【全程复习方略】（广东专用）高考物理一轮复习 阶段滚动检测(一).doc

【全程复习方略】（广东专用）2014版高考物理一轮复习 阶段滚动检测(一) (90分钟 100分)第卷(选择题共50分)一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分。每小题至少一个答案正确,选不全得3分)1.(2013无锡模拟)如图所示,一个物体受到三个共点力f1、f2、f3的作用,若将它们平移并首尾相接,三个力矢量组成了一个封闭三角形,则物体所受这三个力的合力大小为()a.2f1b.f2c.2f3d.02.(2013洛阳模拟)一物体恰能在一个斜面体上沿斜面匀速下滑,此时斜面体不受地面的摩擦力作用。若沿斜面方向用力向下推此物体,使物体加速下滑,则关于斜面体受地面的摩擦力,下列判断正确的是()a.大小为零b.大小不为零,方向水平向右c.大小不为零,方向水平向左d.无法判断其大小和方向3.如图所示,在水平力f的作用下,木块a、b保持静止。若木块a与b的接触面是水平的,且f0,则关于木块b的受力个数可能是()a.3个或4个b.3个或5个c.4个或5个d.4个或6个4.某飞机由静止开始做匀加速直线运动,从运动开始到起飞共前进1600m,所用时间为40 s,则它的加速度a和离地时的速度vt分别为()a.2 m/s280 m/sb.1 m/s240 m/sc.1 m/s280 m/sd.2 m/s240 m/s5.小球从空中自由下落,与水平地面相碰后弹到空中某高度,其v -t图像如图所示,则由图可知以下说法正确的是(g=10m/s2)()a.小球下落的最大速度为5 m/sb.第一次反弹初速度的大小为3 m/sc.小球能弹起的最大高度为0.45 md.小球能弹起的最大高度为1.25 m6.(2013南宁模拟)为了节省能量,某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时,扶梯运转得很慢;有人站上扶梯时,它会先慢慢加速,再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼,恰好经历了这两个过程,如图所示。那么下列说法中正确的是()a.顾客始终受到三个力的作用b.顾客始终处于超重状态c.顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方,再竖直向下d.顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方,再竖直向下7.如图所示,三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止,a、d间细绳是水平的,现对b球施加一个水平向右的力f,将b缓缓拉到图中虚线位置,这时三根细绳张力ftac、ftad、ftab的变化情况是()a.都变大b.ftad和ftab变大,ftac不变c.ftac和ftab变大,ftad不变d.ftac和ftad变大,ftab不变8.(2013鹤壁模拟)如图所示,木块a的质量为1kg,木块b的质量为4kg,叠放在水平地面上,a、b间的最大静摩擦力为1n,b与地面间的动摩擦因数为0.1,今用水平力f作用于b,则保持a、b相对静止的条件是f不超过(g=10m/s2)()a.1nb.10nc.4nd.6n9.(2013桂林模拟)如图所示,一足够长的木板静止在光滑水平面上,一物块静止在木板上,木板和物块间有摩擦。现用水平力向右拉木板,当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时,撤掉拉力,此后木板和物块相对于水平面的运动情况为()a.物块向右运动,速度逐渐增大,直到做匀速运动b.物块先向左运动,再向右运动c.木板向右运动,速度逐渐变小,直到做匀速运动d.木板和物块的速度都逐渐变小,直到为零10.如图所示,足够长的传送带与水平面夹角为,以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块,小木块与传送带间的动摩擦因数tan,则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是()第卷(非选择题共50分)二、实验题(本大题共2小题,共12分)11.(2013西安模拟)(6分)某同学想在家里做实验验证力的平行四边形定则。他从学校的实验室里借来两个弹簧测力计,按如下步骤进行实验。a.在墙上贴一张白纸用来记录弹簧测力计弹力的大小和方向b.在一个弹簧测力计的下端悬挂一装满水的水杯,记下静止时弹簧测力计的读数fc.将一根大约30 cm长的细线从杯带中穿过,再将细线两端分别拴在两个弹簧测力计的挂钩上。在靠近白纸处用手对称地拉开细线,使两个弹簧测力计的示数相等,在白纸上记下细线的方向,弹簧测力计的示数如图甲所示d.在白纸上按一定标度作出两个弹簧测力计的弹力的图示,如图乙所示,根据力的平行四边形定则可求出这两个力的合力f(1)在步骤c中,弹簧测力计的读数为n。(2)在步骤d中,合力f=n。(3)若,就可以验证力的平行四边形定则。12.(2013玉林模拟)(6分)在研究匀变速直线运动的实验中,如图所示是一次记录小车运动情况的纸带,图中a、b、c、d、e为相邻的计数点,相邻计数点间的时间间隔t=0.10s。(以下结果均保留三位有效数字)(1)根据平均速度计算c、d点的瞬时速度,则vc=m/s,vd=m/s。(2)小车运动的加速度a=m/s2。三、计算题(本大题共4小题,共38分。要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)13.(8分)一物体(可视为质点)以一定的初速度冲上一倾角为的斜面,结果最后静止在斜面上,如图所示,在第1s内位移为6 m,停止运动前的最后1 s内位移为2 m,求:(1)在整个减速运动过程中物体的位移大小;(2)整个减速过程共用多少时间。14.(2013湛江模拟)(8分)如图所示,水上滑梯由斜槽ab和水平槽bc构成,ab与bc圆滑连接,斜槽的竖直高度h=15m。一质量m=50kg的游戏者从滑梯顶端a点由静止滑下,g取10m/s2。(1)若忽略游戏者下滑过程中受到的一切阻力,求游戏者从斜槽顶端a点由静止滑下到斜槽底端b点的速度大小。(2)如果斜槽ab的长度s=25m,由于阻力的作用,游戏者从滑梯顶端a点由静止滑下到达滑梯末端b点时的速度大小vb=10m/s,求游戏者与斜槽ab面间的动摩擦因数。15.(2012重庆高考)(10分)某校举行托乒乓球跑步比赛,赛道为水平直道,比赛距离为s,比赛时,某同学将球置于球拍中心,以大小为a的加速度从静止开始做匀加速直线运动,当速度达到v0时,再以v0做匀速直线运动跑至终点。整个过程中球一直保持在球拍中心不动。比赛中,该同学在匀速直线运动阶段保持球拍的倾角为0,如图所示。设球在运动中受到的空气阻力大小与其速度大小成正比,方向与运动方向相反,不计球与球拍之间的摩擦,球的质量为m,重力加速度为g。(1)求空气阻力大小与球速大小的比例系数k;(2)求在加速跑阶段球拍倾角随速度v变化的关系式;(3)整个匀速跑阶段,若该同学速度仍为v0,而球拍的倾角比0大了并保持不变,不计球在球拍上的移动引起的空气阻力变化,为保证到达终点前球不从球拍上距离中心为r的下边沿掉落,求应满足的条件。16.(2013金华模拟)(12分)两个完全相同的物块a、b,质量均为m=0.8kg,在同一粗糙水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动。图中的两条直线分别表示a物块受到水平拉力f作用和b物块不受拉力作用的v -t图像,求:(1)物块a所受拉力f的大小;(2)8s末物块a、b之间的距离s。答案解析1.d由矢量三角形法则可以看出,首尾相接的任意两个力合力必与第三个力大小相等、方向相反,所以这三个力的合力为零,选项d正确。2.a物体沿斜面匀速下滑时,物体和斜面组成的系统受重力和地面的支持力而处于平衡状态,地面对斜面的摩擦力为零。对物体施加沿斜面方向的推力时,物体与斜面间的压力和动摩擦因数均不变,故摩擦力没有发生变化,因此斜面受力情况没有发生变化,不受地面的摩擦力作用,故选项a正确。3.c木块b一定受重力和a对它的压力;将a、b看作整体,因整体保持静止,所以b一定受斜面的支持力;隔离木块a对其受力分析,因a静止,故a一定受b的静摩擦力,从而b也一定受a的静摩擦力;斜面对木块b的静摩擦力可能有,也可能无。综上所述,选项c正确。4.a飞机的位移s=vt2t,故飞机离地时的速度vt=2st=21 60040m/s=80 m/s,飞机的加速度a=vtt=8040m/s2=2 m/s2,选项a正确。5.a、b、c由图像可知,在0.5s末,球与地面以5 m/s的速度相撞,并以3 m/s的速度被弹回,选项a、b正确;小球弹起的最大高度等于坐标轴下方v -t图像与坐标轴围成三角形的面积h=1230.3m=0.45 m,选项c正确,d错误。6.c顾客只有在加速过程受三个力的作用;匀速过程,受两个力,支撑面对顾客的作用力等于重力,选项a错误;在加速过程中顾客受的重力和扶梯对顾客的作用力f的合力产生向右上方的加速度,顾客处于超重状态,如图所示,根据牛顿第三定律,顾客对扶梯的作用力f向左下方;匀速运动时,顾客既不超重,也不失重,顾客受平衡力,扶梯对顾客的作用力沿竖直方向向上,由牛顿第三定律,顾客对扶梯的作用力竖直向下,选项c正确,b、d错误。7.b以小球b为研究对象,可得出ftab、f变大,以a、b两小球组成的整体为研究对象,画出受力图如图所示。竖直方向ftacsin=2mg,故ftac不变。水平方向ftaccos+f=ftad,故ftad增大,b对,a、c、d错。8.ba、b刚好保持相对静止,对a由牛顿第二定律得ffm=maam,解得am=ffmma=1m/s2;对a、b整体由牛顿第二定律得fm-(ma+mb)g=(ma+mb)am,解得fm=(ma+mb)am+(ma+mb)g=10n,选项b正确。9.a、c撤掉拉力后,木板和物块受力如图所示,因物块与木板间还有相对运动,则物块速度v物v木(木板速度),物块受摩擦力ff向右,使物块向右做加速运动,而木板受反作用的摩擦力ff向左,与v木反向,使木板向右做减速运动,直到v木=v物,二者相对静止,一起向右做匀速运动,由于水平面光滑,所以不会停止,因此选项a、c正确,b、d错误。10.d已知a2,选项d正确。11.【解析】(1)弹簧测力计读数时需要估读,最终的读数要以有效数字的形式给出,根据图甲弹簧测力计指针的位置,可读出力的大小为3.00n。(2)根据力的大小可以用线段的长度来表示,利用刻度尺和三角板在图乙上由已知的两个力作出平行四边形,如图所示,测量出平行四边形的对角线的长度,与标度1n的长度进行比较,可求出f的大小为(5.20.2)n。(3)若f在竖直方向且数值与f近似相等,则在实验误差允许的范围内可以验证力的平行四边形定则。答案：(1)3.00(2)5.20.2(3)f在竖直方向且数值与f近似相等12.【解析】(1)由匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得:vc=sbd2t=(60.30-7.50)10-220.10m/s=2.64m/svd=sce2t=(105.60-27.60)10-220.10m/s=3.90m/s(2)方法一:由逐差法可得小车的加速度:a=(scd+sde)-(sab+sbc)4t2=(105.60-27.60-27.60)10-240.102m/s2=12.6m/s2方法二:由vd=vc+at得:a=vd-vct=3.90-2.640.10m/s2=12.6m/s2答案：(1)2.643.90(2)12.613.【解析】(1)设物体做匀减速运动的加速度大小为a,初速度为v0。由于物体停止运动前的最后1s内位移为2m,则:s2=12at22(1分)解得:a=2s2t22=2212m/s2=4m/s2(1分)物体在第1s内位移为6m,则有:s1=v0t1-12at12(1分)解得:v0=2s1+at122t1=26+41221m/s=8m/s(1分)在整个减速运动过程中物体的位移大小为s=v022a=8224m=8m(1分)(2)对整个运动过程有:s=12at2(2分)解得:t=2sa=284s=2s(1分)答案：(1)8m(2)2s14.【解析】(1)设斜槽的倾角为,在不计阻力的条件下,游戏者下滑的加速度为a=gsin,斜槽ab的长度为s=hsin(1分)由vt2-v02=2as(1分)可得:vt=2as=2gsinhsin=103m/s(1分)(2)由几何关系式:sin=1525=0.6,cos=0.8(1分)由vb2-v02=2as可得:a=vb2-v022s=102-0225m/s2=2m/s2(1分)对游戏者进行受力分析,由牛顿第二定律可知:mgsin-mgcos=ma,(2分)=gsin-agcos=100.6-2100.8=0.5(1分)答案：(1)103m/s(2)0.515.【解析】(1)在匀速运动阶段,有mgtan0=kv0得k=mgtan0v0(2分)(2)加速阶段,设球拍对球的支持力为n,有nsin-kv=ma(1分)ncos=mg(1分)得tan=ag+vv0tan0(1分)(3)以速度v0匀速运动时,设空气阻力与重力的合力为f,有f=mgcos0(1分)球拍倾角为0+时,空气阻力与重力的合力不变,设球沿球拍面下滑的加速度大小为a有fsin=ma(1分)设匀速跑阶段所用时间为t,有t=sv0-v02a(2分)球不从球拍上掉落的条件12at2r得sin2rcos0g(sv0-v02a)2(1分)答案：(1)mgtan0v0(2)tan=ag+vv0tan0(3)sin2rcos0g(sv0-v02a)216.【解析】(1)设a、b两物块的加速度分别为a1、a2,由v -t图像可知,