋H2O→C6H5OH＋HCO，C正确；D．乙醛溶液与足量的银氨溶液共热CH3CHO+2[Ag(NH3)2]++2OH-CH3COO-+NH+2Ag↓+3NH3+H2O，D错误；故选C。4．D【详解】①相同碳原子数的烷烃，支链越多、沸点越低，则沸点：正戊烷＞新戊烷＞正丁烷，故①正确；②分子中只有1个碳碳双键，则1mol分子中含有1mol碳碳双键，故②错误；③C2H4为乙烯，C4H8可能为烯烃或环烷烃，则二者不一定是同系物，故③正确；④2，4，6-三硝基甲苯结构简式为，故④错误；⑤甲烷中任意2个H原子均为相邻位置，则与是同种物质，故⑤错误；⑥等质量的烃完全燃烧，H的质量分数越大，耗氧量越大，则耗氧量：CH4＞C2H4，故⑥正确；⑦乙烯与溴水发生加成反应，乙烯被酸性KMnO4溶液氧化，可知褪色的原理不同，故⑦错误；综上，正确的是①③⑥；故选：D。5．B【详解】A．未给出溶液体积，无法计算H+数目，A错误；B．乙烯和丙烯的最简式均为CH2，则每14gCH2中含2molC-Hσ键，则混合气体中C-Hσ键的总数为2NA，B正确；C．标准状况下氯仿为液体，无法用气体摩尔体积计算分子数，C错误；D．1molCaC2中含Ca2+和各1mol，则阴阳离子总数为2NA，D错误；故选B。6．C【详解】A．中N原子价电子对数为4，N原子采用sp3杂化，不是平面分子，故A错误；B．是共价晶体，不存在分子，故B错误；C．、都含有醛基，都能发生银镜反应，故C正确；D．乙二醇被酸性最终氧化为二氧化碳，故D错误；选C。7．B【详解】A．羟基H原子活泼性正确顺序为乙酸>苯酚>水>乙醇，选项中乙醇>水的排序错误，A错误；B．常温下甲酸、乙酸可溶解Cu(OH)2得到蓝色溶液，乙醛、乙醇无明显现象；加热时，甲酸含醛基，其溶液产生砖红色沉淀，乙酸溶液无明显变化，乙醛产生砖红色沉淀，乙醇中Cu(OH)2分解为黑色CuO，四种物质现象不同可鉴别，B正确；C．少量溴水与苯酚反应生成的三溴苯酚会溶于过量的苯酚，无法观察到白色沉淀，需使用过量浓溴水才能观察到沉淀，C错误；D．皂化反应特指高级脂肪酸甘油酯的碱性水解，乙酸甘油酯不属于高级脂肪酸甘油酯，其碱性水解不属于皂化反应，D错误；故选B。8．D【详解】A．单体为甲基丙烯酸羟乙酯，由图可知，分子式为，A错误；B．该反应是碳碳双键打开聚合得到高分子，无小分子副产物生成，属于加聚反应，B错误；C．是高分子聚合物，中含有酯基，水解后生成的羧基可与反应，因此最多消耗，C错误；D．的重复单元中含有大量亲水基团羟基，因此属于亲水性聚合物，D正确；故选D。9．C【详解】A．淀粉水解后，没有加NaOH中和硫酸，不能检验葡萄糖，由实验操作和现象，不能证明淀粉没有水解，故A错误；B．酸性高锰酸钾溶液能氧化Fe2+和Cl-，Fe2+和Cl-都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，根据实验现象，不能判断溶液中含有Fe2+，可以用铁氰化钾溶液检验Fe2+，故B错误；C．溶液与SO2不反应，通入Cl2后，Cl2在溶液中将SO2氧化为H2SO4，所以能生成硫酸钡沉淀，说明氧化性：，故C正确；D．含醛基的有机物可发生银镜反应，由实验操作和现象可知，有机物可能为醛类物质或甲酸、葡萄糖等，故D错误；答案选C。10．C【详解】A．苯酚与溶液反应生成苯酚钠和NaHCO3，说明苯酚酸性强于碳酸氢根离子，不能说明苯酚酸性强于碳酸，A错误；B．肉桂醛中碳碳双键能与溴水加成反应使得溴水褪色，醛基能被溴水氧化使得溴水褪色，溴水褪色不能说明肉桂醛中存在碳碳双键，B错误；C．植物油含酯基，能和氢氧化钠发生碱性水解，矿物油和氢氧化钠不反应，则加热后溶液红色变浅且不分层的是植物油；无明显变化的是矿物油，C正确；D．检验醛基应该在碱性环境下进行，题中碱少量，不是碱性环境，不能检验醛基，D错误；故选C。11．B【详解】A．挥发的溴与硝酸银溶液反应，则产生淡黄色沉淀，不能验证苯和液溴的反应为取代反应，故A错误；B．饱和食盐水与电石反应生成的乙炔中混有硫化氢等，硫酸铜溶液除去硫化氢等，乙炔与溴水发生加成反应，则溴水褪色，可检验乙炔，故B正确；C．挥发的乙醇使酸性高锰酸钾溶液褪色，则紫色褪去，不能检验产物乙烯，故C错误；D．苯甲酸的溶解度不大，且随温度的升高而增大，应溶解后趁热过滤除杂，然后冷却结晶、过滤分离出苯甲酸，不能蒸发结晶，故D错误；故选：B。12．B【详解】A．溴乙烷在氢氧化钠溶液中水解生成溴化钠，水解液中先加硝酸中和氢氧化钠，再加硝酸银生成淡黄色溴化银沉淀，①检验溴乙烷水解液中，故A正确；B．装置②中挥发出的乙醇蒸汽能使高锰酸钾溶液褪色，②中高锰酸钾褪色，不能证明有乙烯生成，故B错误；C．苯和浓硝酸、浓硫酸的混合液在60℃发生取代反应生成硝基苯，③制备硝基苯，故C正确；D．酒精中加氧化钙，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，再蒸馏得到无水乙醇，④制备无水乙醇，故D正确；选B。13．C【分析】该流程是甲苯制备苯甲醇：甲苯（）在光照条件下与发生侧链烷基的取代反应生成，然后再与水溶液加热发生卤代烃的水解反应，得到苯甲醇（）。【详解】A．反应①是甲苯甲基上氢的取代反应，条件为光照；是苯环上氢发生氯代反应的催化剂，A错误；B．反应②是卤代烃的水解反应，生成1mol同时还生成1molHCl，1molHCl需消耗1molNaOH中和，B错误；C．该物质的分子式为，其属于芳香族化合物的同分异构体有邻甲基氯苯、间甲基氯苯、对甲基氯苯3种，C正确；D．将与NaOH乙醇溶液共热，不能发生消去反应，则不能加硝酸、硝酸银检验氯离子，D错误；故选C。14．C【详解】①聚丙烯是由丙烯发生聚合反应制得的，是混合物，①正确；②中氯化镁、硫酸钙为凝固剂，不属于营养强化剂，②错误；③有机物受到红外线照射时，能吸收与它的某些化学键或官能团的振动频率相同的红外线，分析有机物的红外光谱图，可以获得分子中所含有的化学键或官能团的信息，因此利用红外光谱实验可确定青蒿素分子中含有的部分基团，③正确；④BaC2属于离子化合物，其电子式为：，④正确；⑤超分子是由两种或两种以上的分子通过分子间作用形成的分子聚集体，具有自组装和分子识别的特征，⑤正确；⑥75%的乙醇溶液可以更有效的杀死新冠病毒，酒精浓度太高，不利于杀菌消毒，⑥错误；⑦油脂不是天然高分子化合物，⑦错误；⑧高锰酸钾可以与葡萄产生的具有催熟作用的乙烯发生反应，因此葡萄与浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土放在一起可以保鲜，⑧正确；②⑥⑦错误，即共有3项错误，答案选C。15．D【详解】A．蛋白质、核酸都是生物大分子，即高分子，都属于混合物，故A正确；B．由蛋白质的二级结构片段可知，氢键使肽链形成蛋白质的二级结构，故B正确；C．脱氧核糖核酸(DNA)和核糖核酸(RNA)在结构上存在差异，DNA中的戊糖是脱氧核糖，RNA中的戊糖是核糖，DNA中的碱基是胸腺嘧啶(T)，RNA中的碱基是尿嘧啶(U)，故C正确；D．由核酸分子片段可知，所含氢键为、，没有，故D错误；故选：D。16．C【分析】对羟基苯乙酮溶液中加入乙酸乙酯进行萃取，分液后得到水层和有机层，有机层中含对羟基苯乙酮和乙酸乙酯，经过干燥，倾析分离出有机层，蒸馏后得到溶剂和产品。【详解】A．萃取过程中，每一次萃取都是按照一定比例进行的溶质分配，多次萃取相当于不断降低物质的浓度，提取效率就高，故萃取剂总量相同，萃取率受萃取次数影响，A错误；B．振荡时要注意打开分液漏斗下部活塞及时放气，B错误；C．对羟基苯乙酮分子中含有羟基，能与乙酸乙酯形成分子间氢键，这使得对羟基苯乙酮更易溶解在乙酸乙酯中，有利于萃取。但在蒸馏时，由于分子间氢键的存在，会使对羟基苯乙酮与乙酸乙酯的沸点差距变小，不利于通过蒸馏将它们完全分离，C正确；D．对羟基苯乙酮与乙酸乙酯能形成分子间氢键，蒸馏将乙酸乙酯蒸出后剩余物质仍为两者的混合物，D错误；故选C。17．B【分析】圆底烧瓶采用水浴加热，水蒸气和丁香花精油一同进入回流冷凝装置，当回流冷凝装置中液面高于回流管时，水回流进入圆底烧瓶循环利用，打开活塞可放出下层金银花精油。【详解】A．玻璃珠在此处相当于沸石，作用是防止暴沸，A正确；B．为增强冷凝效果，应从a口通入冷却水，增大馏出物与水的接触面积，B错误；C．根据分析，水蒸气冷凝后流回圆底烧瓶可以循环利用，C正确；D．直接用酒精灯加热会因温度过高导致精油发生氧化或分解，所以实验时用水浴加热的方式加热蒸馏精油，D正确；故选B。18．B【分析】由图2可知有机物M的相对分子质量为74；M的红外光谱显示有C-H、C-O的吸收峰，无O-H的吸收峰，则M为醚类，饱和一元醚的结构通式为CnH2n+2O，则12n+2n+2+16=74，n=4，则分子式为C4H10O；又M的核磁共振氢谱(图1，两组峰面积之比为2:3)，则M的结构简式为CH3CH2OCH2CH3。【详解】A．根据分析，M为醚类，M不属于醇类物质，A正确；B．M的分子中含醚键，B错误；C．M的结构简式为CH3CH2OCH2CH3，C正确；D．M的相对分子质量为74，D正确；故选B。19．D【详解】A．靛蓝含有亚胺基，显碱性，不与碱反应，但要和酸反应，不耐酸。靛蓝含有不饱和的碳碳双键，可以被高锰酸钾等氧化剂氧化，不耐氧化，A错误；B．靛蓝分子中的键应该是p轨道“肩并肩”形成，B错误；C．靛白分子的分子式C16H12N2O2，C错误；D．靛白与碱反应以后，其羟基上的氢原子与碱反应，说明显酸性，该性质和苯酚性质相似，则靛白中的五元环有着类似于苯环的性质，D正确；故选D。20．B【详解】A．根据题干信息，MEG分子为乙二醇：，结构中无碳碳双键结构，不存在顺反异构，A错误；B．由RPO聚合法生成PEF时，可以看成由二元羧酸和二元醇通过二元酯化缩聚而成，当n=200时，由于链节中乙二醇与2，5-呋喃二甲酸的物质的量比为1:1，因此聚合度为n的一半，即100，B正确；C．寡聚体中还存在烷烃基的四面体结构，所以不可能所有原子都共面，C错误；D．发生降解时可得到，FDCA属于二元羧酸，则最多可以消耗，D错误；故答案为：B。21．(1)(2)④(3)C4H8O2⑧(4)CH3CHO+HCN→CH3CH(OH)CN(5)+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓＋H2O＋3NH3(6)A【详解】（1）乙醇催化氧化生成乙醛，方程式为：。（2）②属于烷烃，分子式为；同系物要求结构相似、分子组成相差个，④正丁烷是烷烃，与②相差2个，互为同系物；⑦与②分子式相同，是同一种物质。答案：④（3）浓硫酸增重3.6g为水，，；碱石灰增重8.8g为，，；，，得最简式；质谱最大质荷比为88，故分子式为。红外光谱显示有、、不对称，符合条件的是⑧乙酸乙酯，故结构为⑧。（4）醛基与发生加成反应，方程式为：CH3CHO+HCN→CH3CH(OH)CN。（5）⑨为，醛基发生银镜反应，方程式为：+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓＋H2O＋3NH3。（6）A：苯酚钠通入足量生成苯酚，苯酚常温微溶于水，溶液浑浊，正确；B：钠与乙醇、水都能反应，不能检验乙醇中的水，错误；C：乙烯与氢气加成反应不完全，还会引入新杂质氢气，错误；D：银不与氨水反应，银镜需要稀硝酸洗涤，错误；E：氯乙烷中氯原子为共价态，不能直接与反应，需要先水解再检验，错误；故选A。22．(1)AB(2)提供质子破坏氢键；防止温度过高副反应增加(3)冰水降低乙酰水杨酸溶解度，利于结晶析出(4)溶液(答案合理即可)(5)7.92(6)【分析】50mL干燥圆底烧瓶中加入水杨酸和乙酸酐，摇匀后滴入5滴浓硫酸，装上球形冷凝管。待水杨酸全部溶解后，置于85℃~90℃水浴中，加热10~15min反应结束，反应后混合物在不断搅拌下倒入冷水中，析出固体，抽滤得粗品。【详解】（1）由步骤①实验中用到的仪器有A球形冷凝管，和圆底烧瓶，不是C蒸馏烧瓶，反应结束，反应后混合物在不断搅拌下倒入冷水中，析出固体，结晶完全后抽滤时用到B布氏漏斗，不用D漏斗。故答案为：AB；（2）由已知信息，水杨酸与乙酸酐需在才能发生反应，滴加浓硫酸的作用是提供质子破坏氢键；防止温度过高副反应增加。故答案为：提供质子破坏氢键；防止温度过高副反应增加；（3）乙酰水杨酸的溶解度随温度升高而增大，步骤③中用冰水，目的是降低乙酰水杨酸溶解度，利于结晶析出。故答案为：冰水；降低乙酰水杨酸溶解度，利于结晶析出；（4）检测乙酰水杨酸粗品中是否含水杨酸的试剂是溶液看是否呈紫色(答案合理即可)。故答案为：溶液；（5）取0.50g阿司匹林样品，先加入过量的NaOH标准溶液[物质的量为]，充分反应使乙酰水杨酸完全水解，再用盐酸标准溶液滴定过量的NaOH，消耗盐酸的物质的量为×19.56mL×，说明氢氧化钠和阿司匹林反应的物质的量为-×19.56mL×=，此时溶液中钠盐为NaCl＋CH3COONa和，说明酚羟基没有和氢氧化钠反应，所以氢氧化钠和阿司匹林反应的物质的量之比为2:1，则阿司匹林样品中乙酰水杨酸的含量可表示为药片中有效成分乙酰水杨酸的质量分数为=7.92%，故答案为：7.92；（6）阿司匹林在体内较快转化为有药效的水杨酸，若血液中水杨酸浓度过高会使人中毒，可静脉注射溶液解毒，生成、水和二氧化碳，用方程式解释其中原理。故答案为：。23．(1)苯乙烯碳氯键C8H16O3(2)②④(3)n(4)+H2O(5)120(6)9、【分析】A是苯乙烯，A和氯气发生反应D(加成反应)生成卤代烃B，B发生苯环上的取代反应(反应2)生成C，C和氢气加成生成D，D在碱性条件下发生水解反应(或取代反应)生成醇E；【详解】（1）根据A的结构简式可知，A是苯乙烯；B中官能团的名称是碳氯键，根据结构简式可知，E的分子式为C8H16O3；（2）①是苯乙烯与氯气发生加成反应生成B，②是B与氯气发生苯环上的取代反应(反应2)生成C，③是C在镍的催化下与氢气发生加成反应生成D，④是D在强碱的水溶液中发生水解反应（也属于取代反应）生成E；反应①~④中，属于取代反应的有②④；（3）F是高分子化合物，则为苯乙烯发生加聚反应生成聚苯乙烯，故A→F的化学方程式为n；（4）G在浓硫酸、加热的条件下也可转化为A，为醇的消去反应，该反应的化学方程式为+H2O；（5）根据D的结构简式可知，D中含有三个碳氯键，D→E的另一种产物是NaCl，生成1molE至少需要消耗3molNaOH，即140gNaOH；（6）G为，其属于酚类的同分异构体，则应将羟基直接连在苯环上，第一种情况为苯环上连有-OH与-C2H5，它们的位置关系有邻间对三种，第二种情况为苯环连有三个取代基分别为-OH与两个-CH3，3个取代基中2个相同，则它们的位置关系有六种，故X的同分异构体中属于酚类一共有9种；其中符合核磁共振氢谱有4组峰，且峰面积之比为6:2:1:1的X的结构简式则应该构造对称的两个甲基，故结构为：或者。24．(1)加成反应(2)水溶液羟基、羧基、碳溴键(3)(4)4(5)、、、【分析】由合成绿原酸的流程为：将A与进行加成得到B，再将B进行（1）水解和（2）酸化得到C：，结合转化过程，可反推出B的结构为：；A的结构为：；将C进行NBS转化生成D：，再次将D通过（1）水解和（2）酸化得到E：，将E与在一定条件下反应生成F：，继续将F与G：进行反应（1）和（2）转化为产品绿原酸H：，据此分析解答。【详解】（1）根据分析，A的结