新疆维吾尔自治区兵团地区十校联考2027届高二上物理期中调研试题含解析

新疆维吾尔自治区兵团地区十校联考2027届高二上物理期中调研试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，电路中电压表和电流表示数的变化情况是（）A．V示数变大，A示数都变小B．V示数变小、A示数都变大C．R1消耗的功率变小，R2消耗的功率变大D．R1消耗的功率变大，R2消耗的功率变小2、如图所示的电路中，A、B是平行板电容器的两金属板．先将电键S闭合，等电路稳定后将S断开，并将B板向下平移一小段距离，保持两板间的某点P与A板的距离不变．则下列说法正确的是()A．电容器的电容变小B．电容器内部电场强度大小变大C．电容器两极板电压变小D．P点电势降低3、如图所示，平行板电容器充电后，在其正中P点处有一个带电微粒恰好能保持静止状态。用什么方法能使该带电微粒仍在原处保持静止，且电势能增加（）A．K闭合,将上极板M接地，下移NB．K闭合,将下极板N接地，左移MC．K断开,将下极板N接地，上移ND．K断开,将上极板M接地，下移M4、关于曲线运动的下列几种说法中正确的是（）A．曲线运动的速度有可能不变B．曲线运动的速度大小有可能不变C．曲线运动可能没有加速度D．曲线运动的物体所受合力可能为零5、如图所示，将平行板电容器两极板分别与电池正、负极相接，两极板间一带电液滴恰好处于静止状态，现贴着下极板插入一定厚度的金属板，则在插入过程中下列选项正确的是（）A．电容器的带电荷量不变B．电路将有顺时针方向的短暂电流C．带电液滴仍将静止D．带电液滴将向上做加速运动6、关于地球的第一宇宙速度，下列表述正确的是A．第一宇宙速度是人造地球卫星绕地球做圆周运动的最小运行速度B．第一宇宙速度是发射人造地球卫星所必须达到的最小速度C．第一宇宙速度跟地球的质量无关D．第一宇宙速度跟地球的半径无关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两个半径相同的金属小球，带电量之比为3：7，相距为r（可视为点电荷），两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A．521B．1621C．48、真空中存在方向斜向上的匀强电场，一带电小球水平射入电场中，恰好沿水平方向运动，如图所示．下列说法正确的是A．小球可能带负电B．小球所受的重力一定小于电场力C．运动过程中小球的机械能可能先减小后增大D．小球一定做匀加速运动9、下列说法正确的是（）A．由E=FB．电容器的电容C=QC．由R=ρlD．由R=U10、如图A、B板平行放置，A板中间有一小孔，B板接地，A板的电势变化如图所示，最大值为𝑈0，板间距离为d，设带正电的粒子从A板的中央小孔无处速度的进入电场。粒子重力不计，则下列说法正确的是A．若粒子从t=0时刻进入，无论d多大，一定能达到B板上B．若粒子从t=T/8时刻进入，无论d多大，一定能打到B板上C．若粒子从t=T/4时刻进入，如论d多大，一定能打到B板上D．若粒子从t=3T/8时刻进入，无论d多大，一定能打到B板上三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：A．电流表A1（内阻r=100，满偏电流Ig=3mA）B．电流表A2（内阻约为0.4，量程为0.6A）C．定值电阻R0=900D．滑动变阻器R（5，2A）E.干电池组（6V，0.05）F.一个开关和导线若干G.螺旋测微器，游标卡尺(1)如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为___mm；如图2用游标卡尺测金属棒长度为___cm；(2)用多用电表粗测金属棒的阻值：下列关于用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是____（多选）；A．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则不会影响测量结果B．测量阻值不同的电阻时，都必须重新调零C．测量电路中的电阻时，应该把该电阻与电路断开D．欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但仍能调零，其测量结果与原来相比不变当用“×10”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用____挡（填“×1”或“×100”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图3所示，则金属棒的阻值约为___；(3)请根据提供的器材，设计一个实验电路，要求尽可能精确测量金属棒的阻值___；(4)若实验测得电流表A1示数为I1A，电流表A2示数为I2A，则金属棒电阻的表达式为Rx=___（用I1，I2，R0，Rg表示）。12．（12分）用电流表和电压表测定由一节干电池串联组成的电池组(电动势约1.5V，内电阻约1Ω)的电动势和内电阻，除待测电池组、电键、导线外，还有下列器材供选用：A．电流表：量程0.6A，内电阻约1ΩB．电流表：量程3A，内电阻约0.2ΩC．电压表：量程3V，内电阻约30kΩD．电压表：量程6V，内电阻约60kΩE．滑动变阻器：0～100Ω，额定电流0.5AF．滑动变阻器：0～5Ω，额定电流1A(1)为了使测量结果尽量准确，电流表应选用________，电压表应选用________，滑动变阻器应选用________(均填仪器的字母代号)．(2)有甲、乙两个可供选择的电路如图所示，应选________电路进行实验，实验中误差是由于________表的读数比真实值偏________(选填“大”或“小”)而引起的．(3)请按(2)问中图乙的电路完成实物连线________.(4)一位同学记录的6组数据见表，试根据这些数据在图中画出U－I图象_______，根据图象读出电池的电动势E＝________V，求出电池内阻r＝________Ω．I(A)0.120.200.310.320.500.570U(V)1.371.321.241.181.101.05四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，匀强电场中，A、B、C三点构成一个直角三角形，∠A=53º，AB=3m.把电荷量q＝－2×10－10C的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8×10－8J，再由B点移动到C点电荷克服电场力做功4.8×10－8J，取B点的电势为零，求A、C两点的电势及场强．14．（16分）一圆筒的横截面如图所示，其圆心为O.筒内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。圆筒下面有相距为d的平行金属板M、N，其中M板带正电荷，N板带等量负电荷，两板间的电压为U。质量为m、电荷量为q的带正电粒子自M板边缘的P处由静止释放，经N板的小孔S以某一速度v沿半径SO方向射入磁场中。粒子与圆筒发生两次碰撞后刚好从S孔射出，设粒子与圆筒碰撞过程中没有动能损失，且电荷量保持不变，在不计重力的情况下，求：(1)带电粒子从S射入圆形磁场的速度v的大小；(2)带电粒子的轨道半径(3)圆筒的半径R；15．（12分）如图所示，在水平直线MN的下方存在着垂直纸面向里的匀强磁场，一带电量为q（），质量为m的带电粒子从直线上的A点射入磁场，速度大小为v，方向与直线成角。粒子最后从直线上的B点离开磁场，已知。求：(1)磁感应强度大小；(2)粒子在磁场中运动的时间。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

由图可知，R2与R并联后与R1串联；当滑片向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，则由闭合电路欧姆定律可知可知电路中总电流增大；根据欧姆定律可知可知R1串电压增大，即电压表示数增大，根据可知R1消耗的功率变大；电源电动势不变，现内阻和R1电压增大，故并联部分电压减小，所以通过R2的电流减小，根据可知R2消耗的功率变小；因总电流增大，R2的电流减小，故电流表中电流增大。故选D。2、A【解析】因断开开关，所以电量不变，则由、和，联立得：则可知，E与d无关，所以电容器内部电场强度大小不变，故A错误；将B板向下平移一小段距离时，板间距离增大，由，可知，电容C减小，故B正确；因电量不变，C减小，则由Q=UC可知，两板间的电压变大，故C正确；因E不变，P点与下极板间的距离增大，故P与下极板间的电势差增大，故P点电势升高，故D正确；本题选错误的，故选A．【点睛】根据平行板电容器的电容决定式分析电容的变化情况，抓住电容器的电压不变，由分析板间场强的变化情况，由分析电容器所带电量的变化，根据P点与下极板间电势差的变化，判断P点电势的变化．3、C【解析】

保持K闭合时电容板间电压保持不变．充电后将K断开后电容器的电量保持不变，根据推论，板间场强不变．根据公式E=Ud【详解】A项：K闭合，保持K闭合时，下移N，板间距离d增大，根据公式E=Ud分析得知，板间场强减小，带电微粒受到的电场力减小，微粒将向下加速运动。不符合题意，故AB项：K闭合，保持K闭合时，左移N，板间距离d不变，电容减小，根据公式E=Ud分析得知，板间场强不变，带电微粒受到的电场力不变，仍处于静止状态。P点的电势不变，微粒的电势能不变。不符合题意，故BC项：K断开，将上极板M，下移N，根据推论E=4πkQεS可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与N的电势差减小，N的电势为零，P点的电势高于N的电势，则知P点的电势降低，微粒带负电，则知微粒的电势增加，故CD项：K断开，将上极板M，下移M，根据推论E=4πkQεS可知，E不变，微粒所受的电场力不变，仍处于静止，由U=Ed知，P与M的电势差减小，M的电势为零，P点的电势低于M的电势，则知P点的电势升高，微粒带负电，则知微粒的电势减小，故D故应选C。本题是电容器动态变化分析的问题，根据决定电容的三个因素和电容的定义式相结合进行分析。4、B【解析】

A项：物体做曲线运动时，速度的方向沿曲线的切线方向，速度肯定变化，故A错误；B项：物体做匀速圆周运动时速度大小不变。故B正确；C项：物体做曲线运动时，速度肯定变化，必然有加速度。故C错误；D项：物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上，所以合外力不可能为0，故D错误。故选：B。5、D【解析】试题分析：解：A、B、插入陶瓷板，根据决定式，知电容增大，而电容器始终与电源连接（电势差不，则知，电容器带电量增大（充电）．电路中有逆时针方向的短暂电流．故A、B错误．C、D、电势差不变，d减小，则电场强度增大，带电液滴所受的电场力增大，大于重力，将向上做加速运动．故C错误、D正确．故选D．考点：本题考查了电容器的动态分析．6、B【解析】

第一宇宙速度为7.9km/s，这是卫星绕地球做圆周运动的最大运行速度也是最小发射速度，则A错误，B正确；由万有引力提供向心力：GmMR2=mv2R得：第一宇宙速度为7.9km/s，这是卫星绕地球做圆周运动的最大运行速度也是最小发射速度，发射卫星时发射速度要大于等于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，要是大于第二宇宙速度，物体将脱离地球的约束。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系。【详解】由库仑定律可得：两球接触前的库仑力F=k当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量q=3Q+7Q两球接触后的库仑力F'=k25当两球带异种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量q=两球接触后的库仑力F故应选CD。两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向。8、BD【解析】

本题考查带电粒子在复合场中的直线运动【详解】由题意可知，小球在电场中受到竖直向下的重力和电场力，要使小球做直线运动，则必须满足一下两个条件之一：①合外力为0；②合外力的方向与速度的方向共线。A．电场力的方向与重力的方向不共线，所以不可能满足二力平衡合外力为0，则应该满足的是条件②，即合外力一定沿水平方向，则电场力一定沿电场线方向，可知该小球带正电；故A选项正确；B．因受到电场力和重力的合力方向沿水平向右，受力分析如图由平行四边形定则可知，电场力大小一定大于小球的重力，故B选项正确；C．在整个过程中电场力始终与运动方向间的夹角为锐角，即机械能逐渐的增大，故C选项错误；D．小球的合外力与速度的方向共线，且所受重力和电场力均保持不变即合外力不变，则小球应做匀加速直线运动，故D选项正确。综上所述，本题正确答案选BD。9、BC【解析】试题分析：电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷的电荷量无关，故A错误；电容是电容器本身的性质，和极板上的电荷量及电压无关，而是决定于电容器本身的结构．故B正确；由电阻定律的表达式R=ρl【点睛】该题考查对电场强度、电容、电阻的定义式以及欧姆定律的表达式等几个不同的公式的理解，要通过它们的比较，理解定义式与定律的表达式的差别．10、AB【解析】

A．粒子在t=0时刻进入时，在一个周期内，前半个周期受到的电场力向右，向右做加速运动，后半个周期受到的电场力向左，继续向左做减速运动，T时刻速度为零，接着周而复始，所以粒子一直向B板运动，一定会打在B板上。故A正确；B．若粒子是在时刻进入时，在一个周期内：在，粒子受到的电场力向右，向B板做加速运动，在内，受到的电场力向左，继续向B板做减速运动，时刻速度为零，接着向A板加速运动，时间内继续向A板减速运动，时刻速度为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动，根据运动学规律可知，在一个周期内粒子向B板运动的位移大于向A板运动的位移，所以粒子最后一定会打在B板上。故B正确；C．若粒子是在时刻进入的，在阶段是向B板加速；在向B板减速，末速度为零；在反向A板加速，反向A板减速，末速度为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动，以某一点为中心做往复运动，不一定能打到B板上，故C错误；D．若粒子是在时刻进入的，在，向B板加速；，向右减速到零；，向A板加速；向A板减速，速度减小为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动，根据运动学规律可知，在一个周期内粒子向B板运动的位移小于向A板运动的位移，所以粒子最后一定不会打在B板上，而是从A板返回；故D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6.12610.230AC10【解析】

（1）[1][2]金属丝的直径为长度为（2）[3]A．欧姆表测电阻实际上是测量电流，红黑表笔反接不会影响电路的电流大小，也就对电阻的测量值不会产生影响，故A正确；B．测量阻值不同的电阻时不需要重新调零，只有改变欧姆档位时才需要欧姆调零，故B错误；C．欧姆表有内置电源，测量电路中的电阻时，应该把该电阻与电路断开，故C正确；D．电池的电压不足，内阻增大，输出的电流减小，所以偏转线圈的电流变小，偏转角度变小，即测得的电阻偏大，故D错误。故选AC。[4][5]用多用电表粗测金属棒的阻值，当用“”挡时发现指针偏转角度过大，示数偏小，要增大示数则要倍率减小，换成的倍率，则初测电阻为R=10Ω。（3）[6]由题意可知，没有电压表，可以用电流表A1与定值电阻R0串联组成电压表测电压，用电流表A2测电流，由于改装后电压表内阻为100+900=1000Ω电流表内阻约为0.4Ω，待测电阻阻值约为10Ω，滑动变阻器最大阻值为5Ω，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于电阻阻值，电流表应采用外接法。实验电路图如图所示（4）[7]由电路连接及欧姆定律可求出金属棒的电阻为12、ACF电流偏小乙1.450.69【解析】

(1)根据实验记录的数据可知最大电流为0.57A，为准确测量，电流表应选A；电源电动势约为1.5V，为了安全电压表应选3V,量程的C，因电源的内阻太小，内阻占的电压太小，为了让外电压明显变化且方便实验操作，滑动变阻器应选小电阻(5Ω)的F.(2)测量干电池的电动势和内阻的时候，由于内阻很小，为了减小内阻的测量误