云南省文山州西畴一中高二物理上学期第二次月考试卷（含解析）.doc

云南省文山州西畴一中2014-2015学年高二物理上学期第二次月 考 试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中至少有一个选项是正确的，选对的得4分，少选的得2分，错选、不选的得0分）1（4分）关于电场，下列叙述正确的是（）a以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强都相同b正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场强大c在电场中某点放入检验电荷q，该点的场强为e=，取走q后，该点场强不变d电荷所受电场力大，该点电场强度一定很大2（4分）a、b在某个点电荷电场中的一根电场线上，在线上a点处放入一个自由的负电荷，它将由静止向b点运动，下列判断哪些是正确的（）a场强方向由b指向a，该电荷做加速运动，加速度越来越小b场强方向由b指向a，该电荷做加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定c场强方向由a指向b，电荷做匀加速运动d场强方向由b指向a，电荷做加速运动，加速度越来越大3（4分）如图所示，在匀强电场中有a、b两点，将一电量为q的正电荷从a点移到b点，第一次沿直线ab移动该电荷，电场力做功为w1；第二次沿路径acb移动该电荷，电场力做功w2；第三次沿曲线ab移动该电荷，电场力做功为w3，则（）aw1w2w3bw1w2w3cw1=w2=w3dw1=w2w34（4分）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经a点飞向b点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）a粒子带正电b粒子在a点加速度小c粒子在b点动能大da、b两点相比，粒子在b点电势能较高5（4分）如图，虚线ab和c是某静电场中的等势面，它们的电势分别为ua、ub和ucuaubuc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线klmn所示，由图可知（）a粒子从k到l的过程中，电场力做负功b粒子从l到m的过程中，电场力做负功c粒子从k到l的过程中，静电势能增加d粒子从l到m的过程中，动能减少6（4分）如果在某电场中将5.0108c的电荷由a点移到b点，电场力做功为6.0103j，那么（）aa、b两点间的电势差是1.2105vba、b两点间的电势差是3.01010vc若在a、b两点间移动2.5108c的电荷，电场力将做3.0103j的功d若在a、b两点间移动1.0107c的电荷，电场力将做3.01017j的功7（4分）关于电流，下列说法中正确的是（）a通过导线截面的电量越多，电流越大b电子运动的速率越大，电流越大c单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大d因为电流有方向，所以电流是矢量8（4分）如图所示，图线1表示的导体电阻为r1，图线2表示的导体的电阻为r2，则下列说法正确的是（）ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c将r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3d将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：39（4分）如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头p向左移动时，下面判断正确的是（）al1和l3变亮，l2变暗bl1变暗，l2变亮，l3亮度不变cl1中电流变化值小于l3中电流变化值dl1上电压变化值小于l2上的电压变化值10（4分）对于电容c=，以下说法正确的是（）a一只电容充荷量越大，电容就越大b对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变c可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比d如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容11（4分）关于电阻率的说法，正确的是（）a电阻率越大的导体，电阻可以很小b电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体的长度决定，与温度无关c电阻率与导体的长度l和横截面积s有关d超导材料的电阻率一定为零12（4分）如图所示，m、n为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的p点放一静止的点电荷q（负电荷），不计重力，下列说法中正确的是（）a点电荷在从p到o的过程中，加速度越来越大，速度也越来越大b点电荷在从p到o的过程中，加速度越来越小，速度越来越大c点电荷运动到o点时加速度为零，速度达最大值d点电荷越过o点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零二、填空题（每空2分，共22分）13（4分）在空间某一区域有一匀强电场，一质量为m的液滴，带电量为+q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为，方向14（4分）在金属导体中，若10s内通过横截面的电荷量为10c，则导体中的电流为i=a某电解槽横截面积为0.5m2，若10s内沿相反方向通过横截面的正负离子的电荷量均为10c，则电解液中的电流为i=a15（2分）一段导体电阻是5，1.5分钟内所通过的电量是45c则导体两端的电压为v16（4分）两点电荷间距离为r时，相互作用力为f，当距离变为时，它们之间相互作用力为f，为使作用力仍为f，则两点电荷的电量可同时为原来的倍17（4分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为ig=50a，表头电阻rg=1k，若改装成量程为im=1ma的电流表，应并联的电阻阻值为，若将改装后的电流表再改装成量程为um=10v的电压表，应再串联一个阻值为的电阻（结果保留四位有效数字）18（2分）电路中的电流强度i=0.4a半分钟通过导线横截面的电子数为（电子电量为1.61019c）个19（2分）如图所示，水平安放的a、b两平行板相距h，上板a带正电，现有质量m，带电量为+q的小球，在b板下方距离h处，以初速v0竖直向上从b板小孔进入板间电场，欲使小球刚好能到a板，则a、b间电势差uab=三、计算题（本题共有3题，共30分，答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不得分）20（10分）电动玩具汽车的直流电动机电阻一定，当加上0.3v电压时，通过的电流为0.3a，此时电动机没有转动当加上3v 电压时，电流为1a，这时候电动机正常工作求（1）电动机的电阻；（2）电动机正常工作时，产生的机械功率和发热功率21（10分）把带电荷量2108c的正点电荷从无限远处移到电场中a点，要克服电场力做功8106j，若把该电荷从无限远处移到电场中b点，需克服电场力做功2106j，取无限远处电势为零求：（1）a点的电势；（2）a、b两点的电势差；（3）若把2105c的负电荷由a点移到b点电场力做的功22（10分）如图所示，abcd是一个正方形盒子cd边的中点有一个小孔e盒子中有沿ad方向的匀强电场，一个质量为m的带电粒子从a处的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒内，并恰好从e处的小孔射出其中，ab长为l，e为dc的中点，（不考虑带电粒子的重力）求：（1）该带电粒子从e孔射出时的速度大小；（2）该过程中电场力对该带电粒子做的功云南省文山州西畴一中2014-2015学年高二上学期第二次月考 试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中至少有一个选项是正确的，选对的得4分，少选的得2分，错选、不选的得0分）1（4分）关于电场，下列叙述正确的是（）a以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强都相同b正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场强大c在电场中某点放入检验电荷q，该点的场强为e=，取走q后，该点场强不变d电荷所受电场力大，该点电场强度一定很大考点：电场强度 分析：以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都大小相同，方向不同；电荷周围的电场与点电荷的电量有关，与电性无关；若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右；电场强度的大小与电荷受到的电场力的大小无关解答：解：a、以点电荷q为中心r为半径的球面上各点的场强大小相等，方向不同，场强不同；故a错误；b、电荷周围的电场强度的大小与点电荷的电量有关，与电性无关；故b错误；c、电场强度是由产生电场的源电荷决定的，在电场中某点放一检验电荷后，不会影响该点的电场强度，故c正确；d、电场中的场强取决于电场本身，电场强度只由场源电荷电量和位置决定，与电荷受到的电场力的大小无关故d错误；故选：c点评：电场强度是矢量，既有大小，又有方向；电场强度的大小与方向是由电场本身决定的，与试探电荷无关2（4分）a、b在某个点电荷电场中的一根电场线上，在线上a点处放入一个自由的负电荷，它将由静止向b点运动，下列判断哪些是正确的（）a场强方向由b指向a，该电荷做加速运动，加速度越来越小b场强方向由b指向a，该电荷做加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定c场强方向由a指向b，电荷做匀加速运动d场强方向由b指向a，电荷做加速运动，加速度越来越大考点：电场强度；牛顿第二定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据负电荷的运动方向判断电场力，确定场强方向场强的大小由电场线的疏密反映，电场线越密场强越大解答：解：由题，负电荷由静止开始从a运动到b，负电荷所受电场力方向从a到b，场强方向与电场力方向相反，即场强方向由b指向a负电荷从静止开始，必定做加速运动由于电场线的分布情况未知，场强如何变化无法确定，电场力和加速度如何变化也无法确定，则电荷加速度可能越来越小，可能越来越大，也可能不变故选b点评：本题根据电荷的方向确定场强方向不难，容易产生的错误在于分析场强大小的变化来确定加速度的变化，条件不明时，考虑问题要全面3（4分）如图所示，在匀强电场中有a、b两点，将一电量为q的正电荷从a点移到b点，第一次沿直线ab移动该电荷，电场力做功为w1；第二次沿路径acb移动该电荷，电场力做功w2；第三次沿曲线ab移动该电荷，电场力做功为w3，则（）aw1w2w3bw1w2w3cw1=w2=w3dw1=w2w3考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：电荷在静电场中从一点移到另一点时，电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关解答：解：第一次沿直线ab移动该电荷，电场力做功为w1；第二次沿路径acb移动该电荷，电场力做功w2；第三次沿曲线ab移动该电荷，电场力做功为w3，三个过程，始末两点的位置相同，电场力的功的值只跟始末两点的位置有关，而和所经过的路径的形状完全无关所以w1=w2=w3故选：c点评：静电力做功与重力做功相似，都只有始末位置有关，与路程无关，属于基础题不难4（4分）如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经a点飞向b点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）a粒子带正电b粒子在a点加速度小c粒子在b点动能大da、b两点相比，粒子在b点电势能较高考点：电场线；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向不计重力的粒子在电场力作用下从a到b，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧解答：解：a、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电故a错误；b、由于b点的电场线密，所以b点的电场力大，则a点的加速度较小故b正确；c、d、粒子从a到b，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，粒子在b点电势能较高；动能减少，故c错误；d正确故选：bd点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧5（4分）如图，虚线ab和c是某静电场中的等势面，它们的电势分别为ua、ub和ucuaubuc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线klmn所示，由图可知（）a粒子从k到l的过程中，电场力做负功b粒子从l到m的过程中，电场力做负功c粒子从k到l的过程中，静电势能增加d粒子从l到m的过程中，动能减少考点：等势面；电势能 专题：定性思想分析：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加；电场力做功的正负还可以直接根据电场力的方向判断解答：解：a、根据ep=q，粒子从k到l的过程中，电势能增加，故电场力做负功，故a正确；b、根据ep=q，粒子从l到m的过程中，电势能减小，故电场力做正功，故b错误；c、根据ep=q，粒子从k到l的过程中，电势能增加，故c正确；d、粒子从l到m的过程中，电场力做正功，故动能增加，故d错误；故选ac点评：本题关键关键根据ep=q得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况6（4分）如果在某电场中将5.0108c的电荷由a点移到b点，电场力做功为6.0103j，那么（）aa、b两点间的电势差是1.2105vba、b两点间的电势差是3.01010vc若在a、b两点间移动2.5108c的电荷，电场力将做3.0103j的功d若在a、b两点间移动1.0107c的电荷，电场力将做3.01017j的功考点：电势差；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据公式uab=求解电势差a、b间的电势差与所移动的电荷无关，再由公式w=qu求解在a、b两点间移动2.5108c的电荷时，电场力做的功解答：解：a、b，a、b两点间的电势差uab=v=1.2105v故a正确，b错误 c、d，在a、b两点间移动2.5108c的电荷时，a、b间的电势差不变则电场力做功为 wab=quab=2.51081.2105j=3.0103j 故c正确，d错误故选ac点评：本题要抓住电场中两点间的电势差由电场中两点的位置决定，与移动的试探电荷无关7（4分）关于电流，下列说法中正确的是（）a通过导线截面的电量越多，电流越大b电子运动的速率越大，电流越大c单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大d因为电流有方向，所以电流是矢量考点：电流、电压概念 专题：恒定电流专题分析：电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大；电流的微观表达式i=nesv可知电流的大小跟导体的材料、横截面积和电荷定向移动的速率共同决定；矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则解答：解：a、通过某一横截面积的电量与所用时间的比值等于通过导体的电流强度，故电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，故a错误b、由电流的微观表达式i=nesv，电流的大小跟导体的材料（决定n），导体的横截面积（s）和电荷定向移动的速率（v）共同决定，故b错误c、根据i=可知，单位时间（t一定）内通过导体截面的电量（q）越多，导体中的电流（i）越大故c正确d、矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则，故电流是标量故d错误故选c点评：掌握了基本知识就能顺利解决此类题目，故要重视基本知识的积累8（4分）如图所示，图线1表示的导体电阻为r1，图线2表示的导体的电阻为r2，则下列说法正确的是（）ar1：r2=1：3br1：r2=3：1c将r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3d将r1与r2并联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：3考点：闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路 专题：恒定电流专题分析：由题图象是电阻的伏安特性曲线，其斜率k等于电阻的倒数将r1与r2串联后接于电源上时，电流相等将r1与r2并联后接于电源上时，电压相等，电流与电阻成反比解答：解：a、b由图r1=1，r2=3，故a正确 c、r1与r2串联后接于电源上，则电流比i1：i2=1：1故c错误 d、将r1与r2并联后接于电源上，电流比i1：i2=r2：r1=3：1故d错误故选a点评：本题考查识别、理解物理图象的能力物理图象往往从数学角度，研究图象的斜率、面积、交点等意义9（4分）如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头p向左移动时，下面判断正确的是（）al1和l3变亮，l2变暗bl1变暗，l2变亮，l3亮度不变cl1中电流变化值小于l3中电流变化值dl1上电压变化值小于l2上的电压变化值考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：由图可知l3与r串联后与l2并联，再与r0、l1串联；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化，即可知l1亮度的变化；将r0、l1作为内电阻处理，由u=eir可知并联部分电压的变化，由欧姆定律可得出两灯亮度的变化；因两灯电阻均为定值，则可由欧姆定律得出电压变化值的大小关系解答：解：a、b当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故l1变亮；电路中总电流增大，故内电压及r0、l1两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故l2变暗；因l2中电流减小，干路电流增大，故流过l3的电流增大，故l3变亮；故a正确，b错误；c、因l1中电流增大，l3中电流增大，而l2中电流减小；开始时有：i1=i2+i3，故i1电流的变化值一定小于l3中电流的变化值；故c正确；d、因并联部分的电压与l1、r0及内电阻上的总电压等于电源的电动势；l2两端的电压减小，l1、r0及内阻r两端的电压增大，而电动势不变，故l1上电压变化值小于l2上的电压变化值，故d正确；故选acd点评：本题不但考查电路中各量的变化方向，还考查了各电阻中电流及电压的变化值，题目较为新颖，要求学生能灵活应用串并联电路的电流电压规律及闭合电路的欧姆定律10（4分）对于电容c=，以下说法正确的是（）a一只电容充荷量越大，电容就越大b对于固定电容器，它所充电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变c可变电容器的充电荷量跟加在两极间的电压成反比d如果一个电容器没有电压，就没有充电荷量，也就没有电容考点：电容 分析：电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量无关，由定义式c=，给定的电容器，带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变，当电容c一定时，电量与电压成正比解答：解：a、电容器带电荷量越大，板间电压越大，而电容不变故a错误b、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，对于固定电容器，电容c不变，由定义式c=可知，则带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变故b正确c、电容器的带电荷量q=cu，当电容c一定时，电量与电压成正比当电容c变化时，电量与电压不成正比故c错误d、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器的电量、电压无关故d错误故选：b点评：本题考查对电容的理解能力，抓住电容的物理意义和定义式是关键11（4分）关于电阻率的说法，正确的是（）a电阻率越大的导体，电阻可以很小b电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，由导体的长度决定，与温度无关c电阻率与导体的长度l和横截面积s有关d超导材料的电阻率一定为零考点：电阻率与温度的关系 分析：由电阻定律r=可知，导体的电阻与导体的长度l、横截面积s和电阻率三个因素有关电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，与导体的材料和温度有关，与导体的长度l、横截面积s无关超导材料的电阻率在一定温度下电阻率才等于零解答：解：a、由电阻定律r=可知，导体的电阻与导体的长度l、横截面积s和电阻率三个因素有关，则电阻率大的导体，电阻可以很小故a正确 b、c电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，与导体的材料和温度有关，与导体的长度l、横截面积s无关故bc错误 d、超导材料的电阻率在一定温度下电阻率才等于零，温度升高，其电阻率可能不再为零故d错误故选a点评：本题考查对电阻率的理解能力抓住：电阻率表征了导体材料的导电能力的强弱，与导体的材料和温度有关，与导体的长度l、横截面积s无关12（4分）如图所示，m、n为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的p点放一静止的点电荷q（负电荷），不计重力，下列说法中正确的是（）a点电荷在从p到o的过程中，加速度越来越大，速度也越来越大b点电荷在从p到o的过程中，加速度越来越小，速度越来越大c点电荷运动到o点时加速度为零，速度达最大值d点电荷越过o点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到粒子速度为零考点：电场的叠加；电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：m、n为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向op，负点电荷q从p点到o点运动的过程中，电场力方向po，速度越来越大但电场线的疏密情况不确定，电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况不确定越过o点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到o点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化情况同样不确定解答：解：a、点电荷在从p到o的过程中，所受的电场力方向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大，因为从o向上到无穷远，电场强度先增大后减小，p到o的过程中，电场强度大小变化不能确定，所以电场力无法确定，加速度不能确定故a错误，b错误c、点电荷运动到o点时，所受的电场力为零，加速度为零，然后向下做减速运动，所以o点的速度达到最大值故c正确d、越过o点后，负电荷q做减速运动，速度越来越小，同理加速度的大小无法确定故d错误故选：c点评：本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性进行分析求解，注意从o点向上或向下的过程，电场强度都是先增大后减小二、填空题（每空2分，共22分）13（4分）在空间某一区域有一匀强电场，一质量为m的液滴，带电量为+q，在此电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，则此区域的电场强度的大小为，方向竖直向上考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：由题，质量为m的液滴，带电量为+q，在电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，受到重力与电场力平衡，根据平衡条件和场强公式求解场强的大小和方向解答：解：据题，液滴在电场中恰能沿竖直方向作匀速直线运动，重力与电场力二力平衡，根据平衡条件得 mg=qe得到电场强度大小e=，电场力方向竖直向上，由于液滴带正电，则场强方向为竖直向上故答案为：，竖直向上点评：本题电场中最基本的题型：带电粒子在电场中平衡问题，关键是分析带电粒子的受力情况14（4分）在金属导体中，若10s内通过横截面的电荷量为10c，则导体中的电流为i=1a某电解槽横截面积为0.5m2，若10s内沿相反方向通过横截面的正负离子的电荷量均为10c，则电解液中的电流为i=2a考点：电流、电压概念 专题：恒定电流专题分析：已知时间和通过通过横截面的电荷量，由公式i=求电流在电解槽中，通过某一个横截面的电荷量是正负电荷电荷量绝对值的总和，由此再根据i=求电流解答：解：根据电流强度的定义式可得 i=a=1a，所以导体中的电流i为1a10s通过电解槽横截面积的电荷量绝对值之和q=10c+10c=20c，所以电解液中的电流为i=2a故答案为：1，2点评：在计算通过电解液的电流强度的大小的时候，一定要注意，电解液中既有正电荷，也有负电荷，通过截面的电荷量的大小为它们的总和，这是经常出错的地方15（2分）一段导体电阻是5，1.5分钟内所通过的电量是45c则导体两端的电压为2.5v考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：知道1.5min通过该导体的电量，根据i=求出通过的电流，又知道导体的电阻，根据欧姆定律求出导体两端的电压解答：解：通电时间：t=1.5min=1.560s=90s，通过电阻的电流：i=0.5a，根据欧姆定律可得，导体两端的电压：u=ir=0.5a5=2.5v故答案为：2.5点评：本题考查了欧姆定律和电流定义式的简单应用，是一道基础题目16（4分）两点电荷间距离为r时，相互作用力为f，当距离变为时，它们之间相互作用力为4f，为使作用力仍为f，则两点电荷的电量可同时为原来的倍考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：本题考查了应用库仑定律公式解题能力，对题目中叙述的两种状态分别依据库仑定律公式列方程，即可求解结果解答：解：变化之前根据库仑定律有：f=，变化之后有：f=解得：f=4f为使作用力仍为f，则：即两点电荷的电量可同时为原来的故答案为：4，点评：本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出，属于简单基础题目17（4分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为ig=50a，表头电阻rg=1k，若改装成量程为im=1ma的电流表，应并联的电阻阻值为52.63，若将改装后的电流表再改装成量程为um=10v的电压表，应再串联一个阻值为9950的电阻（结果保留四位有效数字）考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题；恒定电流专题分析：把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值解答：解：把电流表改装成大量程电流表，需要并联电阻阻值：r=52.63，把电流表改装成电压表，需要串联电阻的阻值：r=9950；故答案为：52.63；9950点评：本题考查了电流表与电压表的改装，知道电表的改装原理、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题18（2分）电路中的电流强度i=0.4a半分钟通过导线横截面的电子数为（电子电量为1.61019c）7.51019个考点：电流、电压概念 专题：恒定电流专题分析：已知电流的多少和通电时间，根据公式q=it求出电荷，再由q=ne求出电子数目解答：解：导体中通过的电荷量为q=it=0.430=12c通过的电子数为n=7.51019故答案为：7.51019点评：本题考查电荷量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用19（2分）如图所示，水平安放的a、b两平行板相距h，上板a带正电，现有质量m，带电量为+q的小球，在b板下方距离h处，以初速v0竖直向上从b板小孔进入板间电场，欲使小球刚好能到a板，则a、b间电势差uab=考点：电势差与电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：如图，平行板电容器上极板a带正电，下极板b带负电，电场方向向下质量为m，带电量为+q的小球从b板进入电场后受到重力和电场力，电场力方向向下，对小球做负功，小球刚好打到a板时，速度恰好为零，电场力做功为quba=quab，整个过程中重力做功为mg（h+h）根据动能定理求解电势差uab解答：解：由题，小球刚好打到a板时，速度恰好为零，根据动能定理，对整个过程进行研究得mg（h+h）quab=0m解得，uab=；故答案为：点评：本题涉及两个过程，采用全程法运用动能定理研究，比较简洁，也可以分段研究，或运用牛顿定律和运动学公式结合研究三、计算题（本题共有3题，共30分，答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案的不得分）20（10分）电动玩具汽车的直流电动机电阻一定，当加上0.3v电压时，通过的电流为0.3a，此时电动机没有转动当加上3v 电压时，电流为1a，这时候电动机正常工作求（1）电动机的电阻；（2）电动机正常工作时，产生的机械功率和发热功率考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率；电磁感应中的能量转化 专题：恒定电流专题分析：（1）当加上0.3v电压时电动机不转动，电动机电路是纯电阻电路，由欧姆定律求解电动机的电阻（2）电动机正常工作时，由p=ui求出电功率，由p热=i2r求出热功率，两者之差即为机械功率解答：解：（1）当加上0.3v电压时电动机不转动，利用欧姆定律得r=（2）当加上3v电压时，消耗的电能一部分发热，一部分转化为了机械能消耗的电功率为：p=iu=13=3w 发热功率p热=i2r=121=1w 根据能量关系，产生的机械功率为： p机=pp热=31=2w 答：（1）电动机的电阻是1；（2）电动机正常工作时，产生的机械功率是2w，发热功率是1w点评：电动机在不转动时，其电路是纯电阻电路，欧姆定律成立，而在正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立21（10分）把带电荷