2025-2026学年福建省宁德市高二下学期6月自编模拟练习卷物理（含答案）

2025-2026学年福建省宁德市高二下学期6月自编模拟练习卷物理考生注意：1.本试卷包括两道大题，共15道小题。满分100分，考试时量75分钟。2.考生务必将各题的答案填写在答题卡的对应位置，在本试卷上作答无效。3.考试结束时，只交答题卡。一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1．如图，矩形线框ABCD的匝数为N，面积为S，线框所处匀强磁场的磁感应强度大小为B。线框从图示位置开始绕轴OO'以恒定的角速度ω沿逆时针方向转动，线框通过两个电刷与外电路连接。外电路中理想变压器原、副线圈的匝数比为k:1，定值电阻A．图示位置，线框的磁通量大小为NBSB．图示位置，线框的感应电动势大小为NBSωC．流过R1和原线圈的电流之比为D．线框的输出功率为N2．心电图仪是将心肌收缩产生的脉动转化为电压脉冲的仪器，其输出部分可等效为一个不计内阻的交流电源，其电压会随着心跳频率发生变化。如图所示，心电图仪与一理想变压器的原线圈相连接，扬声器(等效为一个定值电阻)与一滑动变阻器连接在副线圈两端。下列说法正确的是（）A．保持电压U1B．保持电压U1C．保持滑片P不动，当U1D．保持滑片P不动，当U13．质量为2m的小车放在光滑水平面上，质量为m的小球用长为L的轻质细线悬挂于小车顶端。从图中位置开始（细线水平且伸直），同时由静止释放小球和小车，设小球到达最低点时速度为v，从释放到小球到达最低点的过程中细线对小球做的功为W，从释放开始小车离开初位置的最大距离为d，则下列说法正确的是（）A．v=3gL2 B．v=2gL3 C．4．如图所示为一个“杆线摆”，可以绕着悬挂轴OO'摆动，轻杆与悬挂轴OO'垂直且杆长为1.25m，其摆球的运动轨迹被约束在一个倾斜的平面内，相当于单摆在斜面上来回摆动，静止时轻杆与重垂线的细线夹角为α，当小球受到垂直纸面方向的扰动时则做微小摆动，（）A．若α=30°，小球静止在平衡位置时，杆和线的合力沿杆的方向B．若α=60°，小球摆动到平衡位置时，受到的合力竖直向上C．若α=30°，小球摆动时的“等效重力加速度”为5m/s2D．若α=60°，小球做微小摆动的周期为πs5．我国电网已处于世界领先水平，在国家电网改造前，用电高峰期，用户电压会明显低于正常值220V，甚至家电不能工作。当地居民常常用调压器来调整电压，其原理如图所示。交变电压从ab端输入，从cd端输出连接到家用电器R上，滑片P可以上下滑动。调压器视为理想变压器，匝数n2A．该调压器只能升电压不能降电压B．若ab输入电压为U，且P在n1的中点，则R两端的电压为C．若2n2=n3D．此调压器ab端输入功率等于cd端输出功率，但输入端和输出端的频率不相等6．如图所示，在ab之间接有交流电源，其电压的有效值为U。电路中共接有六个相同的定值电阻。S断开时，滑动变阻器触片滑到最下面时，恰好理想变压器的输出功率最大（包含副线圈负载电阻阻值从0到无穷大的变化范围）。S闭合后，滑动变阻器触片仍然滑到最下面时，下列说法正确的是（）A．变压器原、副线圈匝数的比值为1∶4B．S闭合后，R4两端电压为C．S闭合后，R2两端电压为D．S闭合后，R1的功率是R7．如图甲所示，有一根长1m、两端固定紧绷的金属丝，通过导线连接示波器。在金属丝中点处放置一蹄形磁铁，在中点附近1.00cm范围内产生B=10−3T、方向垂直金属丝的匀强磁场（其他区域磁场忽略不计）。现用一激振器使金属丝发生垂直于磁场方向的上下振动，稳定后形成如图乙所示的不同时刻的波形，其中最大振幅A=0.5cm。若振动频率为f，则振动最大速度v=2πfAA．金属丝上波的传播速度为3B．金属丝产生的感应电动势最大值约为3C．若将示波器换成可变电阻，则金属丝的最大输出功率约为9D．若让激振器产生沿金属丝方向的振动，其他条件不变，则金屑丝中点的振幅为零8．同一均匀介质中有甲、乙两列简谐横波，甲沿x轴正方向传播，乙沿x轴负方向传播，波速均为10cm/s。t=0时刻，两列波的全部波形如图所示。下列说法中正确的是（）A．甲的周期是4sB．乙的周期是4sC．t=0.375s时刻，介质中第一次有质点位移为+8cmD．t=0.75s时刻，介质中第一次有质点位移为+8cm9．如图所示为某地一风力发电机，它的叶片转动时可形成半径为R的圆面。假定某时间内该地区的风速是v，撞击叶片后速度变为零，风向恰好跟叶片转动的圆面垂直，已知空气的密度为ρ，若该风机将风能转化为电能的效率为η，下列说法正确的是（）A．单位时间内冲击风力发电机叶片圆面的气流的体积为vπB．若风速变为原来2倍，则电功率将变为原来4倍C．此风力发电机发电的功率为πD．单位时间内冲击风力发电机叶片圆面的气流的动能为110．如图所示，轻质弹簧端固定在水平面上的光滑转轴O上，另一端与套在粗糙固定直杆A处的质量为m的小球（可视为质点）相连。A点距水平面的高度为h，直杆与水平面的夹角为30°，OA=OC，B为AC的中点，OB等于弹簧原长。小球从A处由静止开始下滑，经过B处的速度为v，并恰好能停在C处。已知重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A．小球通过B点时的速度最大B．弹簧具有的最大弹性势能为1C．小球通过AB段克服摩擦力做功大于通过BC段克服摩擦力做功D．A到C过程中，产生的内能为mgh二、非选择题（共5题，共计60分）11．某同学利用双缝干涉实验测量某种单色光波长。某次测量时，选用的双缝的间距为0.6mm，测得屏与双缝间的距离为0.5m，用某种单色光实验得到的干涉条纹如图所示，分划板在图中A、B位置时20分度的测量头的读数也如图中所示，则A位置对应的读数为mm，B位置对应的读数为mm，则所测单色光的波长约为nm。12．恢复系数是反映碰撞时物体变形恢复能力的参数，它只与碰撞物体的材料有关．两物体碰撞后的恢复系数为e=|v1'−v2'v1−v2|，其中v1、v2和v①如图所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球m1、球m2与木条的撞击点；②将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球m1从斜轨上A点由静止释放，撞击点为B'；③将木条平移到图中所示位置，入射球m1从斜轨上A点由静止释放，确定撞击点；④球m2静止放置在水平槽的末端相撞，将入射球m1从斜轨上A点由静止释放，球m1和球m2相撞后的撞击点；⑤测得B'与撞击点N、P、M各点的高度差分别为h1、h2、h3；根据该同学的实验，回答下列问题：（1）两小球的质量关系为m1m2（填“＞”、“=”或“＜”）（2）木条平移后，在不放小球m2时，小球m1从斜轨顶端A点由静止释放，m1的落点在图中的点，把小球m2放在斜轨末端边缘B处，小球m1从斜轨顶端A点由静止开始滚下，使它们发生碰撞，碰后小球m1的落点在图中点．（3）利用实验中测量的数据表示小球m1和小球m2碰撞后的恢复系数为e=点．（4）若在利用天平测量出两小球的质量分别为m1、m2，则满足表示两小球碰撞后动量守恒；若满足表示两小球碰撞前后机械能均守恒．13．如图所示，光滑水平面AB与固定在竖直面内的粗糙半圆形导轨相切于B点，导轨半径为R=0.4m，一个质量为m=1kg的物块将轻弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物块获得某一向右速度后脱离弹簧，它继续运动到B点时对导轨的压力大小为其重力的7倍，之后沿半圆形导轨运动恰好能通过C点，重力加速度g取10m/s2，求：（1）弹簧被压缩至A点时的弹性势能；（2）物块从B到C克服阻力的功；（3）物块离开C点后，再落回到水平面前瞬间时的动能。14．如图所示，有一宽度为L=1m的足够长的固定U形平行光滑金属导轨，导轨平面与水平面的夹角为θ=30∘，空间存在范围足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为B=1T，方向与导轨平面垂直．将根质量为m=0.2kg．电阻为R=1Ω的金属棒ab垂直放在导轨上，ab始终与导轨接触良好．用平行于导轨平面的拉力F作用于ab上，使ab由静止开始沿导轨向上运动，拉力F的功率始终为6W，当ab棒运动了1.（1）ab棒达到的稳定速度；（2）ab棒从静止开始到达到稳定速度的时间内，通过ab棒横截面的电荷量．15．在如图所示的竖直平面内，半径为R1=40cm的圆弧形光滑细管道AN与竖直光滑细管道MN、形状未知的轨道AB相切于N点、A点；倾角为θ=37°，长为L1=6.25m的粗糙直轨道BC与AB相切于B点，水平轨道CE段与BC连接，CD段光滑，DE段粗糙且足够长：一半径为R2=10cm的竖直光滑圆轨道相切于D点，底部略微错开以致物体做完整圆周运动后可以顺利进入水平DE轨道。一质量为m=1kg的滑块Q静止在CD上，另一质量也为m=1kg滑块P被压缩弹簧弹出后沿管道运动，在AN管道最高点对外侧管壁压力为3mg，之后能一直沿AB轨道无挤压的运动，且无碰撞的进入直轨道BC，P运动到水平轨道CD后与Q发生碰撞，碰撞过程中P的动量改变量为碰前P动量的34。已知弹簧原长在N处，P被弹出到A过程中最大速度为5m/s，弹簧的弹性势能为E=12（1）求滑块到达A点和B点的速度大小；（2）求弹簧劲度系数k的值；（3）若要使得P与Q发生一次碰撞，运动过程中不脱离轨道且P经过C点位置不超过两次，求动摩擦因数μ应满足的条件。

参考答案1．【答案】C2．【答案】D3．【答案】C4．【答案】D5．【答案】C6．【答案】D7．【答案】C8．【答案】B,C9．【答案】A,D10．【答案】B,D11．【答案】10.45；15.30；58212．【答案】（1）＞（2）P；M（3）h2（1h1（4）m1h2=m1h3+m13．【答案】（1）解：设物块运动到B点时速度为v1，由牛顿第二定律可得F−mg=m由题意可知F=7mg联立解得v据能量守恒可得，弹簧被压缩至A点时的弹性势能为E（2）解：物块恰好能通过C点，在C点满足mg=m从B到C过程，据动能定理可得−mg⋅2R−解得克服阻力的功为W（3）解：物块离开C点后，再落回到水平面的过程，由动能定理可得E解得落回水平面瞬间时的动能为E14．【答案】（1）解：导体棒受到的安培力：F牵引力的功率：P=Fv导体棒匀速运动时达到稳定速度，对导体棒，由平衡条件得：F=mgsin3代入数据整理得：v解得：v=2m（2）解：对导体棒，由能量守恒定律得：Pt=Q+mgxsinθ+代入数据解得：x=5由法拉第电磁感应定律得：E=感应电流：I=通过ab棒横截面的电荷量：q=I△t代入数据解得：q=515．【答案】（1）对A点由牛顿第二定律得mg+F=m解得v由于在AB段对轨道无挤压即没有压力，因此A到B做平抛运动tan因此vv（2）P被弹出至脱离弹簧过程中，速度最大即为平衡位置x速度最大即为平衡位置，由能量守恒得1解得k=100N/m（3）B到C，由动能定理得mg解得v为使P和Q能发生碰撞，vc>0因此μ<1P和Q发生碰撞，P的动量改变量为碰前P动量的3/4，因此P碰后速度