海南省海口市某校2025-2026学年高二年级上册第一次阶段考试物理试卷（解析版）

海口实验中学2025-2026学年度第一学期第一次阶段考试

高二年级物理科试卷

注意事项：

1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的相关信息填写在答题卡相应的

位置;

2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；

3、非选择题必修用黑色钢笔或签字笔在答题卡上作答，答案必须写在答题卡各题目指定区

域内的相应位置上，不准使用铅笔和涂改液；

4、本试卷分第I卷（选拦题）和第II卷（实验题和计算题）两部分，满分100分，考试用

时90分钟。

第I卷（共44分）

一、单项选择题：本大题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，

只有一项是符合题目要求的。

I.公元前4世纪末，我国的《墨经》中提到“力，形之所以奋也”，意为力是使有形之物突

进或加速运动的原因。力的单位用国际单位制的基本单位符号来表示，正确的是（）

A.kg-m-s_|B.kg•m-s-2C.Pa-m2D.J.m-1

【答案】B

【解析】AB.根据牛顿第二定律表达式尸=机。可知力的单位为kg・m・s-2,A错误，B

正确；

C.根据压强的表达式〃=?可知力的单位可知力的单位为Pa・n?,但压强单位Pa不

是基本单位，c错误；

D.根据做功的表达式W=Fx可知力的单位为J.m-,但功的单位J不是基本单位，D错误。

故选B。

2.一个T形电路如图所示，电路中的电阻凡=30Q,/?2=/?3=20Q,另有一测试电源，所提

供电压恒为10V,以下说法正确的是（）

A.若将cd端短路，外之间的等效电阻是50c

B.若将时端短路，cd之间的等效电阻是40C

C.当时两端接上测试电源时，cd两端的电压为5V

D.当〃两端接上测试电源时，，心两端的电压为5V

【答案】D

【解析】A.若将cd端短路，c山之间的等效电阻是

R2R3=4（）Q

1

浦R2+Ry

故A错误;

B.若将"端短路，cd之间的等效电阻是

RR

R=凡+一=32。

".N+&

故B错误;

C.当必两端接上测试电源时，4两端的电压为

Ucd一一"u-4V

R+R3

故C错误;

D.当cd两端接上测试电源时，加两端的电压为

Uab="u=5V

R2+&

故D正确。

故选D。

3.如图所示，直线A为电源。的路端电压与电流的关系图线，直线4为电源力的路端电压

与电流的关系图线，直线C为电阻R两端的电压与电流的关系图线，直线人垂直直线C

电源4、力的电动势分别为E“、Ebt内阻分别为〃、%,将电阻R分别接到电源〃

上，则下列说法中错误的是（）

u

AC

OM

A.纥＞与，ra＞rb

Ea_ra

BR.瓦F

C.我接到电源人上时，电源内阻消耗的功率较大

D.R接到电源。上时，电源的输出功率较大

【答案】C

【解析】A.根据。=£-小结合图像可知纥＞&,图线斜率的绝对值等于电源内阻，则

ra＞rbtA正确；

B.因电源的短路电流相等

EEEr

则字=，即U=B正确；

几%E}rh

C.因电阻R的U-/图像与电源的小/图像的交点为电路的工作点，可知R接到电源〃上

时，通过电源的电流较小，根据^二/力,可知，因二＞%，则R接到电源〃上时电源的内

阻消耗的功率较小，C错-吴。

D.因AC两条线垂直，可知两条线的斜率大小相等，即R=〃因电源内阻与外电阻相等时

电源的输出功率最大，可知A接到电源。上时，电源的输出功率较大，D正确。

此题选择错误的，故选C。

4.如图电路中，当合上开关S后，两个标有“3V、1W”的灯泡均不发光，用电压表测得

乂产U加尸6V,如果各段导线及接线处均无问题，这说明（）

R

A.开关S未接通B.灯泡Li的灯丝断了

C.灯泡L2的灯丝断了D.滑动变阻器R电阻丝断了

【答案】C

【解析】用电压表测得d,=UM=6V,根据电压表有读数说明与电压表串联的电路是没有故

障的，所以故障是灯泡L的灯丝断了，则C正确：ABD错误；

故选C。

5.如图，A、8为一对等量同种电荷连线上的两点（其中3为中点），。为连线中垂线上距

离8点较近的一点。今将一个电荷量为的负点电荷自A沿直线移到B再沿直线移到C,

清分析在此过程中物理量的变化情况，正确的有（）

•C

㊉…才一帽-------------

A.电场强度先减小后增大

B.电势依次减小

C.电势能依次减小

D.电场力依次做正功

【答案】B

【解析】A.根据等量正电荷的电场分布可知，负点电荷自4沿直线移到8的过程中，电

场强度逐渐减小，3点电场强度为零，无穷远处电场强度为零，则在等量正电荷连线中垂

线上，电场强度先增大后减小，由于。点位置不确定，负电荷从8沿直线移到C时，电场

强度可能一直增大，可能先增大后减小，故A错误；BCD.根据等量正电荷的电场分布可

知，之间的电场线从8到B,场强方向从A到8,而负电荷所受电场力的方向与电场强

度方向相反，故负点电荷自A沿直线移到6的过程中，电势减小，电场力做负功，电势能

增加；因在8c之间的场强方向从8到C,则负电荷从B沿直线移到。时，电势减小，电

场力方向与位移方向相反，则电场力做负功，电势能增加，故电势依次减小，电势能依次

增大，电场力依次做负功，故B正确，CD错误。故选B。

6.如图所示的电路中，光敏电阻R2的阻值随光照强度增大而减小，电表均为理想电表。

闭合开关S,电路达到稳定状态后，若增大照射光强度，电流表的示数变化为AZ，电压表

的示数变化为△”,下列说法正确的是（）

A.电流表示数减小B.电压表示数减小

D.箸保持不变

C.电容器所带电荷量增加

【答案】D

【解析】AB.当增大照射光强度时，光敏电阻R2减小，电路的总电阻减小，总电流/增

大，电流表示数增大，电压表的示数增大，故AB错误;

C.由闭合电流欧姆定律可知，Uc=E_I（R+D，由于/增大，则Uc减小，电容器上

的电荷量减少，故C错误;

D.根据欧姆定律当="，保持不变，故D正确。

A/

故选D<.

7.如图所示，一内壁光滑、质量为〃八半径为，•的环形湘圆管，用硬杆竖直固定在天花板

上。有一质量为的小球（可看作质点）在圆管中运动。小球以速率vo经过圆管最低点

时，杆对圆管的作用力大小为（）

A.m-B.mg+m—

rr

C.4-/??-D.2mg-m-

【答案】C

【解析】以球为研究对象，根据牛顿第二定律得

N-mg=m—

r

解得

N=mg+tn—

r

由牛顿第三定律知，球对圆环的作用力大小

2

N=N=mg+777—

r

方向向下，再以圆环为研究对象，由平衡条件可得：杆对圆管的作用力大小

y

F=+N'=2"2g+m—

故选C。

8.太空探测器常装配离子发动机，其基本原理是将被电离的原子从发动机尾部高速喷出，

从而为探测器提供推力，若某探测器质量为490kg,离子以30km/s的速率（远大于探测

器的飞行速率）向后喷出，流量为3.0x10-38后，则探测器获得的平均推力大小为（）

A.I.47NB.0.147N

C.0.09ND.0.009N

【答案】C

【解析】对离子，根据动量定理有F・Xi=A/77V»而A/j?=3,0x10'x103Az

解得Q0.09N,故探测器获得的平均推力大小为0.09N,故选C。

二、多项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中,

有多个选项是符合题FI要求的。全部选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错

的，得0分。

9.火星与地球质量比为。，半径比为江则它们的第一宇宙速度之比和表面的重力加速

度之比分别是（）

【答案】BC

【解析】由G粤=〃吆可得

R-

GM

°=———

mG——=m—

R2R

结合

gR?=GM

可得

故BC正确，AD错误。

故选BC.

10.如图所示，一直流电动机与阻值R=9C的电阻串联在电源上，电源电动势七二30V,内

阻LIQ,用理想电压表测出电动机两端电压U=10V,已知电动机线圈的电阻RM=1C,则

下列说法正确的是（）

a

Er

I1

A.通过电动机的电流为10AB,电动机的输入功率为20W

C.电动机的发热功率为1WD.电源的输出功率为56W

【答案】BD

【解析】A.根据闭合电路欧姆定律有

E=U+I(r+R)

得/=-----=2A

R+r

故A错误；

B.电动机的输入功率

P入=(7/=10x2W=20W

故B正确；

C.电动机的发热功率

/九=八&=22X1W=4W

故C错误；

D.电源的输出功率

=E/-Z2r=(30x2-22xl)W=56W

故D止确。

故选BDa

11.如图所示，图甲电路中电源电动势为E,内阻为「，电阻R尸治=m二2心图乙是该电源

的输出功率尸与其外电路电阻的关系图像.开始时开关生、S2均断开，现将开关&闭

合，然后再将开关S2闭合，下列说法正确的是()

A.电源的输出功率最大

B.电阻股消耗的功率增大

C.电阻尺3消耗的功率增大

D.电源效率增大

【答案】AC

【解析】(1)分析当开关S2断开时的等效电路和S2闭合时的等效电路，判断S2闭合前后

外电路总电阻的变化，根据输出功率和外电路电阻的函数关系图，判断电源输出功率的大

小情况；

(2)当外电路总电阻和电源内阻相等时，电源的输出功率最大；

（3）分别计算S2闭合前后，R2和R3的功率，来对比前后各自功率的变化情况；

（4）根据电源输出功率和总功率的比值来计算电源的效率.A、开关Si闭合之后，若S2

2厂x4〃4

断开，则此时外电路总电阻为A=------=-r；若S2闭合，外电路总电阻变为

2r+4r3

x2〃

R'=------=r,由乙图可知，第二种情况下，电源输出功率最大，A正确；

2r+2r

BC、①开关Si闭合，S2断开，此时电阻&消耗的功率为：

-/\-|2

P、=/----屋+&•/?,二—^一,电阻以消耗的功率为：

N+R#%-6.125〃

13）

2

R2E

；②开关Si闭合，S2闭合，此时电阻R2消耗

9二

a+%+&24.5厂

的功率为:电阻用消耗的功率:

P.=—----->一•/?,=—,通过对比可知，B错误，C正确；

8r

1

D、电源的效率为77=屈:><100%=；2><1°°%,当开关52闭合之后，外电路总电阻

十R

/?变小，故效率〃减小，D错误.

故本题选AC.

【I1点石成金”解决本题关键要正确识别电路，明确各个电阻的连接关系，再运用闭合电

路欧姆定律和功率公式求解.

12.长木板A放在光滑的水平面上，质量为/n=2kg的另一物体B以水平速度vo=2m/s滑

上原来静止的长木板A的上表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情

况如图所示，g=10m/s2•下列说法正确的是（）

A.木板获得的动能为1J

B.系统损失的机械能为1J

C.木板A的最小长度为2m

D.A、B间的动摩擦因数为0.1

【答案】AD

【解析】A.由题图可知，最终木板获得的速度为u=lm/s,A、B组成的系统动量守恒,

以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得

ntvo=(M+/〃)v

解得

M=2kg

则木板获得的动能为

3Mv7=：x2xl7J=1J

故A正确；

B.系统损失的机械能

△E=­IHVB2~~v2

代入数据解得

△£=2J

故B错误；

C.根据丫一/图像中图线与f轴所围的面积表示位移，由题图得到。〜Is内B的位移为

SB=gx(2+1)Xlm=1.5m

A的位移为

5A=yxjxlm=0.5m

则木板A的最小长度为

E=$B5A=1m

故c错误；

D.由题图可知，B的加速度

Av,

a=—=-1m/s2

负号表示加速度的方向与⑶的方向相反，由牛顿第二定律得

解得

"=0.1

故D正确。

故选AD.

13.一物体在外力的作用下从静止开始做直线运动，合外力方向不变，大小随时间的变化

如图所示。设该物体在和2fo时刻相对于出发点的位移分别是々和修，速度分别是M和

彩，合外力从开始至％）时刻做的功是从％至2f0时刻做的功是W?，则（）

，尸

2F。........：--------：

Fo--------：

0to2to'

A.百B.=3匕

=5X2V2

C.叱=8叱D.吗=9叱

【答案】BC

【解析】AB.根据广“图像面积意义和动量定理则有注）=〃叫，F^+2F^=mv2

解得v2=3v,

根据位移公式可知％=；Ro，

解得马=5e

A错误，B正确；

CD.第一个乙）内对物体应用动能定理，则有叱二^阳匕2

在第二个小内对物体应用动能定理，则有暝=-/nv?--wv,-

结合上述结论解得吗=8%

C正确，D错误。

故选BC。

第II卷（共56分）

三、实验题：本大题共2小题，第14题6分，第15题12分，共18分。把答案写在答题

卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

14.如图甲所示，是标称电压为9V的方形“叠层电池”，具有体积小输出电压高的特点，

主要应用于便携式设备，如对讲机、遥控玩具、万用表等，某实验小组利用如图乙所示的

电路图来测量从玩具车上换下来的叠层电池的电动势和内阻，可供选择的器材有：

①电流表A1，量程为1.0mA,内阻&AI=500C②电流表A?,量程为0.6A,内阻约

为0.1。

③滑动变阻器A，最大值为100Q④电阻箱凡），调节范围09999Q

⑤一个开关、导线若干

（1）该实验小组将电流表A1与电阻箱几串联后改装为量程为10V的电压表，则电阻箱

R。应调至_______Q。

（2）改变滑动变阻器的位置，测得多组实验数据，并作出如图丙所示的人-/2关系图线，

如果图线与纵轴的交点坐标为（0,0.84）,图线的斜率的绝对值为0.69mA/A,则通过计

算可得电源的电动势为七=V,电源内阻r=Q。（结果均保留一位小

数）

【答案】（1）950（）（2）8.46.9

【解析】（1）把电流表A（量程4=1.0mA=0.001A,内阻&】=500。）与电阻箱小）

串联改装为量程为U=10V的电压表〃=4（&1+飞）

解得《=芳一RM=95000

（2）[I]改装后的电压表量程为10V,电流表Ai的量程为1.0mA,因此电压表的示数

U=10x《（乙单位为mA）。根据闭合电路欧姆定律，电源电动势E=U+/2「+12r（右

是干路电流），E={0I1-¥l2r

Fr

公式变形可得4=而-而

图线与纵轴的交点坐标为（0,0.84）,即当“=0时，人=0.84mA。代入上式得：

E

0.84=—,即E=8.4V

10

⑵图线的斜率的绝对值为0.69,『=0.69,可得,•=6.90

15.物理实验一般都涉及实验目的、实验原理、实验器材、实聆操作、数据分析等。

（1）用电压表（内阻约为5kC）和电流表（内阻约为2C）测量一段金属丝的电阻值（约

为25Q）。为了尽量提高测量精度，应该选择的测量电路图是图______（填“甲''或"乙

（2）用螺旋测微器测量金属丝的直径d,此时示数如图丙所示，则直径4=mnio

（3）利用多用电表测量金属丝的电阻：选用欧姆挡“X10”挡进行测量时，发现多用电表指

针的偏转角度过大，因此需重新选择（填“xl”或7100”）挡，并需重新调

零后，再次进行测量，若此时多用电表的指针如图丁所示，则测量结果R为C。

（4）已知该金属丝的长度为3则该金属丝的电阻率夕=（用题中相关字母R

L、d表示）。

【答案】（I）甲(2)0.607##0.608##().6()9(3)XI欧姆19.0##19

【解析】（1）因为待测电阻约为25C,由

R,<l&&

可知为了减小误差应该采用电流表的外接法，即选用卬图;

（2）由图丙读数可知，金属丝直径为

d=0.5mm+10.9x0.0limn=0.609mm(0.607、0.608)

（3）[1]多用电表指针的偏转角度过大说明待测电阻小则要换成低倍率，故选xl挡;

⑵换倍率后要重新进行欧姆调零;

⑶根据图丙可得欧姆表读数为

R=19.0x1=19.012(19。)

（4）根据电阻定律可知

R=pL=pL

snd

4

可得电阻率为

JtRd

4L

四、计算题：16题12分，17题12分，18题14分，共38分。解答应写出必要的文字说

明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不给分。有数字计算的题，答案中必须明

确写出数值和单位。

16.如图，两正对的相同极板A与B的长度均为/,相距为4极板间的电压为U。一个电

子汨平行丁板面的方向射入电场中，射入时的速度为四。把两板间的电场看作匀强电场，

已知电子电荷量为e,质量为〃?，求：

（1）电子射出电场时沿垂直于板面方向偏移的距离），;

(2)电子射出电场时速度偏转角度0的正切值【an优

eUi2eUi

【答案】⑴诉⑵漏

/

【解析】(1)电子在电场中的运动时间，=一

eU

电子在电场中运动的加速度a=—

md

电子偏移的距离)，二;

eUi2

解得尸指

(2)电子飞出电场时

沿电场方向的速度大小为。/

v

电子速度偏转角度0的正切值为tan<9=-