吉林省吉林市第二中学2027届高二物理第一学期期中达标检测模拟试题含解析

吉林省吉林市第二中学2027届高二物理第一学期期中达标检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一回旋加速器当外加磁场一定时，可把α粒子加速到v，它能把质子加速到的速度为A．vB．2vC．0.5vD．4v2、关于电荷所受电场力和洛仑兹力，正确的说法是A．电荷在磁场中一定受洛仑兹力作用B．电荷在电场中一定受电场力作用C．电荷所受电场力一定与该处电场方向一致D．电荷所受的洛仑兹力一定与磁场方向一致3、对于由点电荷Q产生的电场，下列说法中正确的是()A．电场强度的定义式仍成立，即E＝F/Q，式中的Q就是产生电场的点电荷B．在真空中电场强度的表达式为，式中的Q就是产生电场的点电荷C．在真空中E＝kq/r2，式中的q是试探电荷D．以上说法都不对4、物体在合外力作用下做直线运动的v－t图象如图所示，下列表述正确的是()A．在0～1s内，合外力做正功B．在0～2s内，合外力总是做负功C．在1s～2s内，合外力不做功D．在0～3s内，合外力总是做正功5、如图所示，当用扳手拧螺母时，扳手上的P、Q两点的角速度分别为ωP和ωQ，线速度大小分别为vP和vQ，则()A．ωP<ωQ，vP<vQ B．ωP<ωQ，vP＝vQC．ωP＝ωQ，vP<vQ D．ωP＝ωQ，vP>vQ6、.如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的是(

)A．若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大B．若仅增大AB板间距离，则电容器所带电荷量不变C．若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加D．若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、1916年爱因斯坦建立广义相对论后预言了引力波的存在，2017年引力波的直接探测获得了诺贝尔物理学奖，科学家们其实是通过观测双星轨道参数的变化来间接验证引力波的存在，如图所示为某双星系统A、B绕其连线上的O点做匀速圆周运动，A星的轨道半径大于B星的轨道半径，则下列说法中正确的是（）A．A的质量一定大于B的质量B．A的线速度一定大于B的线速度C．A的角速度等于B的角速度D．A的向心力大于B的向心力8、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数变大 B．电流表读数变大C．R1上消耗的功率逐渐增大 D．质点P将向上运动9、空间存两点电荷产生的静电场，在xoy横轴上沿x轴正方向电场强度E随x变化的关系如图所示，图线关于坐标原点对称，虚线为两条渐近线，M、N是两条渐近线到原点O的中点，且｜PO｜=3｜MO｜．取无穷远处电势为零，下列说法中正确的是（）A．M、N两点的电势相等B．P点电势高于M点电势C．M、O两点电场强度大小之比为20：9D．单位正电荷从O点移到N点过程中，电场力做功为W，则N点电势数值为-W10、下列说法中正确的是（）A．在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度都相同B．E＝kQ/r2仅适用于真空中点电荷形成的电场C．电场强度的方向就是放入电场中的电荷受到的电场力的方向D．电场中某点场强的方向与试探电荷的正负无关三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图（a）是“测量电池的电动势和内阻”的实验电路，如果采用一节新干电池进行实验，实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小，为了较精确地测量一节新干电池的内阻，加接一定值电阻，实验电路原理图如图（b）．可用以下给定的器材和一些导线来完成实验，器材：量程3V的理想电压表V，量程0.6A的电流表A（具有一定内阻），定值电阻R0（R0=1.5Ω），滑动变阻器R1（0～10Ω），滑动变阻器R2（0～200Ω），开关S．（1）为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用_____（填R1或R2）．（2）用笔画线代替导线在图（c）中完成实物连接图．________（3）实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的U﹣I坐标系中画出U﹣I图线如图（d）所示，则新干电池的电动势E=_____v（保留三位有效数字），内阻r=_____Ω．（保留两位有效数字）12．（12分）（1）一量程为3V的改装电压表由灵敏电流计G与电阻R串联而成，如图所示．若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍大一些，采用下列哪种措施可加以改进________A．在R上串联一比R小得多的电阻B．在R上串联一比R大得多的电阻C．在R上并联一比R小得多的电阻D．在R上并联一比R大得多的电阻（2）将此电压表调好校准接入电路测某电路两端的电压，指针示数电压为________V．（3）关于多用电表的使用，下列做法正确的是________．A．把多用电表的选择开关旋至适当的直流电压挡，用图a所示的电路，合上开关S，则可测小灯泡两端的电压B．把多用电表的选择开头旋至适当的直流电流挡，用图b所示的电路，合上开关S，则可测通过小灯泡的电流C．把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后，用图c所示的电路，开关S保持断开，则可测小灯泡的电阻D．把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后，用图d所示的电路，会观察到此时欧姆表示数很小．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在真空中有一与x轴平行的匀强电场，一电子由坐标原点O处以速度v0沿y轴正方向射入电场，在运动中该电子通过位于xoy平面内的A点，A点与原点O相距L，OA与x轴方向的夹角为θ，已知电子电量q=-1.6×10-19C，电子质量m=9×10-31kg，初速度v0=1×107m/s，O与A间距L=10cm、θ=30º．求匀强电场的场强方向和大小．14．（16分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间距离d＝40cm．电源电动势E＝14V，内电阻r＝1Ω，电阻R1＝6Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从A板小孔上方10cm处自由释放，若小球带电荷量q＝1×10-1C，质量为m＝1×10-1kg，不考虑空气阻力，g取10m/s1．那么，（1）滑动变阻器接入电路的阻值R1为多大时，小球恰能到达B板？（1）若将B板向上移动，使两板间的距离减小为原来的一半，带电小球从仍从原处释放，是否能到达B板？若能，求出到达B板时的速度；若不能，求出小球离B板的最小距离．15．（12分）2014年7月24日，受台风“麦德姆”影响，安徽多地暴雨，严重影响了道路交通安全某铁路同一直线车道上同向匀速行驶的客车和货车，其速度大小分别为，，客车在与货车距离时才发现前方有货车，若此时客车只是立即刹车，则客车要经过1800m才停下来两车可视为质点．(1)若客车刹车时货车以匀速行驶，通过计算分析两车是否会相撞？(2)若客车在刹车的同时给货车发信号，货车司机经收到信号后立即以加速度匀加速前进，通过计算分析两车是否会相撞？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：根据，解得，被加速的粒子出离加速器时的半径R一定，则，则它能把质子加速到的速度为2v，故选B.考点：回旋加速器【名师点睛】此题是对回旋加速器的考查；关键是了解回旋加速器的原理，所有被加速的粒子出离加速器时的运动半径都等于加速器的D型盒的半径，根据此关系可求解速度之比；此题是中等题，考查学生对电磁仪器的了解.2、B【解析】

A、电荷在磁场中不一定受到磁场力，比如运动方向与磁场平行，故A错误；B、电荷在电场中一定受到电场力，故B正确；C、正电荷在电场中所受电场力方向与电场方向相同，负电荷受力与电场方向相反，故C错误；D、电荷在磁场中的运动方向和磁场方向不在同一线上时，电荷受洛伦兹力作用，根据左手定则可知，洛伦兹力方向和磁场垂直，故D错误.本题主要考查对带电粒子在电场和磁场中的受力情况，注意电荷在磁场中受洛伦兹力是“有条件”的即运动电荷和磁场方向有夹角，若是平行或电荷与磁场相对静止则不受洛伦兹力作用，而电荷在电场中受电场力是“无条件”的即电场力与电荷的运动状态无关。3、B【解析】

电场强度公式，适用于所有的电场，E为场源电荷产生的场强，q为试探电荷；点电荷的场强公式，其中E就是式中Q产生的场强；【详解】A、电场强度的定义式，适用于任何电场，式中Q所指的试探电荷，故A错误；

B、在真空中，电场强度的表达式为：，式中Q就是产生电场的电荷即场源电荷，该公式适用点电荷电场，故B正确，CD错误．本题考查的就是学生对基本公式使用条件及物理量的物理意义，在平时要注意多积累．4、A【解析】

A．由图可知，在0-1s内，动能增加，故合外力做正功，故A正确；B．在0-2s内，动能先增大后减小，故合外力先做正功，后做负功，故B错误；C．在1-2s内，动能减小，故合外力做负功，故C错误；D．在0-3s内，动能先增加后减小，故合外力先做正功，后做负功，故D错误．5、C【解析】

由于P、Q两点属于同轴转动，所以P、Q两点的角速度是相等的，即ωP=ωQ；同时由图可知Q点到螺母的距离比较大，由可知，Q点的线速度大，即υP＜υQ．故选C.解决本题的突破口在于P、Q两点的角速度相同，然后熟练掌握匀速圆周运动的各物理量之间公式即可．6、D【解析】

滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故A错误．若仅增大A、B板间距离，电容减小，板间电压不变，则由电容的定义式C=分析可知电容器所带电荷量减少，故B错误．若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，U以及电容器板间电压均减小，电容不变，由电容的定义式C=分析可知电容器所带电荷量减少．故C错误．若仅用更强的光照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir可得：，不变，故D正确．故选D．解决本题的关键电路稳定时R3相当于导线，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，再利用闭合电路欧姆定律进行动态分析．对于电容的动态分析，应根据电容的决定式和电容的定义式C=结合进行分析．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

双星靠相互间的万有引力提供向心力，所以向心力相等，故：mArAω2=mBrBω2，因为rB＜rA，所以mB＞mA，即B的质量一定大于A的质量，故AD错误；双星系统中两颗恒星间距不变，是同轴转动，角速度相等，根据v=rω，因为rB＜rA，故vA＞vB，故BC正确；故选BC.解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度。以及会用万有引力提供向心力进行求解。8、BC【解析】

AB．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再与R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑动变阻器R4的滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，流过并联部分的总电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A错误，B正确；C．由于流过R1的电流增大，根据知R1上消耗的功率逐渐增大，故C正确；D．因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，质点P将向下运动，故D错误；故选BC。9、BCD【解析】AB、由图可知MN之间的电场线方向沿x轴正方向，故左边的电荷为正电荷，右边为等量的负电荷，故M点的电势比N两点电势高，P点电势高于M点电势，故A错误，B正确；C、设MO的距离为r，正负电荷的电荷量为Q，M点电场强度大小为，O点电场强度大小为，M、O两点电场强度大小之比为，故C正确；D、沿电场线方向电势降低，O点电势为零，所以单位正电荷从O点移到N点过程中，电场力做功为W，则N点电势数值为-W，故D正确；故选BCD．【点睛】根据MN之间的电场线方向沿x轴正方向，确定左边的电荷为正电荷，右边为的负电荷，根据图线关于坐标原点对称，确定两点荷为等量异种电荷．10、BD【解析】

在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上，各处的电场强度大小都相同，但是方向不同，选项A错误；E＝kQ/r2仅适用于真空中点电荷形成的电场，选项B正确；电场强度的方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向，选项C错误；电场中某点场强的方向由电场本身决定，与试探电荷的正负无关，选项D正确；故选BD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.500.29【解析】

本题的关键是明确新电池的内阻很小，电池的内压降很小，电压表的读数变化很小，所以实验应选内阻较大的旧电池；题（1）的关键是根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻即可；题（2）的关键是连线时注意电表的量程和正负极；题（3）的关键是根据闭合电路欧姆定律写出关于U与I的函数表达式，然后根据斜率和截距的概念即可求解．【详解】解：根据U=E﹣Ir可知，由于新电池时内阻很小，电池内压降很小，电压表的读数变化很小，所以如果采用一节新干电池进行实验，实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小，原因是新电池的内阻很小，内电路的电压降很小；（1）电流表的量程，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻应为：，所以变阻器应选；（2）根据原理图可知实物图如图所示：（3）根据闭合电路欧姆定律应用：，整理可得：，由图可知图象与纵坐标的交点为电源的电动势；故E=1.50V；根据函数斜率的概念应有：，解得r=0.29；【点评】本题应明确：①测定电池电动势和内阻实验应选择内阻较大的旧电池；②通过电流表的最小电流应为电流表量程的；③遇到根据图象求解的问题，应根据物理规律整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．12、A2.50CD【解析】

（1）[1]电压表由表头G和电阻R串联而成，发现此电压表的读数比准确值稍微大一些，说明加上相同电压时，流过表头的电流偏大，要使电流适当小些，故需要略微增加电阻R的值，可以在R上串联一比R小得多的电阻，故A正确，BCD错误；（2）[2]电压表量程为3V，由图示表盘可知，其分度值为0.1V，示数为：2.50V．（3）[3]AB.多用电表测直流电压和电流时，红表笔应该接连接电源的正极，黑表笔连接电源的负极，故AB错误．C.测电阻时，应该把电阻与电路断开，由图c所示电路图可知，开关断开，可以测灯泡电阻，故C正确．D.在电表内部，多用电表的黑表笔与内部电源的正极相连，把多用电表的选择开关旋至适当的欧姆挡，进行调零后，用图d所示电路，由于二极管的单向导电性，所以多用电表测量的是正向电阻，阻值很小，即观察到此时欧姆表示数很小，故D正确；四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、匀强电场的场强大小是3.9×104V/m，方向沿x轴负方向【解析】试题分析：匀强电场方向平行于x轴，电子由坐标原点O处以速度v0沿y轴正方向射入电场，只受电场力作用，做类平抛运动．由于电子带负电，电子要到达A点，电场力向右，电场强度方向必须沿x轴负方向．运用运动的分解方法，根据竖直位移大小和速度求出时间，再研究水平方向，由水平位移和时间求出加速度，再由牛顿定律求出场强的大小．解：由题，匀强电场方向平行于x轴，电子进入