黑龙江省安达市田家炳高级中学2027届物理高二上期中综合测试试题含解析

黑龙江省安达市田家炳高级中学2027届物理高二上期中综合测试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，定值电阻R=2Ω与电动机M串联接在电源上，开关闭合后，理想电流表示数为1A，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻R0=0.5Ω．下列说法中正确的是A．定值电阻消耗的热功率8W B．电动机的输出功率为2.5WC．电动机两端的电压为0.5V D．电源的输出功率是6W2、两个点电荷Q1、Q2位于x轴上A、B两点，若取无限远处的电势为零，则在它们形成的电场中，沿x轴正方向上各点的电势如图所示，且AP＞PB．由图线提供的信息可知A．P点的电场强度为零B．Q1的电荷量较大C．电子沿x轴从A移到B的过程中，加速度逐渐减小D．电子沿x轴从A移到B的过程中，电场力先做正功，后做负功3、属于静电利用现象的是（）A．油罐车上连接地线B．屋顶按装避雷针C．复印机复印文件资料D．印染厂车间保持湿度4、小球P和Q用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短．将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图所示，将两球由静止释放，在各自轨迹的最低点()A．P球的速度一定大于Q球的速度B．P球的动能一定小于Q球的动能C．P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力D．P球的向心加速度一定小于Q球的向心加速度5、首先发现电流磁效应的科学家是（）A．牛顿 B．伽里略 C．奥斯特 D．库仑6、如图所示，绝缘水平面上有两个离得很近的导体环a、b.将条形磁铁沿它们的正中向下移动(不到达该平面)，a、b将如何移动()A．a、b将相互远离 B．a、b将相互靠近C．a、b将不动 D．无法判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电 B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电 D．极板Y′应带正电8、静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如图所示的折线．下列说法正确的是（）A．x轴上x1与x2之间的电场强度小于x3与x4之间的电场强度B．正电荷沿x轴从0移到x1的过程中，电场力做负功，电势能增加C．负电荷沿x轴从x3移到x4的过程中，电场力不做功，电势能不变D．电荷量为＋q的电荷沿x轴从x1移到x3，电场力做功为q（φ2－φ1）9、如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，在匀强电场中有一根长为L的绝缘细线，细线一端固定在O点，另一端系一质量为m的带电小球。小球静止时细线与竖直方向成θ角，此时让小球获得初速度且恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，重力加速度为g。下列说法正确的是()A．匀强电场的电场强度E＝B．小球动能的最小值为Ek＝C．小球运动至圆周轨迹的最高点时机械能最小D．小球从初始位置开始，在竖直平面内运动一周的过程中，其电势能先减小后增大10、下列说法正确的是（）A．在电场中顺着电场线移动电荷，电场力一定做正功，电荷电势能减少B．在电场中逆着电场线移动电荷，电场力一定做负功，电荷电势能增加C．在电场中顺着电场线移动正电荷，电场力做正功，电荷电势能减少D．在电场中逆着电场线移动负电荷，电场力做正功，电荷电势能减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图甲为一正在测量中的多用电表表盘(1)如果是用×10Ω挡测量电阻，则读数为________Ω.(2)如果是用直流10mA挡测量电流，则读数为______mA．(3)图乙中螺旋测微器的读数是_________mm．12．（12分）研究灯泡L（3.8V，1.8W）的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值，检验其标示的准确性。（1）选出既满足实验要求，又能减小误差的实验电路图________。（2）请按电路图连接好图（1）中的实物图_____。（3）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在___________端。（选填“a”或“b”）（4）实验后作出的I-U图象如图所示，图中曲线弯曲的主要原因是______：。（5）根据所得到的图象如图（2）所示，求出它在额定电压（3.8V）下工作时的电阻值R=_______。这个测量值比真实值偏______。（选填“大”或“小”）四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，电源的电动势E=12V，内电阻r＝1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，电动机的线圈电阻RM=1Ω,若开关S闭合后通过电源的电流I=3A，通过R2电流I2=1A

。求:（1）R2的两端电压U2（2）R1的消耗电功P1（3）电动机输出的机械功率P14．（16分）一束初速度不计的电子在经U的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离为d，板长为l，偏转电极边缘到荧光屏的距离为L，偏转电场只存在于两个偏转电极之间．已知电子质量为m，电荷量为e，求：（1）电子离开加速电场时速度V0大小；（2）要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加电压U0多大？（3）电子最远能够打到离荧光屏上离中心O点距离为Y多大？15．（12分）平行的带电金属板A、B间是匀强电场，如图所示，两板间距离是5cm，两板间的电压是60V。问：(1)两板间的场强是多大？(2)电场中有P1和P2两点，P1点离A板0.5cm，P2点离B板也是0.5cm，P1和P2两点间的电势差多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A、电动机刚好正常工作时，理想电流表示数为1A，定值电阻消耗的热功率P=R=2W，故A错误.B、电动机两端的电压U=E-I(R+r)=3V，电动机的输出功率P=IU=I(U-IR0)=2.5W,故B正确.C、电动机两端的电压U=E-I(R+r)=3V，故C错误.D、电动机刚好正常工作时,路端电压U=E-Ir=5V，电源的输出功率P=IU=5W，故D错误.故选B.电动机为非纯电阻，计算功率时应注意.2、B【解析】

A、该图象的斜率等于场强E，则知P点电场强度不为零，A错误；B、如果Q1和Q2为等量异种电荷，点连线中垂线是等势面，故连线中点为零电势点；由于AP＞PB，故Q1＞Q2，B正确；C、从φ﹣x图象的斜率可知，A到B的区间电场强度先减小后增大，故电子在沿x轴从A移到B的过程中，受到的电场力先减小后增大，加速度也是先减小后增大，C错误；D、电子沿x轴从A移到B的过程中，电场力方向始终指向x轴负方向，与电子移动方向相反，故电场力一直做负功，D错误．3、C【解析】油罐车上连接地线，可以把运输过程中会由于摩擦产生静电荷导走，是为了防止静电产生火灾．故A错误．屋顶按装避雷针是将空中静电导入大地，以避免产生雷击，属于静电的防止，故B错误；复印机复印文件资料属于静电的应用，故C正确；保持印染厂车间里的空气湿度使将产生的静电导入大地，属于静电的防止，故D错误．本题选项静电利用现象的，故选C．点睛：本题考查了静电现象，关键理解其工作原理，会分析实际问题．明确静电现象的应用和防止，并会解释相关现象．4、C【解析】从静止释放至最低点，由机械能守恒得：mgR=mv2，解得：，在最低点的速度只与半径有关，可知vP＜vQ；动能与质量和半径有关，由于P球的质量大于Q球的质量，悬挂P球的绳比悬挂Q球的绳短，所以不能比较动能的大小．故AB错误；在最低点，拉力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律得：F-mg=m，解得，F=mg+m=3mg，，所以P球所受绳的拉力一定大于Q球所受绳的拉力，向心加速度两者相等．故C正确，D错误．故选C．点睛：求最低的速度、动能时，也可以使用动能定理求解；在比较一个物理量时，应该找出影响它的所有因素，全面的分析才能正确的解题．5、C【解析】

首先发现电流磁效应的科学家是奥斯特；A．牛顿，与结论不相符，选项A错误；B．伽里略，与结论不相符，选项B错误；C．奥斯特，与结论相符，选项C正确；D．库仑，与结论不相符，选项D错误；6、A【解析】根据Φ=BS,磁铁向下移动过程中B增大,所以穿过每个环中的磁通量都有增大的趋势，由于S不可改变,为阻碍磁通量增大,导体环应该尽量远离磁铁,所以a、b将相互远离.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

电子受力方向与电场方向相反，因电子向X方向偏转，电场方向为X到X′，则X带正电，X′带负电；同理电子向Y方向偏转，则可知Y带正电，Y′带负电，故AC正确，BD错误。

故选AC。8、BC【解析】

根据，图象的斜率表示电场强度，沿着电场线电势降低，电场力做功等于电势能的减小量；【详解】A、图象φ-x的斜率表示电场强度，即x轴上x1与x2之间的电场强度等于x3与x4之间的电场强度，都为零，故选项A错误；B、由图像可知：沿x轴从0移到x1的过程中电势升高，故电场力对正电荷做负功，电势能增加，故选项B正确；C、由于x3与x4之间斜率为零，即场强为零，故在此过程中电场力对负电荷不做功，电势能不变，故选项C正确；D、电荷量为＋q的电荷沿x轴从x1移到x3，电场力做功为，故选项D错误．该题能够从图中可知，0与x1之间的电势升高，x1与x2之间电场强度为零，x2与x3之间的电势降低，x3移到x4之间电场强度为零，这是解题的关键．9、AB【解析】

A．小球静止时细线与竖直方向成θ角，受重力、拉力和电场力，三力平衡，根据平衡条件，有：mgtanθ＝qE解得E＝故A正确；B．小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在等效最高点A速度最小，拉力为零，根据牛顿第二定律，有：则最小动能故B正确；C．运动过程中小球的机械能和电势能之和不变，则小球运动至电势能最大的位置时机械能最小，小球带负电，则小球运动到圆周轨迹的最左端时机械能最小，故C错误；D．小球从初始位置开始，若在竖直平面内逆时针运动一周，电场力先做正功后做负功再做正功，则其电势能先减小后增大再减小，同理，若顺时针运动一周，其电势能先增大后减小再增大，故D错误。故选AB。10、CD【解析】

AC．在电场中顺着电场线移动正电荷，电场力方向沿电场线的方向，故电场力做正功，电势能减少；顺着电场线移动负电荷，电场力方向逆着电场线的方向，故电场力做负功，电势能增加，故A错误，C正确；BD．逆着电场线移动正电荷，电场力做负功，电势能增大；逆着电场线移动负电荷，电场力做正功，电势能减少，故BD错误，D正确；故选CD．电场线中电场强度的方向沿电场线的切线方向，正电荷受力方向沿电场强度的方向；电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增大．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、607.25.680【解析】

(1)[1]如果是用×10Ω挡测量电阻，由图示表盘可知，读数为6×10=60Ω。(2)[2]如果是用直流10mA挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为0.2mA，则读数为7.2mA。(3)[3]螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为18.0×0.01mm=0.180mm，所以最终读数为5.5mm+0.180mm=5.680mm。12、（1）丙；（2）实物图如图所示；（3）a；（4）小灯泡的电阻随着电压的升高而增大（5）7.6小【解析】（1）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；

灯泡发光时的电阻，电流表内阻很小，约为零点几欧姆，电压表内阻约为几千欧姆甚至几万欧姆，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，应选图丙所示电路图；

（2）根据图丙所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：

（3）滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在a端．

（4）由图象可知，随灯泡电压U增大，灯泡电压与电流的比值增大，即灯泡电阻变大，由此可知，小灯泡的电阻随其两端的电压增大而增大；

（5）由图示图象可知，小灯泡在额定电压（3.8V）下工作时的电流为0.5A，灯泡电阻值．由于电压表的分流作用，使得电流表的测量值偏大，