九师联盟-2026届高三-2026年1月-物理-答案2

1.B测厚仪监测钢材厚度利用的是γ射线，A错误；根据电荷数和质量数守恒，B正确；错的比结合能小于a粒子的比结合能，错的结合能大于α粒子的结合能，C错误；根据衰变方程，经过216年，1g的错Am剩余质量为0.707g,D错误.,C正确. Wns=Wc=—8J.从A点到B点电场力做功WAB=Wo+WDCD向右，且满足EqR=8J.从A点到B点动能减少12J,说明重力做功—12J,满足mgR=6J.所功EqRcos37°=6.4J,重力做功一mgR(1—sin37°)=-2.4J,所以合力做功4J,动能增加4J,B正确.【高三第5次质量检测·物理参考答案第1页(共4页)】S-G9.AD平面区域内要产生垂直纸面向里的磁场，线圈中的电流应为顺时针，氚、氚核子热运动的动能相等.则有E=,氘、氚电荷量相等，,则氘、氚核子在磁场中运动的最大半径之比为√2:√3;依题意可知欲使高温等离子体被约束在半径为2r的区域内.只需让氚核在磁场中的最大半径不超过.氚核的比荷,则有,A、D正确.10.AC由图乙可知，力F在t₁=5s时撤去，此时长木板P的速度v₁=20m/s,t₂=6s时两者速度相同，v₂=12m/s,12=6s前长木板P的速度大于滑块Q的速度，t₂=6s后长木板P的速度小于滑块Q的速度，0～6s过程中，以滑块Q为研究对象，由牛顿第二定律得μmg=maj,且a₁=2m/s²,解得/μ=0.2,A正确；在5～6s过程中，以长木板P为研究对象，由牛顿第二定律得μ2(2m)g+μmg=ma₂,且a2=8m/s²,解得μ2=0.3,B错误；从6s末到P停下来的过程中，由牛顿第二定律得一μ2(2n)g+μ1mg=mas,解得a₃=-4m/s²,这段时间△l₃=3s;从6s末到Q停下来的过程11.(1)T(1分)(2)单摆的实际摆长大于测量值，摆长应为细线与小球半径的和(1分)3(2分)解析：(1)由单摆周期公式,可得,T与L应该成正比，所以第一问应填“T”.(2)由于实验过程中未考虑球的大小，其摆长应该是L+r,单摆的实际摆长大于测量值，T⁹与L的关系应为T²=(L+r),,所以图线未过原点，且纵截距为正值.(3)根据关系可得,所以,直径12.(1)200(2分)(2)越大(2分)(3)15(2分)(4)C(2分)解析：(1)根据欧姆定律可知电阻丝的总阻值为(2)当所测身高增大时，滑片P向上滑动，电阻丝连入阻值增大，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知电流中电流变小，即电流表示数变小，根据串联电路的分压原理可知，电阻丝两端分得电压增大，即电压表示数变大.(3)根据闭合电路欧姆定律E=U₀+I₀(R₀+r),,解得I=15mA.(4)若测身高为h时电阻丝连人阻值为R,由电阻丝接大电路的电阻与接人电路的长度成正比，则,根据闭合电路欧姆定律,解,故选C.由可得β=30°(1分)由可得临界角C≈35°(1分)【高三第5次质量检测·物理参考答案第2页(共4页)】S—G因为恰好没有从CD段射出，说明在CD段的人射角为临界角由几何关系可知γ=90°—β=60°(1分)(2分)则有(2分)解得(2分)(2分)解得由几何关系得解得(2分)(3)粒子在磁场中偏转恰能从ON射出时，运动时间为(2分)mcv₁—(mA+mB)v₂=0(1分)机械能守恒有联立解得【高三第5次质量检测·物理参考答案第3页(共4页)】S一G(2)C从进入圆弧到滑到最低点的过程中有mcx₁—(mʌ+mB)x₂=0(1分)解得AB一起运动的位移C滑到B上后A、B分离，B、C动量守恒有由动能定理可得(1分)解得B、C之间的动摩擦因数(1分)(3)B与墙第一次碰后到第一次共速有