福建省福州市永泰一中高考物理模拟试卷（二）（含解析）.doc

2015年福建省福州市永泰一中高考物理模拟试卷（二）一、本卷共6小题，每小题6分，共108分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求1如图所示，p、q是矩形abcd的ad边和bc边的中点，e、f是ab边和cd边的中点，m、n是pq连线上的两点且mp=qn，m点和n点有等量异种点电荷对于图中八个点的场强关系，下列说法正确的是（）aa与b点场强相同，c与d点场强相同ba与c点场强相同，b与d点场强相同ca与d点场强相同，b与c点场强相同de与f点场强相同，p与q点场强不同2我国于2010年10月1日成功发射了月球探测卫星“嫦娥二号”，“嫦娥二号”在椭圆轨道近月点q完成近月拍摄任务后，到达椭圆轨道的远月点p变轨成圆轨道，如图所示忽略地球对“嫦娥二号”的影响，则“嫦娥二号”（）a在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中机械能不变b在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中线速度增大c在q点的线速度比沿圆轨道运动的线速度小d在q点的加速度比沿圆轨道运动的加速度小3如图甲所示，一条电场线与ox轴重合，取o点电势为零，ox方向上各点电势随x变化的情况如图乙所示若在o点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则（）a电场一定是匀强电场b电场的场强沿ox方向增大c电子将沿ox负方向运动d电子的电势能将增大4如图所示，一簇电场线的分布关于y轴对称，电场方向如图中箭头所示，o是坐标原点，m、n、p、q是以o为圆心的一个圆周上的四个点，其中m、n在y 轴上，q点在x轴上，则（）am点的电势比p点的电势高b一正电荷在o点时的电势能小于在q点时的电势能co、m间的电势差等于n、o间的电势差d将一负电荷由m点移到p点，电场力做正功5据中新社消息，我国将于2011年上半年发射“天宫一号”目标飞行器，下半年发射“神舟八号”飞船，并与“天宫一号”实现对接某同学得知上述消息后，画出“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动的假想图如图所示，a代表“天宫一号”，b代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道由此假想图，可以判定（）aa的运行速率大于b的运行速率ba的周期小于b的周期ca的向心加速度大于b的向心加速度db适度加速有可能与a实现对接6质量相等的均质柔软细绳a、b平放于水平地面，绳a较长分别捏住两绳中点缓慢提起，直到全部离开地面，两绳中点被提升的高度分别为ha、hb，上述过程中克服重力做功分别为wa、wb若（）aha=hb，则一定有wa=wbbhahb，则可能有wawbchahb，则可能有wa=wbdhahb，则一定有wawb二、非选择题，本大题包括必考部分和选考部分（一）必考部分7如图所示，水平放置的两平行金属板间有一竖直方向的匀强电场，板长为l，板间距离为d，在距极板右端l处有一竖直放置的屏m一带电荷量为q、质量为m的质点从两板中央平行于极板射入电场，最后垂直打在m屏上，则质点打在屏上p点（填上方或下方），板间场强大小为8玉树地震发生后，需要向灾区运送大量救灾物资，在物资转运过程中常使用如图所示的传送带已知某传送带与水平面成=37角，传送带的ab部分长l=5.8m，传送带以恒定的速率v=4m/s按图示方向传送，若在b端无初速度地放置一个质量m=50kg的救灾物资p（可视为质点），p与传送带之间的动摩擦因数=0.5（取g=10m/s2，sin37=0.6）求：（1）物资p从b端开始运动时的加速度为m/s2；（2）物资p到达a端时的动能j9山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动，一滑雪坡由ab和bc组成，ab是倾角为37的斜坡，bc是半径为r=5m的圆弧面，圆弧面和斜面相切于b，与水平面相切于c，如图所示，ab竖直高度差h=8.8m，运动员连同滑雪装备总质量为80kg，从a点由静止滑下通过c点后飞落（不计一切阻力，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）运动员到达c点的速度大小（2）运动员经过c点时轨道受到的压力大小10如图所示，长l=1.6m，质量m=3kg的木板静止放在光滑水平面上，质量m=1kg、带电荷量q=+2.5104c的小物块放在木板的右端，木板和物块间的动摩擦因数=0.1，所在空间加有一个方向竖直向下，电场强度为e=4.0104n/c的匀强电场，现对木板施加一水平向右的拉力f取g=10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：（1）使物块不掉下去的最大拉力f；（2）如果拉力f=11n恒定不变，小物块所能获得的最大动能11如图所示，光滑固定的竖直杆上套有一个质量m=0.4kg的小物块a，不可伸长的轻质细绳通过固定在墙壁上、大小可忽略的定滑轮d，连接物块a和小物块b，虚线cd水平，间距d=1.2m，此时连接物块a的细绳与竖直杆的夹角为37，物块a恰能保持静止现在物块b的下端挂一个小物块q，物块a可从图示位置上升并恰好能到达c处不计摩擦和空气阻力，cos37=0.8、sin37=0.6，重力加速度g取10m/s2求：（1）物块a到达c处时的加速度大小；（2）物块b的质量；（3）物块q的质量(二）选考部分，任选一模块作答物理选修3-3（本模块共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）12下列叙述正确的是（）a气体的压强越大，分子的平均动能越大b凡涉及热现象的宏观过程都具有方向性c外界对气体做正功，气体的内能一定增大d温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大13如图所示，玻璃管内活塞p下方封闭着空气，p上有细线系住，线上端悬于o点，如不计水银、活塞与玻璃管的摩擦力，大气压强为p0保持不变，则当气体温度降低时 （）a管内气体压强恒定b管内气柱压强将减小c细线上的拉力将减小d细线上的拉力将变大【物理-选修3-5】，本模块共有两小题，每小题0分，共12分每小题只有一个选项符合题意14如图所示，小车与木箱紧挨着静放在光滑的水平冰面上，现有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱，关于上述过程，下列说法中正确的是（）a男孩和木箱组成的系统动量守恒b男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒c小车与木箱组成的系统动量守恒d木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同15如图是某金属在光的照射下产生的光电子的最大初动能ek与入射光频率的关系图象由图象可知不正确的是（）a该金属的逸出功等于eb该金属的逸出功等于h0c入射光的频率为20时，产生的光电子的最大初动能为ed入射光的频率为时，产生的光电子的最大初动能为2015年福建省福州市永泰一中高考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、本卷共6小题，每小题6分，共108分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求1如图所示，p、q是矩形abcd的ad边和bc边的中点，e、f是ab边和cd边的中点，m、n是pq连线上的两点且mp=qn，m点和n点有等量异种点电荷对于图中八个点的场强关系，下列说法正确的是（）aa与b点场强相同，c与d点场强相同ba与c点场强相同，b与d点场强相同ca与d点场强相同，b与c点场强相同de与f点场强相同，p与q点场强不同【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据点电荷的电场强度公式e=k，结合矢量合成法则，并由几何关系，即可求解【解答】解：根据点电荷的电场强度公式e=k，结合题意与几何关系，则知a、b、c、d的电场强度的大小相等，a与c的方向相同，则a与c点场强相同b与d的方向相同，则b与d点场强相同而e与f的电场强度大小相等，方向相同，p与q点场强大小相等、方向相同，则p与q点场强相同故b正确，acd错误；故选：b【点评】本题关键根据点电荷电场强度公式，掌握几何知识的长度关系，理解矢量性，也可以根据等量异种电荷电场线的分布情况分析2我国于2010年10月1日成功发射了月球探测卫星“嫦娥二号”，“嫦娥二号”在椭圆轨道近月点q完成近月拍摄任务后，到达椭圆轨道的远月点p变轨成圆轨道，如图所示忽略地球对“嫦娥二号”的影响，则“嫦娥二号”（）a在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中机械能不变b在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中线速度增大c在q点的线速度比沿圆轨道运动的线速度小d在q点的加速度比沿圆轨道运动的加速度小【考点】万有引力定律及其应用【专题】万有引力定律的应用专题【分析】嫦娥二号从椭圆轨道的p点进入圆轨道，需加速，使万有引力等于所需要的向心力，然后作圆周运动比较加速度，根据牛顿第二定律，只需比较所受的万有引力即可【解答】解：ab、q到p的过程由于要克服引力做功，速度越来越小，到p点所需的向心力比较小，万有引力大于所需的向心力，会做近心运动，所以从p点进入圆轨道，需加速，使万有引力等于所需要的向心力，然后作圆周运动故机械能不守恒故a错误，b正确c、在椭圆轨道上q点的速度大，万有引力不够需要的向心力，做离心运动若在q点有一圆轨道通过，则在椭圆轨道上q点的速度必然大于圆轨道q点的速度根据万有引力提供向心力=m，知轨道半径越大，速度越小，所以通过q点圆轨道上的速度大于通过p点圆轨道上的速度，则在q点的线速度比沿圆轨道运动的线速度大故c错误d、在q点所受的万有引力大于在p点所受的万有引力，根据牛顿第二定律，在q点的加速度比沿圆轨道运动的加速度大故d错误故选：b【点评】解决本题的关键理解卫星是如何进行变轨，以及在比较q点的速度和圆轨道速度时，引入另一个圆轨道串联一下，问题引刃而解3如图甲所示，一条电场线与ox轴重合，取o点电势为零，ox方向上各点电势随x变化的情况如图乙所示若在o点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则（）a电场一定是匀强电场b电场的场强沿ox方向增大c电子将沿ox负方向运动d电子的电势能将增大【考点】电势差与电场强度的关系；电势【专题】电场力与电势的性质专题【分析】沿着电场线的方向电势降低，根据ox方向上各点的电势随x变化的情况可以判断出电场的方向与特点根据电场强度方向判断电子的运动方向根据电场力做功情况判断电子的电势能变化情况【解答】解：ab、x图象的斜率等于场强e，则知该电场的场强不变，一定是匀强电场，故a正确，b错误c、从x图象可知，沿x正方向电势升高，所以电场线的方向为x轴的负方向，所以电子受力的方向与电场线方向相反，沿x正方向，所以电子沿x轴正方向运动，故c错误d、在0点由静止释放一电子，电子受到x正方向的电场力，电子将沿ox正方向运动，电场力将做正功，电场力做功量度电势能的变化，所以电子的电势能将减小，故d错误故选：a【点评】本题结合电势随x变化的情况图象考查了电场强度和电势的变化情况，考查角度新颖，要注意结合图象的含义以及电场线和电场强度与电势的关系求解4如图所示，一簇电场线的分布关于y轴对称，电场方向如图中箭头所示，o是坐标原点，m、n、p、q是以o为圆心的一个圆周上的四个点，其中m、n在y 轴上，q点在x轴上，则（）am点的电势比p点的电势高b一正电荷在o点时的电势能小于在q点时的电势能co、m间的电势差等于n、o间的电势差d将一负电荷由m点移到p点，电场力做正功【考点】等势面；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据电场线方向判断电势高低；灵活应用公式u=ed判断两点之间电势差的高低；根据电势高低或电场力做功情况判断电势能的高低；正确判断电荷在电场中移动时电场力做功的正负【解答】解：a、根据电场线与等势线垂直特点，在m点所在电场线上找到p点的等势点，根据沿电场线电势降低可知，p点的电势比m点的电势高，故a错误；b、o点电势高于q点，根据ep=q可知，正电荷在o点时的电势能大于在q点时的电势能，故b错误c、根据电场分布可知，om间的平均电场强度比no之间的平均电场强度小，故由公式u=ed可知，om间的电势差小于no间的电势差，故b错误；d、m点的电势比p点的电势低，负电荷从低电势移动到高电势电场力做正功，故d正确；故选：d【点评】电场线、电场强度、电势、电势差、电势能等物理量之间的关系以及大小比较，是电场中的重点和难点，在平时训练中要加强这方面的练习，以加深对概念的理解5据中新社消息，我国将于2011年上半年发射“天宫一号”目标飞行器，下半年发射“神舟八号”飞船，并与“天宫一号”实现对接某同学得知上述消息后，画出“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动的假想图如图所示，a代表“天宫一号”，b代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道由此假想图，可以判定（）aa的运行速率大于b的运行速率ba的周期小于b的周期ca的向心加速度大于b的向心加速度db适度加速有可能与a实现对接【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【专题】万有引力定律的应用专题【分析】由万有引力提供向心力，可列式求解，得出线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系【解答】解：根据万有引力提供向心力，则由牛顿第二定律得：=mr=ma=ma、v=，所以a的运行速率小于b的运行速率，故a错误；b、t=2，所以a的周期大于b的周期，故b错误；c、a=，所以a的向心加速度小于b的向心加速度，故c错误；d、b在圆轨道上加速，需要的向心力增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动，可能与a实现对接故d正确故选：d【点评】不同的轨道对应着不同的线速度、角速度、周期、向心加速度，关键是根据引力等于向心力求解出它们的关系6质量相等的均质柔软细绳a、b平放于水平地面，绳a较长分别捏住两绳中点缓慢提起，直到全部离开地面，两绳中点被提升的高度分别为ha、hb，上述过程中克服重力做功分别为wa、wb若（）aha=hb，则一定有wa=wbbhahb，则可能有wawbchahb，则可能有wa=wbdhahb，则一定有wawb【考点】机械能守恒定律【专题】压轴题；机械能守恒定律应用专题【分析】质量相等的均质柔软细绳，则长的绳子，其单位长度的质量小，根据细绳的重心上升的高度找出克服重力做功的关系【解答】解：a、两绳中点被提升的高度分别为ha、hb，ha=hb，绳a较长所以绳a的重心上升的高度较小，质量相等，所以wawb故a错误b、hahb，绳a较长所以绳a的重心上升的高度可能较小，质量相等，所以可能wawb故b正确，d错误c、hahb，绳a较长所以绳a的重心上升的高度一定较小，质量相等，所以wawb故c错误故选b【点评】解决该题关键要知道柔软细绳不能看成质点，找出不同情况下重心上升的高度的关系二、非选择题，本大题包括必考部分和选考部分（一）必考部分7如图所示，水平放置的两平行金属板间有一竖直方向的匀强电场，板长为l，板间距离为d，在距极板右端l处有一竖直放置的屏m一带电荷量为q、质量为m的质点从两板中央平行于极板射入电场，最后垂直打在m屏上，则质点打在屏上p点上方（填上方或下方），板间场强大小为【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】由题，质点先在电场和重力场的复合场中做类平抛运动，要垂直打在m屏上，离开出场后，质点一定打在屏的p点上方，做斜上抛运动质点从离开电场后到垂直打在m屏上过程是平抛运动的逆运动，采用运动的分解方法可知，分析质点类平抛运动与斜上抛的关系，确定加速度关系，求出板间场强【解答】解：质点要垂直打在m屏上，则打在m屏上时竖直方向上速度为零对竖直方向上的运动进行分析，质点的前一段运动必定是在电场力和重力作用下做加速运动，后一段运动必定是在重力作用下做减速运动，最后速度减小为零，则只可能先向上做加速运动，然后向上做减速运动，位移应向上，故质点打在p点上方又因两段运动的过程中质点在水平方向上的位移相等，质点在水平方向上做匀速直线运动，故质点做两段运动所经历的时间相等，设为t，对竖直方向上的运动有： =a1，g=a2，根据两段运动的对称性知a1t=a2t，则e=，故答案为：上方；【点评】本题关键抓住两个运动轨迹的对称性运动的合成与分解是研究曲线运动的常用方法，要灵活运用8玉树地震发生后，需要向灾区运送大量救灾物资，在物资转运过程中常使用如图所示的传送带已知某传送带与水平面成=37角，传送带的ab部分长l=5.8m，传送带以恒定的速率v=4m/s按图示方向传送，若在b端无初速度地放置一个质量m=50kg的救灾物资p（可视为质点），p与传送带之间的动摩擦因数=0.5（取g=10m/s2，sin37=0.6）求：（1）物资p从b端开始运动时的加速度为10m/s2；（2）物资p到达a端时的动能900j【考点】动能定理；牛顿第二定律【专题】动能定理的应用专题【分析】（1）选取物体p为研究的对象，对p进行受力分析，求得合外力，然后根据牛顿第三定律即可求出加速度；（2）物体p从b到a的过程中，重力和摩擦力做功，可以使用动能定律求得物资p到达a端时的动能，也可以使用运动学的公式求出速度，然后球动能【解答】解：（1）p刚放上b端受到沿传送带向下的滑动摩擦力作用，根据牛顿第二定律有mgsin+ff=mafn=mgcosff=fn联立解得加速度为a=gsin+gcos=10 m/s2（2）p达到与传送带相同速度时的位移x=0.8 m以后物资p受到沿传送带向上的滑动摩擦力作用，根据动能定理得（mgsinff）（lx）=mva2mv2到a端时的动能eka=mva2=900 j故答案为：（1）10（2）900【点评】传送带问题中，需要注意的是传送带的速度与物体受到之间的关系，当二者速度相等时，即保持相对静止属于中档题目9山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动，一滑雪坡由ab和bc组成，ab是倾角为37的斜坡，bc是半径为r=5m的圆弧面，圆弧面和斜面相切于b，与水平面相切于c，如图所示，ab竖直高度差h=8.8m，运动员连同滑雪装备总质量为80kg，从a点由静止滑下通过c点后飞落（不计一切阻力，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）运动员到达c点的速度大小（2）运动员经过c点时轨道受到的压力大小【考点】向心力；机械能守恒定律【专题】匀速圆周运动专题【分析】（1）根据几何关系求出ac段的高度差，结合机械能守恒定律求出运动员到达c点的速度大小；（2）在c点，根据径向的合力提供向心力，通过牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得出运动员经过c点时轨道受到的压力大小【解答】解：（1）物体由a到c，机械能守恒hac=h+（rrcos37）=9.8m 代入数据解得vc=14m/s （2）物体经过c点时，由圆周运动 代入数据解得： n=3936n 轨道受到压力fn=3936n答：（1）运动员到达c点的速度大小为14m/s；（2）运动员经过c点时轨道受到的压力大小为3936n【点评】本题考查了机械能守恒定律、牛顿第二定律与圆周运动的综合，知道向心力的来源是解决本题的关键10如图所示，长l=1.6m，质量m=3kg的木板静止放在光滑水平面上，质量m=1kg、带电荷量q=+2.5104c的小物块放在木板的右端，木板和物块间的动摩擦因数=0.1，所在空间加有一个方向竖直向下，电场强度为e=4.0104n/c的匀强电场，现对木板施加一水平向右的拉力f取g=10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：（1）使物块不掉下去的最大拉力f；（2）如果拉力f=11n恒定不变，小物块所能获得的最大动能【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律【专题】电场力与电势的性质专题【分析】（1）要小物块不掉下来，则小物块和木板的加速度相同，且最大拉力时加速度最大，小物块受的摩擦力提供它运动的加速度，而整体所受的拉力提供整体的加速度（2）当拉力f=11n时，小物块相对于木板发生运动，则木板所受的拉力与摩擦力的合力提供木板的加速度，而小物块所受的滑动摩擦力提供小物块运动的加速度，两者的位移差等于木板的长短时小物块落下速度达到最大【解答】解：（1）f最大的时候物块不掉下去，必是物块与木板具有共同的最大加速度a1，对物块，最大加速度a1=2 m/s2对整体f=（ m+m ）a1=8 n（2）当f=11 n时，物块相对木板有相对滑动，木板的加速度a2=3 m/s2由a2t2a1t2=l得物块滑过木板所用时间t= s物块离开木板时的速度v1=a1t=2m/s则物块动能ek1=mv=6.4 j答：（1）使物块不掉下去的最大拉力f为8n；（2）如果拉力f=11n恒定不变，小物块所能获得的最大动能6.4 j【点评】（1）问中物块不掉下去意味着两者的加速度相同，这是该问的突破口（2）问中小物块在落下前始终加速，故落下时小物块的速度最大，这是该问的突破口另外拉力f=11n8n说明两者相对运动，故加速度不同11如图所示，光滑固定的竖直杆上套有一个质量m=0.4kg的小物块a，不可伸长的轻质细绳通过固定在墙壁上、大小可忽略的定滑轮d，连接物块a和小物块b，虚线cd水平，间距d=1.2m，此时连接物块a的细绳与竖直杆的夹角为37，物块a恰能保持静止现在物块b的下端挂一个小物块q，物块a可从图示位置上升并恰好能到达c处不计摩擦和空气阻力，cos37=0.8、sin37=0.6，重力加速度g取10m/s2求：（1）物块a到达c处时的加速度大小；（2）物块b的质量；（3）物块q的质量【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】（1）物块a到达c处时合力等于重力，根据牛顿第二定律求解加速度；（2）初始位置，先后对b和a受力分析，根据平衡条件列式求解；（3）从a到c过程，三个物体过程的系统只有动能和重力势能相互转化，系统机械能守恒，根据守恒定律列式求解【解答】解：（1）当a物块到达c处时，由受力分析可知：水平方向受力平衡，竖直方向只受重力作用，；所以a物块的加速度a=g=10m/s2；（2）b物体受重力和拉力而平衡，故拉力等于其重力；物体a受重力、拉力和杆的支持力，如图所示设b物块的质量为m，绳子拉力为t；根据平衡条件：tcos37=mg t=mg 联立解得m=0.5kg （3）设q物块的质量为mo，根据系统机械能守恒得：mghac=（m+mo）ghbhac=dcot37=1.6m（hb=解之得：mo=0.3kg 答：（1）物块a到达c处时的加速度大小为10m/s2；（2）物块b的质量为0.5kg；（3）物块q的质量为0.3kg【点评】本题前两问直接根据牛顿第二定律和平衡条件列式求解；第三问系统机械能守恒，也可以对系统运用动能定理列式求解，较难(二）选考部分，任选一模块作答物理选修3-3（本模块共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）12下列叙述正确的是（）a气体的压强越大，分子的平均动能越大b凡涉及热现象的宏观过程都具有方向性c外界对气体做正功，气体的内能一定增大d温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大【考点】热力学第二定律【专题】热力学定理专题【分析】温度是分子平均动能的标志，温度升高，平均动能增大，并不是物体内的每一个分子的热运动速率都增大，改变内能的方式有做功和热传递【解答】解：a、温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大，a错误；b、凡涉及热现象的宏观过程都具有方向性，b正确；c、改变内能的方式有做功和热传递，外界对气体做正功，气体的内能不一定增大，c错误；d、温度升高，平均动能增大，并不是物体内的每一个分子的热运动速率都增大，d错误故选：b【点评】本题要掌握温度是平均动能的标志，会用热力学第一定律去分析内能的变化13如图所示，玻璃管内活塞p下方封闭着空气，p上有细线系住，线上端悬于o点，如不计水银、活塞与玻璃管的摩擦力，大气压强为p0保持不变，则当气体温度降低时 （）a管内气体压强恒定b管内气柱压强将减小c细线上的拉力将减小d细线上的拉力将变大【考点】理想气体的状态方程【专题】理想气体状态方程专题【分析】先以活塞、水银和管子为研究对象，分析受力，由平衡条件分析细线的拉力；对于水银和活塞整体研究，由平衡条件分析气柱的压强如何变化【解答】解：当气体温度降低时，气体会发生等压变化，根据气态方程=c可知，气体的体积会减小以活塞、水银和管子整体为研究对象，整体受到总重力和细线的拉力，根据平衡条件得知：细线的拉力等于总重力，保持不变；设封闭气体的压强为p，