贵州省毕节市2026年高三第二次适应性考试物理试题

贵州省毕节市2026年高三第二次适应性考试物理试题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1．1934年，约里奥-居里夫妇用α粒子轰击铝箔，首次在实验室中发现人工放射性同位素1530P，1530A．正电子 B．电子 C．中子 D．质子2．（2026·毕节模拟）2026年元宵节当晚，毕节市民进行无人机表演。某一无人机沿水平方向做直线运动时，分别经历了甲、乙、丙、丁四个图像所描述的运动过程。则（）A．甲图中无人机的加速度大小为2m/B．乙图中无人机在0∼2s内的位移大小为1mC．丙图中无人机的速度一定先减小后增大D．丁图表示无人机做匀减速直线运动3．（2026高二下·汕头期中）图为一定质量理想气体的V−T图像，该气体经历了A→B→C的变化过程，其中AB反向延长线过坐标原点，BC平行于T轴，则该气体（）A．从A→B过程中，外界对它做正功B．在A状态的热力学温度为150KC．从B→C过程中，向外界放出热量D．在A、C两状态的压强之比为3:44．（2026·毕节模拟）某同学在操场上抖动长绳形成一列简谐横波，t=0时刻的波形如图甲所示。图乙是质点L的振动图像，则（）A．波向左传播 B．波传播的速度为20m/sC．t=0.3s时质点M的加速度为零 D．经0.5s质点N振动路程为20cm5．（2026·毕节模拟）如图有一足够长的浅色水平传送带，顺时针转动，速度恒为1.2m/s。现将一颜料块无初速度轻放于传送带左端，它与传送带间动摩擦因数为0.3。忽略空气阻力，重力加速度取10m/sA．加速度为4m/B．时间为0.4sC．位移为0.36mD．在传送带上留下的划痕长度为0.12m6．（2026·毕节模拟）2025年11月3日，我国成功发射遥感四十六号卫星。如图，该卫星从半径为r的圆轨道1上的A点变轨进入椭圆轨道2，B为轨道2的远地点。卫星在轨道2运行周期是轨道1运行周期的k倍。已知引力常量为G，地球质量为M，忽略其他天体引力，则（）A．卫星在轨道1上的运行速率为GMB．卫星在轨道1上的运行加速度为GMC．卫星在轨道2上运行的周期为2kπrD．椭圆轨道2的半长轴为kr7．（2026高二下·宝安期中）西电东送是中国实施的一项重大能源战略工程，其输电原理图如图。某一时段发电机输出功率为1000kW，输出电压为400V。经理想变压器将电压升至200kV进行远距离输电，输电线总电阻R为100ΩA．升压变压器原副线圈匝数比为1:50B．流过R的电流为0.5AC．输电线上损失的电压为5kVD．用户端获得的电功率为997.5kW二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0分。8．（2026·毕节模拟）如图所示，长为L的绝缘轻质细线，上端固定于O点，下端系一质量为m的带电小球，整个装置处于电场强度大小为E，方向水平向右的匀强电场中。小球静止在A点时，细线与竖直方向的夹角为α，重力加速度为g，电场范围足够大。则（）A．小球带负电B．小球的电荷量大小为mgtanαC．O、A两点间的电势差为ELsinαD．当细线被剪断后，小球将做曲线运动9．（2026·毕节模拟）图为某一具有速度选择器的质谱仪原理图，A为粒子加速器；B为速度选择器，磁场与电场正交，磁感应强度大小为B1，电场强度大小为E；C为偏转分离器，磁感应强度大小为BA．该粒子带正电B．该粒子进入C中的速度大小为BC．该粒子的比荷为ED．仅增大B2，该粒子在C10．（2026·毕节模拟）一质量为3m的长木板静置于光滑水平地面上，左端固定一根水平轻质弹簧，弹簧处于原长，其右端恰好与木板上的O点对齐，木板上表面O点左侧光滑，右侧粗糙。质量为m可视为质点的滑块，以水平向左的初速度v0从木板最右端滑上木板，滑块与木板粗糙段的动摩擦因数为μ，木板粗糙段长为vA．当滑块刚滑上木板时，滑块与木板的加速度大小之比为3:1B．当滑块与木板第一次共速时，弹簧的最大弹性势能为1C．从滑块滑上木板到两者第一次共速的过程中，摩擦力对滑块的冲量大小为3D．当滑块与木板最终相对静止时，滑块距木板最右端v三、非选择题：本题共5小题，共57分。11．（2026·毕节模拟）春节期间，某同学去阿西里西大草原游玩，忽然想利用单摆测量当地的重力加速度。他用小石块代替摆球，设计图甲所示的实验装置进行实验，用智能手机测量多组细线ON的长度l和对应的单摆周期T，并作出T2（1）小石块摆动的过程中，充当回复力的是_____________。A．重力B．拉力C．重力沿圆弧切线方向的分力（2）为使测量更加准确，该同学应从（选填“最大位移”或“平衡位置”）处开始计时。（3）根据测量数据，计算出图乙中图线的斜率k，则重力加速度的表达式为。12．（2026·毕节模拟）某实验小组欲将毫安表G1改装为电压表，但发现其内阻和满偏电流均未知。于是他们从实验室借到如下器材进行实验：待测毫安表G1、标准电流表G2（量程3mA）、滑动变阻器R10∼5000Ω、电阻箱R20∼9999Ω（1）测G1①按图甲连接电路，将R1②断开S2，闭合S1，调节R1使G1满偏，此时G③闭合S2和S1，调节R1和R2，使G2示数仍与图乙相同，且G1指针偏转到满偏刻度的14处，读出此时R2的阻值为100Ω（2）改装电压表①将G1与R2串联改装成量程为3V的电压表，则R2应调为②用图丙电路校对改装电压表时，发现改装电压表的示数总比标准电压表略小，其原因可能是G1内阻的测量值13．（2026·毕节模拟）用某种透明材料制成的正方体，其横截面ABCD是边长为2L的正方形，如图所示。一单色光平行于横截面从AD边中点O射入该材料，当入射角α为53°时，其折射光线和反射光线刚好垂直。不考虑光在材料中的多次反射，sin53°=0.8，（1）求透明材料对该单色光的折射率；（2）保持入射点O不变，入射角α从90°逐渐减小的过程中，找到折射光线恰好在AB界面上发生全反射的临界点E（图中未标出），求AE的长度。14．（2026·毕节模拟）如图甲，竖直平面内轨道ABCDE由水平轨道AB与DE及两段光滑圆弧BC、CD组成，AB长为4m，AB与DE高度差为0.2m；圆弧BC、CD半径均为0.4m，弧长相等，在C点相切；AB与BC相切于B点，CD与DE相切于D点。可视为质点的滑块，质量为0.2kg，与AB间动摩擦因数为0.25。该滑块受水平向左推力F，从A点由静止开始运动，F与位移x的关系如图乙所示。不计空气阻力，重力加速度取10m/s2。（1）求滑块在AB段运动过程中推力F做的功；（2）求滑块运动至圆弧轨道上B点时对轨道的压力；（3）若滑块从A点以某一速度滑入，此后无推力，为使滑块始终不脱离轨道，求滑块在A点的最大速度。15．（2026·毕节模拟）如图所示，光滑平行金属导轨由水平部分MN、M'N'和圆弧部分AC、A'C'及水平部分CD、C'D'组成，固定于高度差为0.4m的两绝缘水平台面上。导轨间距均为0.5m，圆弧部分圆心角为60∘、半径为0.5m，水平部分CD足够长。CC'右侧有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为2T。导体棒a静置于MN右侧边缘NN'处，导体棒b静置于水平导轨上距CC'为0.7m处。（1）求a受到的瞬时冲量大小；（2）求b的最大加速度的大小：（3）a从CC'进入磁场开始计时，经过一段时间后，a、b达到共同速度，求此时

答案解析部分1．【答案】A【知识点】原子核的人工转变【解析】【解答】质量数守恒：30=30+A，得A=0，电荷数守恒：15=14+Z，得Z=+1，质量数为0、电荷数为+1的粒子是正电子。故答案为：A。【分析】本题考查核反应方程的守恒规律，核反应满足质量数守恒和电荷数守恒。2．【答案】B【知识点】图象法；运动学S-t图象；运动学v-t图象【解析】【解答】A、甲为x‑t图像，图线是倾斜直线，代表无人机做匀速直线运动，加速度等于0，故A错误；

B、乙为v‑t图像，图像与时间轴围成的面积表示位移，0∼2s内位移为三角形面积，x=12×2×1=1m，故B正确；

C、丙为a‑t图像，只能反映加速度随时间的变化，缺少初速度的大小与方向，无法确定速度一定先减小后增大，故C错误；

D、丁是v‑x图像，匀变速直线运动满足公式v2−v02=2ax，v与x不是线性一次函数，因此不是匀减速直线运动，故D错误；

故答案为：B。

【分析】A、考查x‑3．【答案】D【知识点】理想气体与理想气体的状态方程；热力学第一定律及其应用；气体的等压变化及盖-吕萨克定律；热力学图像类问题【解析】【解答】A．从A→B过程中，气体体积增加，则外界对它做负功，A错误；B．从A→B过程中，气体发生等压变化，则根据VATA=VC．从B→C过程中，气体体积不变，则W=0，温度升高，则内能增加，即∆U>0，根据热力学第一定律∆U=W+Q可知，Q>0，即气体从外界吸收热量，C错误；D．根据pAVATA故答案为：D。

【分析】A：考查等压变化体积变化与做功，体积膨胀气体对外做功；B：考查盖–吕萨克定律V1C：考查等容变化热力学第一定律，升温内能增加，气体吸热；D：分步用等压、查理定律p14．【答案】C【知识点】横波的图象【解析】【解答】A、由乙图质点L的振动图像可知，t=0时刻质点L向上振动，结合甲图波形，利用“上下坡法”可判断波向右传播，故A错误；

B、由甲图读出波长λ=4m，乙图读出周期T=0.4s，波速v=λT=40.4=10m/s，故B错误；

C、t=0.3s=34T，t=0时刻质点M位于波谷，经过34T后质点M运动到平衡位置，位移为零，由a=−kmy可知加速度为零，故C正确；

D、波传到质点N的时间t=xv=410=0.4s，0.5s内质点N实际振动时间Δt=0.1s=T4，振动路程为一个振幅即20cm，但t=0.4s时N才开始起振，起振方向向上，0.1s恰好到达波峰，路程20cm；但N点就在x=4m，t=0波形已经传到N，N在平衡位置，0.55．【答案】B【知识点】牛顿运动定律的应用—传送带模型【解析】【解答】A、颜料块加速阶段，由滑动摩擦力提供合力，根据牛顿第二定律μmg=ma，解得加速度a=μg=0.3×10=3m/s2，故A错误；

B、颜料块由静止加速到与传送带共速v=1.2m/s，由v=at，得加速时间t=va=1.23=0.4s，故B正确；

C、颜料块加速阶段的位移，由x1=12at2=12×3×6．【答案】C【知识点】开普勒定律；卫星问题【解析】【解答】A、卫星在圆轨道1，万有引力提供向心力，GMmr2B、由牛顿第二定律GMmr2C、轨道1的周期，由GMmr2=m2πT1D、根据开普勒第三定律a3T22=故答案为：C。【分析】A、考查万有引力定律求线速度。需利用万有引力充当向心力，推导卫星圆轨道线速度表达式。B、考查向心加速度计算。需由万有引力提供加速度，得到加速度与轨道半径的关系式。C、考查卫星周期计算。需先求出圆轨道1的周期，再结合题目给出的周期倍数关系得到轨道2的周期。D、考查开普勒第三定律。需利用a37．【答案】D【知识点】电能的输送【解析】【解答】A：升压变压器原副线圈电压比为400V:200kV=1:500，因此匝数比为1:500，而非1:50，故A错误；B：输电线上的电流I=PC：输电线上损失的电压ΔU=IR=5A×100D：输电线上损失的功率ΔP=I2故答案为：D。【分析】A：考查理想变压器的电压比与匝数比的关系，匝数比等于电压比；B：考查输电电流的计算，根据I=PC：考查输电线上电压损失的计算，ΔU=IRD：考查输电线上功率损失的计算，用户端功率等于发电机输出功率减去损失的功率。8．【答案】B,C【知识点】电势差；电势差与电场强度的关系；带电粒子在电场中的运动综合【解析】【解答】A、电场方向水平向右，小球受到的电场力水平向右，故小球带正电，故A错误；

B、小球静止受力平衡，水平方向qE=mgtan⁡α，解得电荷量q=mgtan⁡αE，故B正确；

C、O、A沿电场方向的距离d=Lsin⁡α，匀强电场电势差U=Ed=ELsin⁡α，故C正确；

D、剪断细线后，小球受到重力与电场力，两个恒力的合力恒定，初速度为零，小球做初速度为零的匀加速直线运动，故D错误；

故答案为：BC。9．【答案】A,C【知识点】质谱仪和回旋加速器【解析】【解答】A、粒子在分离器C中向下偏转，由左手定则，磁场垂直纸面向里，可判断粒子带正电，故A正确；

B、粒子在速度选择器受力平衡，qE=qvB1，解得速度v=EB1，故B错误；

C、进入分离器，洛伦兹力提供向心力qvB2=mv2R，得R=mvqB2，把v=EB1代入，整理得比荷qm10．【答案】A,D【知识点】功能关系；动量定理；牛顿运动定律的应用—板块模型；碰撞模型；动量与能量的综合应用一板块模型【解析】【解答】A、滑块刚滑上木板，滑块受向右滑动摩擦力，μmg=ma1，a1=μg；木板受向左滑动摩擦力，μmg=3ma2，a2=μg3，加速度大小之比a1:a2=3:1，故A正确；

B、滑块在粗糙段滑行，摩擦生热Q=μmg⋅v024μg=14mv02，滑块到达O点时剩余动能Ek=12mv02−14mv02=111．【答案】（1）C（2）平衡位置（3）4【知识点】单摆及其回复力与周期；用单摆测定重力加速度【解析】【解答】(1)单摆摆动过程中，拉力沿绳子方向，只用来提供向心力；重力沿圆弧切线方向的分力使摆球回到平衡位置，充当回复力，故选C。

故答案为：C；

(2)应该从平衡位置处开始计时；摆球经过平衡位置速度最大，计时带来的相对误差更小。

故答案为：平衡位置；

(3)设石块重心到N点的距离为r，单摆实际摆长L=l+r。由单摆周期公式T=2πLg

变形：T2=4π2g(l+r)=4π2gl+4π2gr，T2−l图像斜率k=（1）小石块摆动的过程中，充当回复力的是重力沿圆弧切线方向的分力。故选C。（2）为使测量更加准确，该同学应从平衡位置处开始计时。（3）设N到小石块重心的距离为r，根据单摆周期公式可得T=2π可得T可知T2−l可得重力加速度的表达式为g=12．【答案】（1）1.00；1.00；300（2）2700；0小于【知识点】表头的改装；欧姆定律的内容、表达式及简单应用【解析】【解答】(1)标准电流表G2量程3mA，分度值0.1mA，由图乙读出读数为1.00mA。

闭合S2后，G1与电阻箱R2并联，干路总电流保持I=1.00mA不变；G1示数为满偏电流Ig的14，则通过电阻箱的电流为34Ig。

并联电压相等：14IgRg=34IgR2，得到Rg=3R2，已知R2=100Ω，所以Rg=300Ω。

干路电流：I=14I（1）[1]标准电流表G2量程3mA，可知分度值为0.1mA，可得读数为[2][3]G2示数仍与图乙相同，且G1指针偏转到满偏刻度的14处，读出此时R2的阻值为100Ω，则可得G1的内阻为（2）[1]将G1与R2串联改装成量程为3V可得R=[2]改装电压表的示数总比标准电压表略小，说明量程偏大，可能是毫安表内阻的测量值较真实值偏小，而串联电阻仍为2700Ω13．【答案】（1）入射角α=53∘，反射角等于入射角，故反射角为53∘；题目说明折射光线与反射光线相互垂直，所以折射角r=90∘−（2）先求全反射临界角C，由sin⁡C=1n

sin⁡C=34

可得cos⁡C=1−sin2⁡C=74。

设光在O点的折射角为θ，折射光线射到AB面上E点恰好发生全反射，则在AB界面入射角等于临界角C。由几何关系：θ+C=90∘，所以sin⁡θ=cos⁡C=【知识点】光的全反射【解析】【分析】(1)考查光的折射定律、光的反射定律；利用反射光线与折射光线垂直，求出折射角，折射定律公式n=sin⁡αsin⁡r代入数值计算折射率。

(2)考查全反射临界角、折射定律与几何运算；全反射临界角公式sin⁡C=（1）其折射光线和反射光线刚好垂直，则折射角β=37°根据折射定律得n=解得n=（2）根据光的全反射定律得sinC=由几何关系得tanC=联立解得AE=14．【答案】（1）F‑x图像与横轴围成的面积代表推力F做的功。

0∼1mW（2）对A→B过程使用动能定理：W代入WF=2.5J，μ=0.25，m=0.2kg2.5−0.25×0.2×10×4=0.5=0.1在B点，轨道支持力FN与重力的合力提供向心力：R=0.4F根据牛顿第三定律，滑块对轨道压力大小为4.5N（3）滑块始终不脱离轨道的临界条件：恰好到达E点速度为0。DE比AB高h=0.2m。

设A点最大速度为vA，A→E两边消去m：−0.25×10×4−10×0.2=−−10−2=−v【知识点】图象法；竖直平面的圆周运动；动能定理的综合应用【解析】【分析】(1)考查F‑x图像求功；F‑x图线与位移轴包围面积表示力做的功，分段计算矩形、三角形面积求和。

(2)考查动能定理、圆周运动向心力、牛顿第三定律；动能定理公式WF−μmgx=ΔEk；B点向心力公式F（1）根据F−x图像与横轴围成的面积表示功的大小，可知滑块在AB段运动过程中推力F做的功为W（2）滑块在AB段运动过程中，由动能定理得W解得v在B点，由牛顿第二定律得F解得F由牛顿第三定律可知滑块运动至圆弧轨道上B点时对轨道的压力大小为4.5N，方向竖直向下。（3）分析知滑块在C点恰好不脱离轨道，支持力为零，A点的速度最大；设圆弧对应的圆心角为θ，由几何关系得c