2025年高三数学秋季开学摸底考（北京专用）含答案

2025年秋季高三开学摸底考试模拟卷（北京专用）数学（考试时间：120分钟试卷满分：150分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4．考试范围：选择性必修第二、三册+高考一轮复习（集合与逻辑、复数、函数与不等式）第一部分（选择题共40分）一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．已知集合，则（

）A． B． C． D．2．复数的虚部为（

）A． B．1 C． D．i3．根据图中的函数图象，下列数值最小的是（

）

A．曲线在点处切线的斜率 B．曲线在点处切线的斜率C．曲线在点处切线的斜率 D．割线的斜率4．已知是公差不为零的等差数列，，若成等比数列，则（

）A． B． C．16 D．185．已知函数的定义域为，且为奇函数，当时，，则（

）A． B． C． D．46．已知，则（

）A． B．C． D．7．已知函数的定义域为D，则“的值域为”是“对任意，存在，使得”的（

）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件8．函数在处有极小值5，则（

）A． B． C．或 D．或39．生物丰富度指数是河流水质的一个评价指标，其中分别表示河流中的生物种类数与生物个体总数.生物丰富度指数d越大，水质越好．如果某河流治理前后的生物种类数没有变化，生物个体总数由变为，生物丰富度指数由提高到，则（

）A． B．C． D．10．从点可向曲线引三条不同切线，则a的取值范围为（

）A． B． C． D．第二部分（非选择题共110分）二、填空题：本题共5小题，每小题5分，共25分。11．函数的导数为．12．已知，则；．13．已知函数，当时，；若在上单调递增，则实数a的取值范围是.14．我国度量衡的发展有着悠久的历史，战国时期就已经出现了类似于砝码的、用来测量物体质量的“环权”．已知9枚环权的质量（单位：铢）从小到大构成项数为9的数列，该数列的前3项成等差数列，后7项成等比数列，且，则；数列所有项的和为．15．设函数有三个不同的零点，从小到大依次为，则（

）①．②．函数的对称中心为③．过引曲线的切线，有且仅有1条④．若成等差数列，则三、解答题：本题共6小题，共85分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步棸。16．（满分13分）4名男生和3名女生站成一排，分别有多少种不同的站法？(1)3名女生不相邻．(2)男生甲不在排头，女生乙不在排尾．(3)甲、乙、丙三人从左到右的顺序不变．17．（满分13分）已知函数在及处取得极值．(1)求a，b的值；(2)求函数在处的切线方程；18．（满分14分）已知等差数列的公差是-2，等比数列的公比是2，若.(1)求和的通项公式；(2)求数列的前项和.19．（满分15分）某次考试中，只有一道单项选择题考查了某个知识点，甲、乙两校的高一年级学生都参加了这次考试.为了解学生对该知识点的掌握情况，随机抽查了甲、乙两校高一年级各100名学生该题的答题数据，其中甲校学生选择正确的人数为80，乙校学生选择正确的人数为75.假设学生之间答题相互独立，用频率估计概率.(1)估计甲校高一年级学生该题选择正确的概率(2)从甲、乙两校高一年级学生中各随机抽取1名，设X为这2名学生中该题选择正确的人数，估计的概率及X的数学期望；(3)假设：如果没有掌握该知识点，学生就从题目给出的四个选项中随机选择一个作为答案；如果掌握该知识点，甲校学生选择正确的概率为，乙校学生选择正确的概率为.设甲、乙两校高一年级学生掌握该知识点的概率估计值分别为，，判断与的大小（结论不要求证明）.20．（满分15分）当前，以深度求索（DeepSeek）等为代表的人工智能技术创新不断取得突破性的进展．已知语料库实时处理数据时，数据量（万条）与系统延迟（秒）的关系为．(1)讨论系统延迟最小的临界数据量；(2)当时，若要求延迟不超过20秒，求数据量的最大值（取整数）．参考数据：3.0910．21．（满分15分）已知函数的定义域是，导函数，设是曲线在点处的切线．(1)求的最大值；(2)当时，证明：除切点A外，曲线在直线的上方；(3)设过点A的直线与直线垂直，，与x轴交点的横坐标分别是，，若，求的取值范围．2025年秋季高三开学摸底考试模拟卷（北京专用）数学•全解全析第一部分（选择题共40分）一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．已知集合，则（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】利用交集的定义求解即可.【详解】因为，所以，故A正确.故选：A2．复数的虚部为（

）A． B．1 C． D．i【答案】A【分析】根据复数的乘法与除法运算法则，直接计算，再由复数的概念即可求解.【详解】因为，所以复数的虚部为，故选：A.3．根据图中的函数图象，下列数值最小的是（

）

A．曲线在点处切线的斜率 B．曲线在点处切线的斜率C．曲线在点处切线的斜率 D．割线的斜率【答案】C【分析】根据导数的定义及割线的定义结合函数的图象判断即可．【详解】通过图象可知，曲线在点处、点处切线的斜率为正，在点处切线的斜率为负，割线的斜率为正，所以最小值为曲线在点处切线的斜率.故选：C4．已知是公差不为零的等差数列，，若成等比数列，则（

）A． B． C．16 D．18【答案】C【分析】由等比中项的性质结合等差数列的基本量运算即可求解.【详解】设等差数列的公差为，因为成等比数列，且，所以，即，解得或（舍去），所以.故选：C.5．已知函数的定义域为，且为奇函数，当时，，则（

）A． B． C． D．4【答案】D【分析】利用的奇偶性得到，再对进行赋值即可求解.【详解】为奇函数，，函数的定义域为，令，得，，令，得，当时，，，即，.故选：D.6．已知，则（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】由基本不等式结合特例即可判断.【详解】对于A,当时，，故A错误；对于BD，取，此时，，故BD错误；对于C，由基本不等式可得，故C正确.故选：C.7．已知函数的定义域为D，则“的值域为”是“对任意，存在，使得”的（

）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】A【分析】由函数值域的概念结合特例，再根据充分条件、必要条件的概念即可求解.【详解】若函数的值域为，则对任意，一定存在，使得，取，则，充分性成立；取，，则对任意，一定存在，使得，取，则，但此时函数的值域为，必要性不成立；所以“的值域为”是“对任意，存在，使得”的充分不必要条件.故选：A.8．函数在处有极小值5，则（

）A． B． C．或 D．或3【答案】A【分析】根据极值点的导数为0和极值点处的函数值条件求出的值，再进行验证即可求解.【详解】，由题意得，即，解得或，当时，，当时，，单调递减，当时，，单调递增，所以时，取得极小值，符合题意；当时，，当时，，单调递增，当时，，单调递减，，所以时，取得极大值，不符合题意；所以，.故选：.9．生物丰富度指数是河流水质的一个评价指标，其中分别表示河流中的生物种类数与生物个体总数.生物丰富度指数d越大，水质越好．如果某河流治理前后的生物种类数没有变化，生物个体总数由变为，生物丰富度指数由提高到，则（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】根据题意分析可得，消去即可求解.【详解】由题意得，则，即，所以.故选：D.10．从点可向曲线引三条不同切线，则a的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】先设出切点坐标，根据两点坐标写出直线的斜率再根据切点的导数值等于切线的斜率列方程，因为有三条不同切线所以对应方程有三个不同的解，即对应函数有三个零点，通过函数的导数研究函数的单调性与极值并确定极值的取值范围从而求出的取值范围.【详解】设曲线在点处的线线过点，由，求导得，所以，所以曲线在处的切线方程为，因为从点可向曲线引三条不同切线，所以有三个不同的解，即有三个不同的解，设，该函数有三个不同零点，求导得，令，则或，当或，，当，，所以：函数在区间单调递减，在和区间上单调递增，所以函数在和处分别取得极大值和极小值，要想函数有三个不同零点，则，即，解得.故选：B.第二部分（非选择题共110分）二、填空题：本题共5小题，每小题5分，共25分。11．函数的导数为． 【答案】【分析】根据求导法则和复合函数的导数计算直接得出结果.【详解】．故答案为：12．已知，则；．【答案】【分析】利用赋值法可求，利用换元法结合赋值法可求的值.【详解】令，则，又，故，令，则，令，则，故故答案为：.13．已知函数，当时，；若在上单调递增，则实数a的取值范围是.【答案】0【分析】根据分段函数的解析式可直接计算得到空①答案；利用分段函数单调性的条件可以得到不等式求解，得到②的答案.【详解】时,;由于当时是单调递增函数；当时是单调递增函数，所以为了使得在上单调递增，必须且只需,即,故答案为：；.14．我国度量衡的发展有着悠久的历史，战国时期就已经出现了类似于砝码的、用来测量物体质量的“环权”．已知9枚环权的质量（单位：铢）从小到大构成项数为9的数列，该数列的前3项成等差数列，后7项成等比数列，且，则；数列所有项的和为．【答案】48384【分析】方法一：根据题意结合等差、等比数列的通项公式列式求解，进而可求得结果；方法二：根据等比中项求，在结合等差、等比数列的求和公式运算求解.【详解】方法一：设前3项的公差为，后7项公比为，则，且，可得，则，即，可得，空1：可得，空2：方法二：空1：因为为等比数列，则，且，所以；又因为，则；空2：设后7项公比为，则，解得，可得，所以.故答案为：48；384.15．设函数有三个不同的零点，从小到大依次为，则（

）①．②．函数的对称中心为③．过引曲线的切线，有且仅有1条④．若成等差数列，则【答案】①②④【分析】对①，求导，判断的单调性，求出极值，由得解；对②，求出的二阶导数，令的二阶导数等于0，求得对称中心的横坐标进而得解；对③，作出的图象，利用图象分析判断；对④，由题可得，展开得，结合成等差数列，运算得解.【详解】由，令，解得：或，在上单调递增，在上单调递减.对于A，若有3个零点，则，解得：，故①正确；对于B，令，则，令，令，得，又所以对称中心为，故②正确；对于C，结合图象，过引曲线的切线有2条，故③错误；对于D，，（*）若成等差数列，则，则，代入（*）得：，故④正确.故选：①②④.三、解答题：本题共6小题，共85分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步棸。16．（满分13分）4名男生和3名女生站成一排，分别有多少种不同的站法？(1)3名女生不相邻．(2)男生甲不在排头，女生乙不在排尾．(3)甲、乙、丙三人从左到右的顺序不变．【答案】(1)1440种(2)3720种(3)840种【分析】（1）先安排男生，再插空法求解，得到答案；（2）正难则反的方法，先全排列，再求出男生甲在排头，女生乙在排尾及两者同时发生的情况数，列式计算；（3）用定序倍缩法进行求解.【详解】（1）先安排男生，有种可能，再将3名女生插空，有种可能，故3名女生不相邻的站法有种；........................................4分（2）4名男生和3名女生站成一排，共有种情况，其中男生甲在排头的情况有种情况，女生乙在排尾的情况有种情况，男生甲在排头的同时，女生乙在排尾的情况有种情况，所以男生甲不在排头，女生乙不在排尾的情况有种；........................................9分（3）甲、乙、丙三人从左到右的顺序不变，可以用定序倍缩法进行求解，即站法有种．........................................13分17．（满分13分）已知函数在及处取得极值．(1)求a，b的值；(2)求函数在处的切线方程；【答案】(1)(2)【分析】（1）根据极值点以及根与系数求得.（2）利用切点和斜率即可求得切线方程.【详解】（1）依题意，在及处取得极值，而的两根为，，所以，，，，此时，所以在区间上，单调递增，在区间上，单调递减，所以及是极值点，符合题意.所以......................................8分（2）由（1）得，，，，则切线方程为，化简得，函数在处的切线方程为.........................................13分18．（满分14分）已知等差数列的公差是-2，等比数列的公比是2，若.(1)求和的通项公式；(2)求数列的前项和.【答案】(1)，；(2).【分析】（1）根据给定条件，求出等差数列的首面，再利用等差数列、等比数列通项公式求得答案.（2）利用分组求和法，结合等差数列、等比数列前项和公式求解.【详解】（1）等比数列的公比是2，，则，，由，得，又等差数列的公差是-2，则，所以和的通项公式分别为，.........................................8分（2）记和的前项和分别为，，则．而，，所以..........................................14分19．（满分15分）某次考试中，只有一道单项选择题考查了某个知识点，甲、乙两校的高一年级学生都参加了这次考试.为了解学生对该知识点的掌握情况，随机抽查了甲、乙两校高一年级各100名学生该题的答题数据，其中甲校学生选择正确的人数为80，乙校学生选择正确的人数为75.假设学生之间答题相互独立，用频率估计概率.(1)估计甲校高一年级学生该题选择正确的概率(2)从甲、乙两校高一年级学生中各随机抽取1名，设X为这2名学生中该题选择正确的人数，估计的概率及X的数学期望；(3)假设：如果没有掌握该知识点，学生就从题目给出的四个选项中随机选择一个作为答案；如果掌握该知识点，甲校学生选择正确的概率为，乙校学生选择正确的概率为.设甲、乙两校高一年级学生掌握该知识点的概率估计值分别为，，判断与的大小（结论不要求证明）.【答案】(1)(2)，(3)【分析】（1）用频率估计概率即可求解；（2）利用独立事件乘法公式以及互斥事件的加法公式可求恰有1人做对的概率及的分布列，从而可求其期望；（3）根据题设可得关于的方程，求出其解后可得它们的大小关系.【详解】（1）估计甲校高一年级学生该题选择正确的概率..........................................5分（2）设为“从甲校抽取1人做对”，则，，设为“从乙校抽取1人做对”，则，，设为“恰有1人做对”，故依题可知，可取，，，，故的分布列如下表：故..........................................11分（3）设为“甲校掌握这个知识点的学生做该题”，因为甲校掌握这个知识点则有的概率做对该题目，未掌握该知识点的同学都是从四个选项里面随机选择一个，故，即，故，同理有，，故，故..........................................15分20．（满分15分）当前，以深度求索（DeepSeek）等为代表的人工智能技术创新不断取得突破性的进展．已知语料库实时处理数据时，数据量（万条）与系统延迟（秒）的关系为．(1)讨论系统延迟最小的临界数据量；(2)当时，若要求延迟不超过20秒，求数据量的最大值（取整数）．参考数据：3.0910．【答案】(1)答案见解析(2)21万条【分析】（1）求导，研究其单调性，求出其最值即可；（2）根据单调性求出的整数解.【详解】（1）由题意得，，令，解得，①若，当时，；当时，，则在上单调递减，在上单调递增，所以当时，取得极小值，也是最小值；②若，当时，，所以在上单调递增，没有最小值.综上，若，则系统延迟最小的临界数据量为；若，则不存在系统延迟最小的临界数据量..........................................9分（2）当时，，由（1）知，在上单调递减，在上单调递增，又19.，20.，故延迟不超过20秒时，数据量的最大值为21万条..........................................15分21．（满分15分）已知函数的定义域是，导函数，设是曲线在点处的切线．(1)求的最大值；(2)当时，证明：除切点A外，曲线在直线的上方；(3)设过点A的直线与直线垂直，，与x轴交点的横坐标分别是，，若，求的取值范围．【答案】(1)(2)证明见解析(3)【分析】（1）利用导数判断其单调性，即可求出最大值；（2）求出直线的方程，再构造函数，只需证明其最小值（或者下确界）大于零即可；（3）求出直线的方程，即可由题意得到的表示，从而用字母表示出，从而求出范围.【详解】（1）设，，由可得，当时，，单调递增，当时，，单调递减，所以的最大值为..........................................4分（2）因为，所以直线的方程为，即，设，，由（1）可知，在上单调递增，而，所以，当时，，单调递减，当时，，单调递增，且，而当时，，所以总有，单调递增故，从而命题得证；.......................................9分（3）解法一：由题意，直线，直线，所以，，.........................................10分当时，，在上单调递增，所以所以，.........................................13分由（1）可得当时，，所以，.........................................14分所以..........................................15分解法二：由可设，又，所以，即，因为直线的方程为，易知，所以直线的方程为,，.所以,由（1）知,当时，，所以,所以.......................................15分2025年秋季高三开学摸底考试模拟卷（北京专用）数学·答案及评分参考第一部分（选择题共40分）一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。12345678910AACCDCAADB第二部分（非选择题共110分）二、填空题：本题共5小题，每小题5分，共25分。11.12.13.014.4838415.①②④三、解答题：本题共6小题，共85分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步棸。（满分13分）【详解】（1）先安排男生，有种可能，再将3名女生插空，有种可能，故3名女生不相邻的站法有种；........................................4分（2）4名男生和3名女生站成一排，共有种情况，其中男生甲在排头的情况有种情况，女生乙在排尾的情况有种情况，男生甲在排头的同时，女生乙在排尾的情况有种情况，所以男生甲不在排头，女生乙不在排尾的情况有种；........................................9分（3）甲、乙、丙三人从左到右的顺序不变，可以用定序倍缩法进行求解，即站法有种．........................................13分17．（满分13分）【详解】（1）依题意，在及处取得极值，而的两根为，，所以，，，，此时，所以在区间上，单调递增，在区间上，单调递减，所以及是极值点，符合题意.所以......................................8分（2）由（1）得，，，，则切线方程为，化简得，函数在处的切线方程为.........................................13分（满分14分）【详解】（1）等比数列的公比是2，，则，，由，得，又等差数列的公差是-2，则，所以和的通项公式分别为，.........................................8分（2）记和的前项和分别为，，则．而，，所以..........................................14分（满分15分）【详解】（1）估计甲校高一年级学生该题选择正确的概率..........................................5分（2）设为“从甲校抽取1人做对”，则，，设为“从乙校抽取1人做对”，则，，设为“恰有1人做对”，故依题可知，可取，，，，故的分布列如下表：故..........................................11分（3）设为“甲校掌握这个知识点的学生做该题”，因为甲校掌握这个知识点则有的概率做对该题目，未掌握该知识点的同学都是从四个选项里面随机选择一个，故，即，故，同理有，，故，故..........................................15分20．（满分15分）【详解】（1）由题意得，，令，解得，①若，当时，；当时，，则在上单调递减，在上单调递增，所以当时，取得极小值，也是最小值；②若，当时，，所以在上单调递增，没有最小值.综上，若，则系统延迟最小的临界数据量为；若，则不存在系统延迟最小的临界数据量..........................................9分（2）当时，，由（1）知，在上单调递减，在上单调递增，又19.，20.，故延迟不超过20秒时，数据量的最大值为21万条..........................................15分21．（满分15分）【详解】（1）设，，由可得，当时，，单调递增，当时，，单调递减，所以的最大值为..........................................4分（2）因为，所以直线的方程为，即，设，，由（1）可知，在上单调递增，而，所以，当时，，单调递减，当时，，单调递增，且，而当时，，所以总有，单调递增故，从而命题得证；.......................................9分（3）解法一：由题意，直线，直线，所以，，.........................................10分当时，，在上单调递增，所以所以，.........................................13分由（1）可得当时，，所以，.........................................14分所以..........................................15分解法二：由可设，又，所以，即，因为直线的方程为，易知，所以直线的方程为,，.所以,由（1）知,当时，，所以,所以.......................................15分2025年秋季高三开学摸底考试模拟卷（北京专用）数学•全解全析第一部分（选择题共40分）一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．已知集合，则（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】利用交集的定义求解即可.【详解】因为，所以，故A正确.故选：A2．复数的虚部为（

）A． B．1 C． D．i【答案】A【分析】根据复数的乘法与除法运算法则，直接计算，再由复数的概念即可求解.【详解】因为，所以复数的虚部为，故选：A.3．根据图中的函数图象，下列数值最小的是（

）

A．曲线在点处切线的斜率 B．曲线在点处切线的斜率C．曲线在点处切线的斜率 D．割线的斜率【答案】C【分析】根据导数的定义及割线的定义结合函数的图象判断即可．【详解】通过图象可知，曲线在点处、点处切线的斜率为正，在点处切线的斜率为负，割线的斜率为正，所以最小值为曲线在点处切线的斜率.故选：C4．已知是公差不为零的等差数列，，若成等比数列，则（

）A． B． C．16 D．18【答案】C【分析】由等比中项的性质结合等差数列的基本量运算即可求解.【详解】设等差数列的公差为，因为成等比数列，且，所以，即，解得或（舍去），所以.故选：C.5．已知函数的定义域为，且为奇函数，当时，，则（

）A． B． C． D．4【答案】D【分析】利用的奇偶性得到，再对进行赋值即可求解.【详解】为奇函数，，函数的定义域为，令，得，，令，得，当时，，，即，.故选：D.6．已知，则（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】由基本不等式结合特例即可判断.【详解】对于A,当时，，故A错误；对于BD，取，此时，，故BD错误；对于C，由基本不等式可得，故C正确.故选：C.7．已知函数的定义域为D，则“的值域为”是“对任意，存在，使得”的（

）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件 C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】A【分析】由函数值域的概念结合特例，再根据充分条件、必要条件的概念即可求解.【详解】若函数的值域为，则对任意，一定存在，使得，取，则，充分性成立；取，，则对任意，一定存在，使得，取，则，但此时函数的值域为，必要性不成立；所以“的值域为”是“对任意，存在，使得”的充分不必要条件.故选：A.8．函数在处有极小值5，则（

）A． B． C．或 D．或3【答案】A【分析】根据极值点的导数为0和极值点处的函数值条件求出的值，再进行验证即可求解.【详解】，由题意得，即，解得或，当时，，当时，，单调递减，当时，，单调递增，所以时，取得极小值，符合题意；当时，，当时，，单调递增，当时，，单调递减，，所以时，取得极大值，不符合题意；所以，.故选：.9．生物丰富度指数是河流水质的一个评价指标，其中分别表示河流中的生物种类数与生物个体总数.生物丰富度指数d越大，水质越好．如果某河流治理前后的生物种类数没有变化，生物个体总数由变为，生物丰富度指数由提高到，则（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】根据题意分析可得，消去即可求解.【详解】由题意得，则，即，所以.故选：D.10．从点可向曲线引三条不同切线，则a的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】先设出切点坐标，根据两点坐标写出直线的斜率再根据切点的导数值等于切线的斜率列方程，因为有三条不同切线所以对应方程有三个不同的解，即对应函数有三个零点，通过函数的导数研究函数的单调性与极值并确定极值的取值范围从而求出的取值范围.【详解】设曲线在点处的线线过点，由，求导得，所以，所以曲线在处的切线方程为，因为从点可向曲线引三条不同切线，所以有三个不同的解，即有三个不同的解，设，该函数有三个不同零点，求导得，令，则或，当或，，当，，所以：函数在区间单调递减，在和区间上单调递增，所以函数在和处分别取得极大值和极小值，要想函数有三个不同零点，则，即，解得.故选：B.第二部分（非选择题共110分）二、填空题：本题共5小题，每小题5分，共25分。11．函数的导数为． 【答案】【分析】根据求导法则和复合函数的导数计算直接得出结果.【详解】．故答案为：12．已知，则；．【答案】【分析】利用赋值法可求，利用换元法结合赋值法可求的值.【详解】令，则，又，故，令，则，令，则，故故答案为：.13．已知函数，当时，；若在上单调递增，则实数a的取值范围是.【答案】0【分析】根据分段函数的解析式可直接计算得到空①答案；利用分段函数单调性的条件可以得到不等式求解，得到②的答案.【详解】时,;由于当时是单调递增函数；当时是单调递增函数，所以为了使得在上单调递增，必须且只需,即,故答案为：；.14．我国度量衡的发展有着悠久的历史，战国时期就已经出现了类似于砝码的、用来测量物体质量的“环权”．已知9枚环权的质量（单位：铢）从小到大构成项数为9的数列，该数列的前3项成等差数列，后7项成等比数列，且，则；数列所有项的和为．【答案】48384【分析】方法一：根据题意结合等差、等比数列的通项公式列式求解，进而可求得结果；方法二：根据等比中项求，在结合等差、等比数列的求和公式运算求解.【详解】方法一：设前3项的公差为，后7项公比为，则，且，可得，则，即，可得，空1：可得，空2：方法二：空1：因为为等比数列，则，且，所以；又因为，则；空2：设后7项公比为，则，解得，可得，所以.故答案为：48；384.15．设函数有三个不同的零点，从小到大依次为，则（

）①．②．函数的对称中心为③．过引曲线的切线，有且仅有1条④．若成等差数列，则【答案】①②④【分析】对①，求导，判断的单调性，求出极值，由得解；对②，求出的二阶导数，令的二阶导数等于0，求得对称中心的横坐标进而得解；对③，作出的图象，利用图象分析判断；对④，由题可得，展开得，结合成等差数列，运算得解.【详解】由，令，解得：或，在上单调递增，在上单调递减.对于A，若有3个零点，则，解得：，故①正确；对于B，令，则，令，令，得，又所以对称中心为，故②正确；对于C，结合图象，过引曲线的切线有2条，故③错误；对于D，，（*）若成等差数列，则，则，代入（*）得：，故④正确.故选：①②④.三、解答题：本题共6小题，共85分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步棸。16．（满分13分）4名男生和3名女生站成一排，分别有多少种不同的站法？(1)3名女生不相邻．(2)男生甲不在排头，女生乙不在排尾．(3)甲、乙、丙三人从左到右的顺序不变．【答案】(1)1440种(2)3720种(3)840种【分析】（1）先安排男生，再插空法求解，得到答案；（2）正难则反的方法，先全排列，再求出男生甲在排头，女生乙在排尾及两者同时发生的情况数，列式计算；（3）用定序倍缩法进行求解.【详解】（1）先安排男生，有种可能，再将3名女生插空，有种可能，故3名女生不相邻的站法有种；........................................4分（2）4名男生和3名女生站成一排，共有种情况，其中男生甲在排头的情况有种情况，女生乙在排尾的情况有种情况，男生甲在排头的同时，女生乙在排尾的情况有种情况，所以男生甲不在排头，女生乙不在排尾的情况有种；........................................9分（3）甲、乙、丙三人从左到右的顺序不变，可以用定序倍缩法进行求解，即站法有种．........................................13分17．（满分13分）已知函数在及处取得极值．(1)求a，b的值；(2)求函数在处的切线方程；【答案】(1)(2)【分析】（1）根据极值点以及根与系数求得.（2）利用切点和斜率即可求得切线方程.【详解】（1）依题意，在及处取得极值，而的两根为，，所以，，，，此时，所以在区间上，单调递增，在区间上，单调递减，所以及是极值点，符合题意.所以......................................8分（2）由（1）得，，，，则切线方程为，化简得，函数在处的切线方程为.........................................13分18．（满分14分）已知等差数列的公差是-2，等比数列的公比是2，若.(1)求和的通项公式；(2)求数列的前项和.【答案】(1)，；(2).【分析】（1）根据给定条件，求出等差数列的首面，再利用等差数列、等比数列通项公式求得答案.（2）利用分组求和法，结合等差数列、等比数列前项和公式求解.【详解】（1）等比数列的公比是2，，则，，由，得，又等差数列的公差是-2，则，所以和的通项公式分别为，.........................................8分（2）记和的前项和分别为，，则．而，，所以..........................................14分19．（满分15分）某次考试中，只有一道单项选择题考查了某个知识点，甲、乙两校的高一年级学生都参加了这次考试.为了解学生对该知识点的掌握情况，随机抽查了甲、乙两校高一年级各100名学生该题的答题数据，其中甲校学生选择正确的人数为80，乙校学生选择正确的人数为75.假设学生之间答题相互独立，用频率估计概率.(1)估计甲校高一年级学生该题选择正确的概率(2)从甲、乙两校高一年级学生中各随机抽取1名，设X为这2名学生中该题选择正确的人数，估计的概率及X的数学期望；(3)假设：如果没有掌握该知识点，学生就从题目给出的四个选项中随机选择一个作为答案；如果掌握该知识点，甲校学生选择正确的概率为，乙校学生选择正确的概率为.设甲、乙两校高一年级学生掌握该知识点的概率估计值分别为，，判断与的大小（结论不要求证明）.【答案】(1)(2)，(3)【分析】（1）用频率估计概率即可求解；（2）利用独立事件乘法公式以及互斥事件的加法公式可求恰有1人做对的概率及的分布列，从而可求其期望；（3）根据题设可得关于