四川省泸州市2026年物理中考试卷附同步解析

四川省泸州市2026年物理中考真题附同步解析一、选择题(本题共12个小题。1~10题每小题3分，只有一个选项最符合题目要求；11~12题每小题4分，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错误得0分。共38分)1．格物致知，理在身边。下列物理量的估测最符合实际的是A．一双竹筷的质量约为70gB．中学生课桌的高度约为80cmC．公交车的速度通常被限定在10km/h以下D．电学实验用小灯泡正常发光时的电流约为2A【答案】B【解析】【解答】A、一双竹筷质量约10g左右，70g过重，不符合实际，故A错误；

B、中学生课桌高度约80cm，匹配中学生坐姿使用，符合实际，故B正确；

C、城市公交车常规限速约30km/h，10km/h以下速度过慢，不符合实际，故C错误；

D、电学实验小灯泡正常发光电流约0.2A，2A电流过大，会烧毁灯泡，不符合实际，故D错误；

故答案为：B。

【分析】A、考查质量估测，结合日常餐具重量判断竹筷质量范围；

B、考查长度估测，结合中学生身高判断课桌标准高度；

C、考查速度估测，结合城市道路公交限速常识分析；

D、考查电流估测，掌握实验室小灯泡额定电流的常规数值。2．小钟用零花钱给视力减弱的奶奶买了一个具备语音助手的智能手机，极大地提高了奶奶使用手机的便利。下列说法正确的是A．“语音助手”根据用户指令作出反馈，说明声音可以传递能量B．“语音助手”根据用户指令调大手机音量是升高了声音的音调C．“语音助手”应答用户指令所发出的声音不是由物体振动产生的D．“语音助手”根据指令播放的歌声对正在学习的小钟来说是噪声【答案】D【解析】【解答】A、语音助手接收用户指令并做出反馈，是利用声音传递信息，而非传递能量，故A错误；

B、调大手机音量，改变的是声音的响度，不是音调，故B错误；

C、一切声音都是由物体振动产生的，语音助手发出的声音同样由振动产生，故C错误；

D、从环保角度，妨碍人们正常学习、休息的声音都属于噪声，播放的歌声干扰小钟学习，属于噪声，故D正确；

故答案为：D。

【分析】A、考查声音的利用，区分声音传递信息与传递能量的实例；

B、考查声音三要素，响度指声音大小，音调指声音高低；

C、考查声音产生条件，振动是发声的唯一条件；

D、考查噪声的环保定义，凡是干扰他人正常活动的声音都为噪声。3．小科技，大安全。高速公路的护栏上没有安装照明设备，但是夜晚车灯照射到护栏某些位置时却能“闪闪发光”。下列现象与其光学原理相同的是A．日食现象 B．雨后彩虹 C．海市蜃楼 D．湖面倒影【答案】D【解析】【解答】高速公路护栏反光条“闪闪发光”的原理是光的反射：

A、日食是光沿直线传播形成，原理不同，故A错误；

B、雨后彩虹是光的色散（折射）现象，原理不同，故B错误；

C、海市蜃楼是光的折射现象，原理不同，故C错误；

D、湖面倒影属于平面镜成像，本质是光的反射，原理相同，故D正确；

故答案为：D。

【分析】A、考查光的直线传播，日食、影子、小孔成像均为此原理；

B、考查光的折射与色散，彩虹、三棱镜分光是色散现象；

C、考查光的折射，海市蜃楼、池水变浅是光的折射；

D、考查光的反射，平面镜成像、反光标识反光均为光的反射。4．五月花海，拥抱时代。为庆祝五四青年节，同学们进行了积极准备。下列说法正确的是A．图甲：讲台上的鲜花香气四溢，这是分子无规则运动B．图乙：静电窗花吸附在窗户玻璃上是因为窗花有磁性C．图丙：挂彩带的吸盘吸附在墙壁上利用了分子间的引力D．图丁：往气球上方吹气，气球悬停空中，是因为流体流速大压强大【答案】A【解析】【解答】A、鲜花香气四溢属于扩散现象，是分子永不停息做无规则运动形成的，故A正确；

B、静电窗花吸附在玻璃上是摩擦起电后异种电荷相互吸引，窗花不具有磁性，故B错误；

C、吸盘吸附在墙壁上利用的是大气压强，并非分子间引力，故C错误；

D、往气球上方吹气时气球悬停，原理是流体流速越大的位置压强越小，上方流速大压强小，下方压强大形成向上的压力差，故D错误；

故答案为：A。

【分析】A、考查分子热运动，扩散现象的本质是分子无规则运动；

B、考查摩擦起电，区分静电吸附与磁体磁性吸附；

C、考查大气压的应用，吸盘、拔火罐均利用大气压强；

D、考查流体压强与流速关系，规律为流速大、压强小。5．“风过泸州带酒香”，明代青铜麒麟温酒器是泸州酒文化的重要符号。它左右两侧的圆鼓与前胸、臀部内腔贯通，圆鼓内注水，中间空腔放炭火，将盛有酒的壶置于鼓中即可温酒，如图所示。关于麒麟温酒器温酒时涉及的物理知识，下列说法正确的是

A．水能从左侧圆鼓流入右侧圆鼓，是利用了连通器的原理B．中间空腔放燃烧的木炭，木炭燃烧将内能转化为化学能C．加热一段时间后，从麒麟嘴部喷出的“白气”是水蒸气D．温酒过程，是通过做功的方式增加酒的内能【答案】A【解析】【解答】A、左右两侧圆鼓与内腔相互连通，上端开口、底部相连通，符合连通器的结构特点，水能自由流动，利用了连通器原理，故A正确；

B、木炭燃烧时，消耗化学能，释放内能，是化学能转化为内能，并非内能转化为化学能，故B错误；

C、水蒸气是无色透明肉眼不可见的，喷出的“白气”是高温水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故C错误；

D、温酒时，热水的热量传递给酒，是通过热传递的方式增加酒的内能，不是做功，故D错误；

故答案为：A。

【分析】A、考查连通器原理，连通器定义为上端开口、底部相连通的容器；

B、考查燃料燃烧的能量转化，燃料燃烧是化学能转化为内能；

C、考查液化现象，区分水蒸气与液化形成的小液滴；

D、考查改变内能的两种方式，热传递是能量转移，做功是能量转化。6．同学们在操场上做“跳绳发电”实验，将铜导线(绳)的两端与灵敏电流计相连，沿东西方向站立摇绳，灵敏电流计指针左右摆动，如图所示。下列实验与该实验原理相同的是A． B．C． D．【答案】C【解析】【解答】跳绳发电实验原理是电磁感应现象，闭合电路的一部分导体在地磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流。

A、图A是磁体使小磁针偏转，为磁体的磁效应，原理不同，故A错误；

B、图B是奥斯特实验，证明通电导线周围存在磁场（电流磁效应），原理不同，故B错误；

C、图C装置无电源，导体切割磁感线时灵敏电流计偏转，演示电磁感应现象，原理相同，故C正确；

D、图D装置有电源，通电导体在磁场中受力运动，是电动机原理，原理不同，故D错误；

故答案为：C。

【分析】A、考查磁体的基本性质，磁体周围存在磁场；

B、考查电流的磁效应，奥斯特实验揭示电生磁；

C、考查电磁感应原理，发电机、跳绳发电均应用此原理；

D、考查磁场对通电导体的作用，电动机基于此原理工作。7．综合实践课上，同学们测试用塑料瓶等材料制作的水火箭。向瓶中加适量的水，塞紧带气门芯的瓶塞，将其置于固定在地面的发射架上，连接打气筒，打气到合适的气压，如图所示。控制人员拔出发射栓，水火箭升空。下列说法正确的是A．水火箭受力向上加速运动，说明物体的运动需要力来维持B．水火箭受力加速上升，说明力可以改变物体的运动状态C．以正在上升的水火箭为参照物，地面上的发射架是静止的D．整个上升过程中，水火箭的箭体(塑料瓶)动能一直增大【答案】B【解析】【解答】A、根据牛顿第一定律，物体的运动不需要力维持，力是改变运动状态的原因，水火箭加速是力改变了它的运动状态，故A错误；

B、水火箭由静止变为加速上升，运动速度发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；

C、以上升的水火箭为参照物，地面发射架相对火箭位置不断变化，发射架是运动的，故C错误；

D、水火箭上升后期速度会减小，质量不变，动能会变小，动能并非一直增大，故D错误；

故答案为：B。

【分析】A、考查牛顿第一定律，区分“维持运动”和“改变运动状态”的不同；

B、考查力的作用效果，力能改变物体速度大小或运动方向；

C、考查参照物判断，相对位置变化则物体运动；

D、考查动能影响因素，动能与质量、速度均有关，上升过程速度先增后减。8．安全重于泰山，了解自行车的工作原理是安全骑行的前提。下列关于自行车的分析错误的是A．车把是一个轮轴，能起到既省力又省距离的作用B．捏紧刹车把手刹车，是通过增大压力来增大摩擦C．车座做得宽大，是通过增大受力面积来减小压强D．车架设计成三角形，有助于提高稳定性和安全性【答案】A【解析】【解答】A、车把属于省力轮轴，省力机械一定费距离，不可能同时省力又省距离，故A错误；

B、捏紧刹车把手，增大刹车片与车轮间的压力，在接触面粗糙程度不变时，增大滑动摩擦力，故B正确；

C、宽大车座增大了人与车座的受力面积，在压力不变时减小压强，骑行更舒适，故C正确；

D、三角形结构具有稳定性，车架采用三角形设计，提升整体稳定与安全，故D正确；故答案为：A。

【分析】A、考查轮轴与功的原理，任何机械都不能同时省力又省距离；

B、考查增大摩擦的方法，增大压力、增大接触面粗糙程度均可增大摩擦；

C、考查减小压强的方法，压力一定时，增大受力面积可减小压强；

D、考查几何结构特性，三角形具有稳定性。9．在实践作业中，小郭拟用如图所示的器材制作一个亮度可调的台灯。要求将左边的电位器连入右边的电路、顺时针旋转滑片时灯泡变亮。忽略灯泡电阻变化，下列说法正确的是A．电位器应与灯泡并联B．电位器应连接O、Q接线柱C．闭合开关S前，滑片应旋至Q处D．滑片从Q移到P的过程中，电源总功率变小【答案】D【解析】【解答】A、电位器为了调节灯泡亮度，需要与灯泡：串联，而不是并联，故A错误；

B、若只将O、Q接入电路，顺时针转动旋钮时，接入电路中的电阻变大，电流变小，灯泡变暗，故B错误；

C、闭合开关前，滑片应置于阻值最大处以防电流过大。图中P端对应最大阻值，非Q端，故C错误；

D、滑片从Q移到P为顺时针转动，电阻增大，总功率变小，故D正确。故答案为：D

【分析】A、考查滑动变阻器的连接方式，调节用电器亮度时变阻器必须串联；

B、考查电位器的阻值变化规律，结合“顺时针滑片灯变亮”判断适配接线柱；

C、考查滑动变阻器的操作规范，闭合开关前滑片调到最大阻值端；

D、考查电路总功率计算，电源电压恒定，总电阻与总功率成反比。10．足够长的木板M放在水平地面上，小明用水平向右的力，拉着物体P在M上做匀速直线运动，M相对地面静止，如图甲所示。改用水平向右的力拉P，如图乙所示。下列说法正确的是A．图甲中，地面没有受到摩擦力B．图甲中，地面对M的摩擦力大小为5N、方向水平向左C．图乙中，M相对地面向右运动D．图乙中，地面对M的摩擦力大小为7N、方向水平向左【答案】B【解析】【解答】A、图甲中物体P向右匀速运动，P对M有向右的滑动摩擦力，M静止，地面会给M向左的静摩擦力，地面受到M向右的摩擦力，故A错误；B、图甲中P匀速，P、M间滑动摩擦力大小等于；M静止，水平方向P对M向右5N摩擦力、地面对M向左5N静摩擦力二力平衡，故B正确；C、滑动摩擦力只与压力、接触面粗糙程度有关，拉力换成7N后，P、M间滑动摩擦力仍为5N，M受到向右的摩擦力还是5N，地面给M向左5N静摩擦力仍能平衡，M保持静止，故C错误；D、图乙中压力、接触面粗糙程度不变，P对M滑动摩擦力还是5N，M静止，地面对M摩擦力大小为5N，不是7N，故D错误；故答案为：B。【分析】A、考查受力分析，M受到P的摩擦力，地面会产生对应的静摩擦力；B、考查二力平衡，分别对P、M受力分析，得出地面对M摩擦力大小与方向；C、考查滑动摩擦力影响因素，拉力变大不会改变滑动摩擦力大小，M受力仍平衡保持静止；D、考查静摩擦力大小判断，M受力平衡，地面摩擦力等于P对M的滑动摩擦力，恒为5N。11．小成协助爸爸安装灯具，他用大小为N、方向竖直向上的力将两个正方体灯箱M、N压7在水平天花板上，如图所示。已知M、N的重力分别为2N、3N，棱长分别为4cm、5cm。下列说法正确的是A．N所受合力大小为2N B．M所受合力大小为0C．N对M的压强为2000Pa D．M对N的压强为3125Pa【答案】B,D【解析】【解答】M、N均静止，属于平衡状态，合力均为0；先计算接触面积：M棱长，接触面积；N棱长，接触面积；N对M的压力等于N的重力；M对N的压力等于手的推力减去M自身重力，，题目推力数值应为（匹配D选项计算），A：N静止，处于平衡状态，合力为0，不是2N，故A错误；B：M静止，受力平衡，合力大小为0，故B正确；C：N对M压强，故C错误；D：M对N压强，故D正确；故答案为：BD。【分析】A、考查平衡状态合力规律，静止物体所受合力一定为0；B、考查受力平衡判断，静止物体合力恒为0；C、考查压强计算，压力为N的重力，受力面积取M的底面积，计算结果与选项不符；D、考查固体压强计算，先求出M对N的压力，再除以N的接触面积，数值匹配选项。12．合江是中国晚熟荔枝之乡。乡村振兴科技小组设计了一个荔枝自动筛选装置，其工作原理如图甲所示。传送带转动，将荔枝逐个送到压力检测片上，其下的压敏电阻R2的阻值随压力F的变化如图乙所示。当电流表示数I<0.3A时，衔铁片S3上端保持与静触点1接触，电动机M1工作，将荔枝向里推出；当I≥0.3A时，不计电阻的电磁铁将衔铁片S3上端吸到静触点2，电动机M2工作，将荔枝向外推出，实现筛选。已知控制电路的电源电压为18V，R1为40Ω，g取10N/kg。下列说法正确的是A．电磁铁右端是N极B．当I=0.4A时，推出荔枝的质量为25gC．该装置能将15g以上的荔枝向外推出D．将R1换成50Ω的电阻，可将20g的荔枝向外推出【答案】A,C【解析】【解答】A、根据安培定则，电流从螺线管右端流入、左端流出，结合绕行方向可知，电磁铁左端为S极，右端为N极，故A正确；B、当时，控制电路总电阻，。由图乙，对应压力，荔枝质量，不是25g，故B错误；C、临界电流，此时总电阻，。图乙中对应压力，对应质量。电流时工作向外推出，压力越大电流越大，因此15g以上荔枝向外推出，故C正确；D、换成，临界总电阻仍为，此时。图乙对应压力，对应质量，只能将25g以上荔枝向外推出，20g荔枝不会被向外推出，故D错误；故答案为：AC。【分析】A、考查安培定则，通过线圈电流方向判断电磁铁磁极；B、考查欧姆定律与压力图像结合，先求总电阻、压敏电阻阻值，再对应图像求压力、计算质量；C、考查电路临界工作点计算，算出刚好切换电动机的临界压力与对应质量，判断筛选标准；D、考查定值电阻更换后的临界计算，更换后重新计算临界，对照图像得到临界质量，判断20g荔枝能否被外推。二、填空题(本题共5个小题，每空1分。共15分)13．2026年5月24日，神舟二十三号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。运载火箭分离装置、爆炸螺栓等关键部件需承受极端高温，这就要求其材料的热膨胀系数必须很低，在高温下仍不发生较大的；发动机推动火箭升空时的能量转化情况与汽油机的冲程相同；空地通信利用了波。【答案】热膨胀；做功；电磁【解析】【解答】热膨胀系数低代表高温下膨胀程度小，因此高温下不会发生较大的热膨胀；

火箭发动机燃料燃烧，内能转化为机械能，与汽油机做功冲程能量转化一致；

太空真空环境无法传播声波，空地通信依靠电磁波传递信号。

故答案为：热膨胀；做功；电磁

【分析】(1)本题考查物质热膨胀特性，热膨胀系数越小，温度升高时物体膨胀形变越小。

(2)本题考查内燃机冲程能量转化，做功冲程将内能转化为机械能，与火箭升空能量转化相同。

(3)本题考查电磁波的应用，电磁波可以在真空中传播，航天器与地面通信使用电磁波。14．2026年1月5日，全球首台适用于城市环境的兆瓦级S2000浮空风力发电系统在四川成功放飞，完成并网发电测试并累计发电385kW·h，最大额定功率达3MW。风能属于能源；悬停时，浮空风力发电系统受到(选填“平衡力”或“非平衡力”)作用；若按最大额定功率的50%工作，连续发电385kW·h仅需h(保留两位小数)。【答案】可再生；平衡力；【解析】【解答】风能可以源源不断从自然界获取，属于可再生能源；悬浮时风力发电系统保持静止，处于平衡状态，受到平衡力作用；最大额定功率，实际工作功率，由得发电时间。故答案为：可再生；平衡力；【分析】(1)本题考查能源分类，短时间内能持续得到的能源为可再生能源，风能、太阳能均属于可再生能源。(2)本题考查平衡状态与平衡力，物体静止或匀速直线运动时处于平衡状态，受到平衡力。(3)本题考查电功率公式计算，先算出实际工作功率，再利用变形式计算发电时长，结果保留两位小数。15．家庭电路中空气开关安装在(选填“相线”“中性线”或“保护接地线”)上，在的情况下会跳闸；观察到如图所示的电能表的脉冲指示灯在一段时间内闪烁了10次，则该家庭电路在该段时间内消耗了J的电能。【答案】相线；短路或用电器总功率过大；【解析】【解答】家庭电路中空气开关需安装在相线上，这样断开开关后用电器不带电；当电路发生短路或者总功率过大时，电流过大，空气开关会跳闸；电能表参数，表示每消耗电能指示灯闪烁3600次，闪烁10次消耗电能。故答案为：相线；短路或用电器总功率过大；【分析】(1)本题考查家庭电路空气开关安装位置，开关接相线才能切断火线，保障检修安全。(2)本题考查空气开关跳闸原因，电流过大的两种诱因：短路、电路总功率过大。(3)本题考查电能表参数计算，先根据脉冲次数算出消耗电能，再进行单位换算得到焦耳数值。16．强身健体，培根铸魂。如图所示，热爱运动的小张正利用滑轮组进行腿部力量训练(绳索拴在左脚上)。已知配重重力为100N，动滑轮重力为10N，则他的左脚对绳索的拉力至少为N；他的左脚向后摆动，在2s内将绳子向右拉动了0.6m，则配重在这段时间内运动的平均速度为m/s；他这样摆动一次，至少消耗了J的能量。【答案】；；【解析】【解答】图中动滑轮上承担物重的绳子段数，不计摩擦，拉力；绳子自由端拉动距离，配重上升距离，配重平均速度；人消耗的能量至少等于提升配重与动滑轮做的总功，。故答案为：；；【分析】(1)本题考查动滑轮拉力计算，常规动滑轮拉力等于物重加动滑轮重的一半。(2)本题考查滑轮组距离与速度关系，绳子移动距离是物体移动距离的倍，再利用速度公式求解平均速度。(3)本题考查功的计算，人消耗的最小能量等于拉力做的总功，利用计算。17．恒流电源，因其输出电流恒定，能确保电子设备的稳定工作，而在电子技术中有着广泛的应用。如图所示，恒流电源输出1.2A的电流，R1的最大电阻值为24Ω，R2为12Ω，电流表测量范围为0~0.6A，电压表测量范围为0~9V。当时，电流表的示数为A，电压表的示数为V。为保证电路安全，电路的最大功率为W。

【答案】；；【解析】与并联，恒流电源总电流，电压表测并联支路电压，电流表测支路电流，当时，

由①②解得，由可得，总电流恒定，电压越大，电功率越大，当电流表最大电流为时，电压为当电压表示数为最大时，通过的电流为通过的电流为故电流表安全，此时的电阻为所以当电压表示数为最大时，功率最大为

故答案为：；；【分析】(1)本题考查并联分流与并联电压相等，利用两支路电压相等列方程求解滑动变阻器支路电流。(2)本题考查欧姆定律应用，用滑动变阻器支路电流与电阻乘积计算并联电路两端电压，即电压表示数。(3)本题考查电路安全极值与电功率计算，分别根据电流表、电压表量程求出临界电压，取较小安全电压，再结合恒流源总电流用计算电路最大功率。三、作图与实验探究题(本题共6个小题。18~19题每题2分，先用铅笔作图，确定后，再用黑色签字笔描黑；20~23题除23题第2小问第2空2分外，其余每空1分。共28分)18．公园里的无人售卖机有两种付款方式，投币或扫码，付款成功后电动机转动送出饮料。它的模拟电路如图所示，请你用笔画线代替导线将电路连接好(导线不能交叉)，以实现闭合S1(投币)或闭合S2(扫码付款)，均可成功购物。【答案】【解析】【解答】由题意，闭合或任一开关电动机都工作，说明、并联，电动机在干路实物连接步骤：电源正极导线接其中一个接线柱；用导线将另一接线柱与一个接线柱相连，实现两开关并联；从空余接线柱引出导线，接到电动机一端；电动机另一端导线接电源负极；导线全程不交叉，并联后的开关整体与电动机串联，如下图所示：

【分析】(1)本题考查并联开关电路设计，两个开关独立控制用电器时，开关之间采用并联接法。(2)实物连线规范：导线只接接线柱，不交叉，电流从电源正极出发，经并联开关后流过电动机，回到电源负极。19．小王乘坐商场的自动扶梯匀速上升，请在图中画出他此时受到的各个力的示意图(画在重心O上)。【答案】【解析】【解答】小王乘坐商场的自动扶梯匀速上升，小王与扶梯之间没有相对运动，也没有相对运动的趋势，不受扶梯的摩擦力；小王受到竖直向上的支持力F、竖直向下的重力G，支持力和重力是一对平衡力，大小相等，二力的作用点都画在小王的重心O，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F、G，如图所示：

【分析】小王乘坐商场的自动扶梯匀速上升，先对小王进行受力分析，确定各个力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。​​​​​​​20．使用精密仪器、精心设计实验装置可提高实验的精确度。如图甲所示，科技创新小组用红外线烤灯代替酒精灯、高清红外线热成像仪代替温度计，设计了“探究不同物质的吸热能力”的实验。他们在两个相同的浅盘中装入质量相等的砂和水，将红外线烤灯垂直固定在离两浅盘距离相等的正上方，高清红外线热成像仪置于正前方。根据实验数据绘制了如图乙所示的图像。（1）用红外线烤灯作热源的优点是，用高清红外线热成像仪的优点是更加精确地测量整盘砂、水的平均温度。（2）红外线烤灯利用了红外线能传递的特性。（3）本实验用(选填“升高的温度”或“加热的时间”)来反映物质吸热的多少。（4）分析数据可知，水的吸热能力比砂的吸热能力更。【答案】（1）相同时间内提供的热量相等，受热均匀，便于控制吸收热量相同（2）能量（3）加热的时间（4）强【解析】【解答】(1)红外线烤灯能稳定、均匀地释放热量，相同时间内对砂和水提供的热量相等，便于控制相同吸收热量，减小实验误差；而酒精灯火焰受热不均匀、热量供给不稳定。

故答案为：相同时间内提供的热量相等，受热均匀，便于控制吸收热量相同；

(2)红外线烤灯依靠红外线将热量传递给盘中物质，利用了红外线能传递能量的特性。

故答案为：能量；

(3)两套装置热源完全相同，加热时间越长，物质吸收的热量越多，因此本实验用加热的时间来反映物质吸热的多少。

故答案为：加热的时间；

(4)由图像可知，质量相等的水和砂吸收相同热量（加热相同时间）时，水升高的温度更小，说明水的吸热能力更强。

故答案为：强；

【分析】(1)本小问考查实验热源的对比优势，对比酒精灯与红外线烤灯的供热稳定性、均匀性，从控制变量、减小误差角度分析优点。

(2)本小问考查红外线的作用，红外线属于不可见光，具有传递能量的作用，可用来加热物体。

(3)本小问考查转换法在吸热实验中的应用，相同热源下，加热时长等价于吸收热量多少。

(4)本小问考查吸热能力的判断方法，质量、吸热相同时，升温越小，物质比热容越大，吸热能力越强。21．在跨学科实践中，小卢用爷爷、奶奶废弃的圆形老花眼镜镜片(凸透镜)自制望远镜。（1）测量凸透镜的直径。如图甲所示，M的直径为cm，N的直径为5.0cm。（2）测量凸透镜的焦距。将M正对太阳，前后移动M，使地面的光斑变到最小最亮，此时透镜中心与光斑的距离为10.0cm，则M的焦距为cm。小卢还测出N的焦距为20.0cm。（3）组装望远镜。①为使望远镜观察视野更广、清晰度更高，应该选择(选填“M”或“N”)作为物镜，另一透镜作为目镜。②为便于调节镜筒，物镜和目镜用大小不同的套筒套在一起，如图乙所示。物镜的作用相当于(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。③观察远景时，M、N间的距离约等于。

A：物镜的焦距

B：目镜的焦距

C：物镜和目镜的焦距之和

D：物镜和目镜的焦距之差（4）评价。测试发现，镜筒调节略显卡顿，调节好后能清楚观察到远处花朵上正在采蜜的蜜蜂。根据自制的评价量表，该望远镜的评价等级为。自制望远镜评价量表等级优秀良好合格不合格内容结构牢固，镜筒调节顺畅，能观察到清晰的远景结构牢固，镜筒调节不够顺畅，能观察到清晰的远景结构比较牢固，镜筒调节不够顺畅，只能观察到模糊的远景结构不够牢固，镜筒调节不顺畅，不能观察到远景【答案】（1）（2）（3）N；照相机；C（4）良好【解析】【解答】(1)刻度尺分度值1mm，透镜M左侧对齐3.00cm，右侧对齐7.00cm，直径。故答案为：；(2)凸透镜正对太阳光，最小最亮光斑处为焦点，透镜中心到光斑距离等于焦距，因此M焦距为。故答案为：；(3)①望远镜物镜选用焦距更长、直径更大的透镜，聚光能力强，视野更广、清晰度更高，N焦距20.0cm大于M，故选N作为物镜；②物镜将远处物体成倒立、缩小的实像，成像原理与照相机相同；③观察远景时，物镜所成实像落在目镜一倍焦距内，镜筒长度约等于物镜焦距与目镜焦距之和，C正确。故答案为：N；照相机；C；(4)该望远镜镜筒调节略显卡顿，但能清晰观察远处景物，对照评价量表，符合“良好”等级标准。故答案为：良好；【分析】(1)本小问考查刻度尺读数与直径计算，需注意估读到分度值下一位，用两侧刻度差值求透镜直径。(2)本小问考查利用太阳光粗测凸透镜焦距的实验原理，平行光经凸透镜会聚于焦点，焦点到光心距离为焦距。(3)本小问考查开普勒望远镜结构与成像规律：长焦距大口径透镜做物镜提升观测效果；物镜成缩小实像，对应照相机原理；远景观测时镜筒总长近似等于两透镜焦距之和。(4)本小问结合评价量表进行等级判断，根据“调节卡顿、成像清晰”两条特征匹配对应评价等级。22．在学习了“金属导体电阻的影响因素”后，小红想进一步了解“液态导体电阻的影响因素”。小红设计了如图甲所示的实验，P为水平柱状玻璃管，右端电极固定，左端电极自由移动可改变管内液体的长度L，管上端开有小孔可注入液体，下端有一阀门K可放出液体。（1）图甲所示实验方案通过反映液态导体的电阻大小，下列实验中也用到了同样的实验方法。

A：探究光的反射定律

B：探究液体内部的压强与哪些因素有关

C：探究杠杆的平衡条件（2）老师建议小红在电路中增加一个灵敏电流计，如图乙所示，这样做可更灵敏地通过电流变化反映的变化。（3）小红先在P中注入半管盐水，关闭K，拟将左侧电极向右推，以探究电阻与长度的关系。老师指出这样设计有问题，问题是。（4）于是，小红控制左端电极位置不变，关闭K，继续注入盐水，发现注入的盐水越多，电流计示数越大，由此可知：盐水导体长度不变时，电阻随增大而减小。（5）接着，改变管中盐水的长度L，始终保持管中注满盐水。多次实验获取数据，并作出电流I与长度L的关系，如图丙中实线a所示，由图像可知，注满盐水时，长度越长，电阻。（6）小红换另一种液体，重复(5)中实验步骤，采集数据，绘制出如图丙中虚线b所示的图像，可判断这种液体导电性比盐水更(选填“好”或“差”)。【答案】（1）灯泡的亮度；B（2）液态导体电阻（3）改变液体长度的同时，液体的横截面积也发生了改变，没有控制横截面积相同（4）横截面积（5）越大（6）好【解析】【解答】(1)电源电压不变，液态导体电阻越大，电路电流越小，灯泡亮度越暗；实验通过灯泡亮度反映液态导体电阻大小，该方法为转换法。A：探究光的反射定律采用观察法，无转换；B：探究液体内部压强利用U型管液面高度差反映压强大小，转换法；C：探究杠杆平衡条件为多次测量归纳，无转换。故答案为：灯泡的亮度；B；(2)灵敏电流计可精准显示电路中电流大小变化，电源电压不变，电流由导体电阻决定，因此能更灵敏反映液态导体电阻的变化。故答案为：液态导体电阻；(3)将左侧电极向右推时，管内盐水横截面积、长度同时发生改变，没有控制横截面积不变，违背控制变量法，无法单独探究电阻与长度的关系。故答案为：改变液体长度的同时，液体的横截面积也发生了改变，没有控制横截面积相同；(4)电极位置不变，注入盐水越多，液体横截面积越大，电流越大，说明电阻越小；可得：盐水导体长度不变时，电阻随横截面积增大而减小。故答案为：横截面积；(5)管内注满盐水，液体横截面积固定，长度L越长，电流I越小，由可知电路总电阻越大，即盐水电阻越大。故答案为：越大；(6)相同液体长度L下，虚线b的电流大于实线a，说明该液体电阻更小，导电性能更好。故答案为：好；【分析】(1)本小问考查转换法的识别与应用，把不易直接测量的电阻转换为容易观察的灯泡亮度；对比各实验，液体压强实验同样使用转换法。(2)本小问考查转换法的优化，灵敏电流计放大电流变化，间接反映导体电阻变化。(3)本小问考查控制变量法的易错点，探究电阻与长度关系时，必须保持横截面积、材料不变，原操作存在两个变量。(4)本小问结合实验现象归纳电阻与横截面积的关系，长度不变，横截面积越大电阻越小。(5)本小问结合I-L图像分析电阻与长度关系，横截面积不变，导体长度越长电阻越大。(6)本小问对比两条图像，相同长度下电流越大，导体电阻越小，导电能力越强。23．跨学科实践小组的同学们一起研讨制作浮力秤。用剪刀将两个大小不同的矿泉水瓶剪开，用大瓶瓶身作盛水桶，小瓶瓶身作浮筒，细沙作配重，纸锥作秤盘，制成了Ⅰ型秤。（1）实验时发现浮筒容易歪斜和倾倒，尤其是放入待测物体后，这是因为。他们将细沙换成铁屑，用另一只略小的水瓶瓶身作秤筒，制成了Ⅱ型秤，就解决了上述问题。（2）某次实验，Ⅱ型秤空载时盛水桶中的水深为10.25cm，浮筒浸入水中的深度为5cm，其余数据如图所示，ρ水取空载时浮筒上的水位线标记为0，往上每增加1cm长度对应所称质量变化g；当放入50g的物体时，浮筒相对于盛水桶底部下降了cm；若不再加水，则该秤的最大秤量是g。（3）有同学用长颈烧瓶作浮筒制成了如图所示的Ⅲ型秤，为使它等质量刻度均匀且测量范围大，应通过增减铁屑使它空载时，液面在(选填“A”“B”或“C”)点处最佳。请比较Ⅲ型秤相对于Ⅱ型秤的优点是(答一条即可)。【答案】（1）浮筒配重细沙的重心较高，稳定性差（2）；；（3）B；刻度均匀，测量精度更高【解析】【解答】(1)细沙重心偏高，浮筒稳定性差，放入物体后容易侧翻、倾倒；换成铁屑后重心下移，提升稳度。故答案为：浮筒配重细沙的重心较高，稳定性差；(2)①每增加1cm浸入深度，增加排开水体积，增加浮力等于增加物体重力，；②放入物体，增加排开水体积，浮筒下沉深度；③