广西梧州市2025-2026学年高一物理上册1月期末抽样检测试题（解析版）

梧州市2025-2026学年度高一上学期期末抽样检测

物理

（全卷满分100分，考试时间75分钟）

注意事项：

1、答题前，考生务必将学校、班级、姓名、考号填写在答题卡上。

2、考生请在答题卡上作答（答题注意事项见答题卡），在本试题上作答无效。

一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只

有一个选项是符合题目要求的。）

1.2025年9月的长春航展中，“红鹰”飞行表演队使用两架教练机上演“双机比心”的经典一幕。

如图所示，两架飞机分别沿各自轨迹从〃点运动到b点，则两架飞机（）

A.位移一定相同

B.路程一定相同

C.平均速度一定相同

D.经过8点时速度相同

【答案】A

【解析】A.位移是从初位置指向末位置的有向线段。两架飞机都从。点运动到6点，它们

的初位置和末位置相同，所以位移一定相同，故A正确；

B.路程是物体运动轨迹的长度。两架飞机分别沿不同的轨迹运动，不能保证两段轨迹的长

度一定相同，即路程不一定相同，故B错误；

Y

C.平均速度是位移与所用时间的比值，即口二二

t

两架飞机的位移工相同，所用的时间/不一定相同，因此平均速度不一定相同，故c错误；

D.速度是矢量，既有大小又有方向。在b点时，两架飞机沿各自轨迹的切线方向运动，从

图中可以看出，两者的运动方向不同，速度也一定不同。故D错误。

2.西江明珠塔是梧州市的地标性建筑，它以独特的宝石造型和130米高的云海观景平台闻

名，游客可在此360。俯瞰梧州全景。一架无人机从塔底静止开始以恒定的加速度竖直向上

运动，加速度的大小为2m/s?，则无人机到达观景平台所用的时间约为（）

【答案】B

【解析】由题知，无人机向上做初速度为零的匀加速直线运动，设无人机到达观景平台所用

的时间为心根据位移时间公式有=

2

其中"二130m,a=2m/s2»解得d1.4s

故选Bo

3.1845年英国物理学家和数学家斯・托克斯（S.G.Stokcs）研究球体在液体中下落时，发现了

液体对球的黏滞阻力与球的半径、速度及液体的种类有关，有产=6兀"I，，其中物理量77为

液体的黏滞系数，其单位用国际制基本单位表示为（）

A.叱B,里

s-s-m

C.,nD.N•m2

s-m

【答案】B

【解析】根据公式/=6万/"，黏滞系数H的单位可通过力的单位推导：力的单位F为

牛顿（N）,即^g-m/s2：半径，•的单位为米（m）,速度V的单位为m/s：

Agm/s2_kg

代入公式得77=—.其单位为:

/*-vm-s

故选Bo

4.在校园运动会中，小政和小奇争夺100米决赛冠时，小政起跑加速偏慢（即起跑时加速

度较小），但率先抵达终点获得冠军，用时为％。则下列图像中，能大致体现两位同学

运动情况的是（)

【答案】A

【解析】在U-Z图像中，图像的斜率代表加速度，图像与横轴围成的面枳表示位移，则根

据题意可知，小政加速阶段斜率较小，若率先抵达终点，则用时较少，想要图像围成的面积

相等，只能是小政的最大速度比小奇大才能满足要求。

故选Ao

5.如图甲为一种门后挂钩的照片•，相邻挂钩之间的距离为10cm,图乙挂包的宽度约为30cm,

在挂包质量一定的条件下，为了使悬挂时挂包带受力最小，不计包带与挂钩间的摩擦，下列

措施正确的是（）

A.挂包带随意挂在一个钩子上B,挂包带挂在两个相邻的挂钩上

C.挂包带跨过三个挂钩D.挂包带跨过四个挂钩

【答案】D

【解析】设挂包带与竖直方向的夹角为0,挂包带对挂包的拉力为尸，挂包的质量为加，

重力加速度为匕，根据平衡条件有2bcos<9=mg

解得挂包带的拉力F=*-

2cos6/

在挂包质量•定的条件下，为了使悬挂时挂包带受力最小，则cos。需最大，由于相邻挂钩

之间的距离为10cm,图乙中挂包的宽度约为30cm,故使挂包带跨过四个挂钩时0。。/,则

COSORI,可知此时挂包带受力最小。

故选Do

6.如图所示，两个共点力的合力E=20N,分力片的方向与合力厂的方向成。=30。角,

分力鸟（图中未画出）的大小为15N,则（）

居的方向——

A.片的大小是唯一的B.6的方向是唯一的

C.6有两个可能的方向D,6可取任意方向

【答案】C

【解析】根据力的矢量三角形原理，可知三个力需构成一个首尾相连的闭合矢量三角形，故

当月的方向与片的方向垂直时用有最小值，如图所示

可得用的最小值为玛min=/sina=ION

由题知分力用的大小为15N,即玛1nin〈得〈尸

故g存在两个值，所以旦有两个可能的方向，如图中1、2所示

故选C。

7.李南在学习了超重和失重后，到科技馆做实验，他站在压力传感器上在10秒内连续做了

2次“下蹲—起立，，的动作，则屏幕上压力随时间变化的图线大致呈现为下图中的（）

I1

n800

600

A.400

2000

810

时间（秒）

I0

(008

擎00

a006

cwa004

()()

。2

2

6810

时间（秒）

【答案】D

【解析】对人第1次“下蹲-起立”过程分析，人下降时先是加速下降，处于失重状态，到达

最大速度后，再减速下降，处尸超重状态，故对应压力先减小后增大；人起立时先是加速上

升，处于超重状态，达到最大速度后，再减速上升，处于失重状态，故对应先超重再失重,

则压力先增大后减小。人第2次“下蹲一起立”的情况重复第1次“下蹲一起立”的情况。

故选D。

二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中至少

有两个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）

8.如图，物块A、B静止在水平地面上，某时刻起，对B施加一沿斜面向上的力尸，力尸

从零开始随时间均匀增大，A、B均始终保持静止，在这一过程中，地面对人的（）

A.支持力不变B.支持力减小

C.摩擦力不变D.摩擦力增大

【答案】BD

【解析】以A、B整体为研究对象，分析受力情况：总重力G、力F、地面对A的支持力M

地面对A的摩擦力设斜面的倾角为。，如图所示

G

根据平衡条件，可得N+Rsina=G,/=尸85。

可知当尸从零开始随时间均匀增大，则支持力N减小，摩擦力/增大。

故选BDo

9.如图所示，质量为3“的物体A放在光滑的水平桌面上，通过绳子与质量为〃?的物体B

相连，绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都忽略不计，绳子不可伸长，物体B与

竖直面无摩擦，重力加速度为g,对物体A和B从静止释放后到物体A碰到滑轮之前的运

动，下列说法正确的是（）

/////^///^//////////////////////乙

A.物体A的加速度大小为D,物体A的加速度大小为《g

43

C.物体B处于失重状态D.绳子的拉力为〃陪

【答案】AC

【解析】ABD.物体AB连在一起，加速度大小相等，以物体A为对象，根据牛顿第二定

律可得丁=3〃也

以物体B为对象,根据牛顿第二定律可得〃2g-T=ma

13

联立解得a=：g,T=—mg,故A正确，BD错误；

44

C.因物体B有竖直向下的加速度，故物体B处于失重状态，故C正确。

故选AC◎

10.如图所示，i轻质弹簧竖直固定在水平面匕一物块自弹簧正上方自由下落，在物块与

弹簧接触并将弹簧压缩至最短（在弹性限度内）的过程中，下列说法正确的是（）

2777^^7777"

A.物块接触弹簧后先做加速运动后做减速运动

B.物块接触弹簧后立即做减速运动

C.当物块的速度最大时，物块所受的合力不为零

D.当弹簧被压缩至最短时，物块的加速度不等于零

【答案】AD

【解析】AB.物块接触弹簧后，弹力先小于重力，故合力向下，根据牛顿第二定律可知，

加速度向下，与速度方向相同，故物块先做加速运动；当弹力等于重力时，加速度为零，物

块的速度达到最大，方向向下；之后弹力大于重力，合力向上，根据牛顿第二定律可知，加

速度向上，与速度方向相反，故物块做减速运动，故物块接触弹簧后先做加速运动后做减速

运动，故A正确，B错误：

C.当物块速度最大时，加速度为零，根据牛顿第二定律，可知合力为零，即弹力的大小等

于重力的大小，故C错误；

D.当弹簧被压缩至最为时，弹力大干重力，合力向上，根据牛顿第二定律，可知物块的加

速度不等于零，方向向上，故D正确。

故选ADo

三、实验题（本题共有2小题，每空2分，共16分。）

11.某实验小组在探究弹簧弹力与弹簧伸长量关系的实验中，设计了如图甲所示的实验装置,

桌面水平，刻度尺也水平放置。

（I）关于本实验，下列操作正确的是

A.每次增加的钩码数量必须相等

B.读数时，应保证弹簧水平且处于平衡状态

C.可以随意增加祛码个数，只要保持住码静止再读数就不会有误差

（2）实验中，某同学以弹簧弹力厂为纵轴、弹簧长度上为横轴建立直角坐标系，依据实验

数据作出尸图像如图乙所示。由图像可得出该弹簧的原长为cm,弹簧的劲度系

数为N/mo（结果均保留一位小数）

（3）本实验中，作出的是b图像而不是弹簧弹力/与弹簧的伸长量x之间的关系图像,

这对弹簧劲度系数的测量结果(选填“有”或“无”)影响。

【答案】(1)B(2)1020.0(3)无

【解析】

【小问1解析】

A.每次增加的钩码数量不必相等，只要不超出弹簧的弹性限度即可，故A错误；

B.读数时，应保证弹簧7、平且处于平衡状态，故B正确；

C.不可以随意增加磋码人数，需要保证不超出弹簧的强性限度，故C错误。

故选Bo

【小问2解析】

设弹簧的原长为4,根据胡克定律有/二攵佑一4)

可得F=kL-kL。

可知图像的横截距.即为该弹簧的原长为4=10cm

60

可知产-£图像的斜率，即为弹簧的劲度系数为k=(40叫xio-2N/m=20,0N/m

【小问3解析】

根据胡克定律有尸=%(£-4)

可得F=kL-kL0

可知尸-£图像的斜率为弹簧的劲度系数

根据胡克定律有口="

可知/-X图像的斜率也为弹簧的劲度系数

即产-L图像的斜率与尸-x图像的斜率相同，都表示弹簧的劲度系数，所以这对弹簧劲度

系数的测带结果无影响。

12.某同学用力传感器探究小车的加速度与力的关系，实验装置如图甲所示。

（1）该实验中，小车质量远大于重物的质量（选填“需要”或“不需要”）；

（2）下图是某次实验得到纸带的一部分，每相邻两计数点间有四个点未画出。y=3.59cm,

s2=4.41cm,*=5.19cm,%=5.97cm,ss=6.78cm,=7.64cm,打点计时器电

源频率为50Hz,则小车的加速度大小为m/s2（结果保留两位有效数字）；

ABCDEFG

\：ttt!T?

fll••III•I•

Ii■»>iIiIIrI

III|III（

litIIII

IIIIIII

-力f一内一,一“一H

（3）力传感器可实时显示细线的拉力，若该同学绘制小车加速度。随力传感器示数”的变

化图像如图乙所示，则图像不过原点的原因可能是（只需回答其中的一个原因）；

（4）若测得图乙中横截距为6,纵截距为一。，则小车质量的表达式为（用b和。表

不）。

【答案】（1）不需要（2）（）.8（）

（3）未平衡摩擦力（或平衡摩擦力不足）（4）-

c

【解析】

【小问1解析】

由题知，细线的拉力可以由力传感器直接读出，故小车质量不需要远大于重物的质量。

【小问2解析】

由题知，每相邻两计数点诃有四个点未画出，且打点计时器电源频率为50Hz,故相邻计数

点的时间为7=5x（=0.1s

根据逐差法,可得小车的加速度大小为a="+氏+$4十邑+1）

代入数据解得〃=0.80m,飞2

【小问3解析】

由图乙可知，横截距表示拉力不为零，加速度为零，说明未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够。

【小问4解析】

设小车的质量为小，所受的摩擦力为/，根据牛顿第二定律有*-/=〃以

变形得。=—/

mm

结合图乙可得。一尸图像的斜率k=：=L

bm

解得〃？=2

C

四、计算题（本大题共有3小题，第13小题8分，第14小题12分，第15小题18分，共

38分。解答中应写出必要的文字说明、方程式及计算结果，只写出最后答案的不得分，有

数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。）

13.挂红灯笼是我国的传统文化，用来表达喜庆。如图所示，一小灯笼用轻绳连接并悬挂在

。点，在稳定水平风力/作用下发生倾斜，轻绳与竖直方向的夹角为37。，灯笼的重力为

4N,不计空气浮力，sin37°=0.60,cos37°=0.80o

（1）求水平风力F和悬绳拉力T的大小；

（2）分析说明随着风力的增大，绳子拉力7大小如何变化。

【答案】（1）F=3N,T=5N（2）增大

【解析】

【小问1解析】

灯笼受到重力、风力、绳拉力，受力如图所示

根据平衡条件，可得rcosO=〃?g,TsinO=F

又e=37°

联立解得尸=3N,T=5N

【小问2解析】

根据TcosO=〃Zg,7sin6>=F

可得「="吆,F=mgtan0

cos。

可知当风力/增大，根据尸=〃?glan。

可知。角增大，故cos。减小，根据7=坐-

COS。

可知绳子拉力T大小增大。

14.可爱的企鹅喜欢在冰面上玩游戏。如图所示，有一企鹅在倾角为37。的倾斜冰面上，先

以加速度a=0.5m/s2从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，Z=8s时，突然卧倒以肚

皮贴着冰面向上滑行，速度减为零后沿冰面向卜滑行，最后退滑到出发点，完成一次游戏，

企鹅在滑动过程中姿势保持不变。已知企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数〃=0.25,

sin37°=0.60,cos37°=0.80,重力加速度g=lOm/s?,求:

（1）企鹅向上“奔跑”的位移大小；

（2）企鹅在冰面向上滑行和向卜滑行的加速度大小；

（3）企鹅滑回到出发点时的速度大小。（结果可用根式表示）

【答案】（1）16m（2）8m/s2»4m/s2（3）2\/34m/s

【解析】

【小问1解析】

由题知，企鹅向上“奔跑”是做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间公式有

代入数据解得西=16m

【小问2解析】

企鹅向上“奔跑”f=8s的末速度为匕=qz=4m/s

企鹅突然卧倒后，以肚皮贴着冰面向上滑行，做匀减速直线运动，设加速度大小为生，根

据牛顿第二定律有〃7gsinO+〃〃7gcos。=ma2

2

解得a2=8m/s

2

则企鹅向上滑行减速到零的位移大小为X,=3=lm

2a2

之后企鹅向下滑，做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为为，根据牛顿第二定

律有mgsin0-〃〃7gcos。=ma3

解得〃3=4m/s2

【小问3解析】

企鹅向下滑的总位移为七=玉+工2=17m

根据速度位移公式有E=24%3

代入数据解得企鹅滑回到出发点时的速度大小为匕=2Am/s

15.如图甲所示，一定长度、质量为M=2kg的长木板放在水平面上，质量为m=lkg且可视

为质点的物块放在长木板的最右端，现在长木板上施加一水平向右的外力Q（大小未知），

使长木板和物块均由静止开始运动，将此刻记为/=0时刻，（）~2s内长木板和物块的速度随

时间的变化规律如图乙所示，4=2s时将外力大小改为B=22N,物块与长木板间的动摩擦

因数为从，长木板与水平面间的动摩擦因数为假设最大静摩擦力等于滑动摩擦

力，整个过程中物块始终未离开长木板，重力加速度g=10m/s2求：

（1）0〜2s内长木板和物块的加速度大小;

（2）从以及人的大小；

（3）长木板/（/大于。）时的速度大小的表达式。

【答案】（1）9m/s2，2m/s2（2）0.2,42N

（3）2s<t<—s0^,v=20-/（单位：m/s）；Z>"s时，v=