吉林省长春市农安五中九年级下第一次月考化学试卷（解析版）

1、.2019-2019学年吉林省长春市农安五中九年级下第一次月考化学试卷一、选择题：每题1分、此题共15分，每题的四个备选答案中只有一个答案符合题意、请将你选出正确选项的标号填入答题卡中11分溶液一定是A单质B化合物C纯洁物D混合物21分以下生活中的现象不能说明气体溶解度随温度升高而减少的是A翻开啤酒瓶盖时有大量泡沫逸出B烧开水时，水沸腾前有气泡冒出C喝下汽水后感到有气体冲到鼻腔D夏季黄昏池塘里的鱼常浮出水面31分以下说法正确的选项是A铁燃烧生成氧化铁B合金的硬度更大，熔点更高C用青铜制作“马踏飞燕是物理变化D铁矿石炼铁得到单质铁41分以下洗涤或除污过程应用乳化原理的是A用汽油除去衣服上的油污B

2、用酒精除去衣服上的碘C用洗洁精洗去餐具上的油脂D用刷子刷除杯子上的污垢51分以下说法正确的选项是A铁在潮湿的空气中容易生锈B金属的活动性：ZnAgCuC合金属于纯洁物D铝是地壳中含量最多的元素61分向一接近饱和的KNO3溶液中，逐渐参加KNO3晶体，以下图象中符合溶液中溶质质量变化规律的是ABCD71分X、Y、Z三种金属能发生以下反响：X+H2SO4XSO4+H2；Y+ZNO32YNO32+Z；Z+XNO32ZNO32+X那么X、Y、Z三种金属与氢的活动性由强到弱的顺序为AXHYZBXHZYCZYXHDYZXH81分以下反响中不属于置换反响的是A一氧化碳和氧化铁反响得到铁B铁与稀硫酸反响得到氢

3、气C氢气与氧化铜反响得到铜和水D镁与稀盐酸反响得到氢气91分向含有AgNO3、CuNO32的混合溶液中参加一定量的铁粉，充分反响后过滤，向滤出的固体中滴加稀硫酸，有气体生成，那么滤出的固体一定为AAg、Cu两种单质的混合物BCu、Fe两种单质的混合物CAg、Fe两种单质的混合物DAg、Cu、Fe三种单质的混合物101分以下关于溶液的说法正确的选项是A同种固态溶质的饱和溶液的溶质的质量分数一定比不饱和溶液的溶质的质量分数大B在某固态物质的饱和溶液里参加其他任何物质都不能溶解C某固态物质的饱和溶液，当温度升高时，假设溶液质量不变，那么溶质的质量分数不变D温度升高，KNO3的饱和溶液就变成不饱和溶液

4、，所以溶液的溶质的质量分数也随之而减少111分以下除杂质的方法中错误的选项是选项物质少量的杂质除杂的方法A稀硫酸铜过滤B氯化钙溶液稀盐酸参加过量碳酸钙粉末、过滤C二氧化碳一氧化碳点燃D氯化亚铁溶液氯化铜参加过量铁粉、过滤AABBCCDD121分将铁片分别放入以下溶液中充分反响后，反响后溶液的质量不包括固体比反响前减轻的是ACuSO4BH2SO4CHClDZnSO4131分如下图，向试管中参加哪种物质后，气球有可能鼓起来A冰块B硝酸铵C食盐D氢氧化钠141分小龙同学在工具书中查到NaOH在水和酒精中的溶解度见右表通过分析她得出以下结论，其中不正确的选项是2040水109g129g酒精17.3g4

5、0gA温度和溶剂种类对NaOH的溶解度都有影响BNaOH易溶于水，也易溶于酒精C40，40gNaOH溶解在l00g酒精中到达饱和D将等质量40的饱和NaOH水溶液和饱和NaOH酒精溶液降温至20，析出的晶体前者比后者多151分如图是对20一定质量的甲的溶液进展恒温蒸发结晶的实验过程，以下说法正确的选项是A蒸发前原溶液是饱和溶液Bn的数值是12C甲物质在20时的溶解度是50gD甲物质的溶解度随温度的升高而增大二、我能填空：共14分163分用化学用语填空：石灰水中溶质 铁离子 碳酸钠中碳元素化合价 铁与稀盐酸恰好完全反响后溶液中溶质 177分如下图，是A、B、C三种固体物质的溶解度曲线。请根据图答

6、复以下问题：1t1时，溶解度最大的物质是 填序号；2t2时，A物质的饱和溶液的质量分数为 。3将100克50%的A物质的溶液稀释为10%，需要加水 克。4在t1时的C物质的不饱和溶液，不改变溶质质量分数，可以通过 使其转变为饱和溶液。5在A物质中含有少量的B物质，假如要对A物质进展提纯，我们可以用 方法。详细的实验步骤为：加热溶解； ； ；洗涤晾干。184分1某同学做了个如图1实验，将一个塑料小球放入盛有硫酸铜溶液的烧杯中，小球漂浮于液面，将足量的铁粉投放到烧杯中，充分反响。实验中观察到铁粉外表有 色物质析出，有关反响的化学方程式 。2小明在家做蔗糖溶于水的实验时，观察到如图2现象。溶解后，液

7、面低于原程度线的微观解释是： ；再参加足量蔗糖，充分搅拌后，发现仍有蔗糖固体留在杯底，其原因是： 三、实验与探究共14分196分以下是实验室常用的制取气体的发生装置：1写出A装置中任意一种仪器的名称 。2假设选用高锰酸钾为药品制取氧气，应选择的发生装置是 填写字母，反响的化学方程式为 。3实验室常选用锌粒与稀硫酸反响制取一定量的氢气，发生装置是 填写字母，可采用的搜集装置是 填写字母，在点燃氢气前要 。204分有位同学设计了以下实验装置及所用药品如下图，仔细观察后答复以下问题。1在给氧化铁加热时，要先通入一氧化碳气体后加热，其目的是 。2在A处看到的现象是 3B处管口的化学方程式为 。4在C处

8、反响的方程式为 214分配制溶质质量分数一定的氯化钠溶液常按以下操作顺序进展。请答复以下问题：1计算配制100g溶质质量分数为5%的氯化钠溶液所需步骤为： ，称量，溶解， 。2用托盘天平称量所需的氯化钠时，发现托盘天平的指针偏向左盘，应 。A增加适量氯化钠固体 B减少适量氯化钠固体 C调节平衡螺母3量取水时，仰视读数，结果造成最终溶液的浓度 5%大于、小于或等于。四、计算题22题2分、23题5分，共7分222分某钢铁厂用2019吨含Fe2O3 80%的赤铁矿冶炼生铁，可得到含铁98%的生铁多少吨？235分实验室用6.5g 锌可以跟100g 硫酸溶液恰好完全反响。计算：可制得氢气多少克？这种硫酸

9、溶液中溶质的质量分数是多少？2019-2019学年吉林省长春市农安五中九年级下第一次月考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题：每题1分、此题共15分，每题的四个备选答案中只有一个答案符合题意、请将你选出正确选项的标号填入答题卡中11分溶液一定是A单质B化合物C纯洁物D混合物【分析】溶液是一种或几种物质分散到另一种物质里形成的均一的、稳定的混合物【解答】解：溶液是由一种或几种物质即溶质和另一种物质即溶剂两部分组成。因此溶液一定是混合物。应选：D。【点评】熟记和理解溶液的概念、组成及其特点是解答此题的关键21分以下生活中的现象不能说明气体溶解度随温度升高而减少的是A翻开啤酒瓶盖时有大量泡沫逸出B烧

10、开水时，水沸腾前有气泡冒出C喝下汽水后感到有气体冲到鼻腔D夏季黄昏池塘里的鱼常浮出水面【分析】根据已有的知识进展分析解答，气体的溶解度随温度的升高、压强的减小而减小，据此解答【解答】解：A、翻开啤酒瓶盖，有大量的气泡冒出是因为压强变小，气体的溶解度减小；B、烧开水时，温度升高，气体在水中的溶解度减小，故沸腾前会有气泡冒出；C、喝下汽水那么汽水的温度升高，溶解在水中的二氧化碳的溶解度变小，故会感到有气体冲到鼻腔；D、夏季黄昏，温度升高，气体在水中的溶解度减小，池塘里的鱼常游出水面；应选：A。【点评】此题难度不大，主要考察气体的溶解度的影响因素，掌握气体溶解度的两个影响因素是正确解答此题的关键31

11、分以下说法正确的选项是A铁燃烧生成氧化铁B合金的硬度更大，熔点更高C用青铜制作“马踏飞燕是物理变化D铁矿石炼铁得到单质铁【分析】A、根据金属的化学性质，进展分析判断。B、根据合金的性质，进展分析判断。C、根据用青铜制作“马踏飞燕的原理，进展分析判断。D、根据铁矿石炼铁的原理，进展分析判断。【解答】解：A、铁燃烧生成四氧化三铁，应选项说法错误。B、合金的硬度更大，熔点更低，应选项说法错误。C、用青铜制作“马踏飞燕，没有新物质生成，属于物理变化，应选项说法正确。D、铁矿石炼铁得到的不是单质铁，是生铁，应选项说法错误。应选：C。【点评】此题难度不大，掌握金属的化学性质、合金的性质、铁矿石炼铁的原理等

12、是正确解答此题的关键。41分以下洗涤或除污过程应用乳化原理的是A用汽油除去衣服上的油污B用酒精除去衣服上的碘C用洗洁精洗去餐具上的油脂D用刷子刷除杯子上的污垢【分析】根据乳化作用的定义分析：洗洁精或洗衣粉等物质使植物油分散成无数细小的液滴，而不聚成大的油珠，这些细小的液滴能随着水冲走，这种现象属于乳化作用【解答】解：A、用汽油洗去油污，是利用汽油能溶解油污来到达目的，利用的是溶解原理，不是利用了乳化作用，应选项错误。B、用酒精除去衣服上的碘，是利用酒精能溶解碘污来到达目的，利用的是溶解原理，不是利用了乳化作用，应选项错误。C、洗洁精是洗涤剂，有乳化作用，能将大的油滴分散成细小的油滴随水冲走，是

13、利用乳化作用，应选项正确。D、用刷子刷除杯子上的污垢，是利用了刷子的摩擦作用，不是利用了乳化作用，应选项错误。应选：C。【点评】常见的洗涤原理有三种，一是利用乳化作用，二是利用溶解原理，三是利用物质与油污等发生化学反响，理解洗涤过程中利用的原理是解题的关键51分以下说法正确的选项是A铁在潮湿的空气中容易生锈B金属的活动性：ZnAgCuC合金属于纯洁物D铝是地壳中含量最多的元素【分析】根据金属的有关知识进展分析，铁在有水和氧气并存时易生锈，在金属活动性顺序中，锌铜银，合金是在一种金属中加热熔合其他金属或非金属而形成的混合物，地壳中含量最多的金属是铝【解答】解：A、铁在有水和氧气并存时易生锈，故A

14、正确；B、在金属活动性顺序中，锌铜银，故B错误；C、合金是在一种金属中加热熔合其他金属或非金属而形成的混合物，故C错误；D、铝是地壳中含量最多的金属，故D错误。应选：A。【点评】此题考察了金属的有关知识，完成此题，可以根据已有的金属的知识进展61分向一接近饱和的KNO3溶液中，逐渐参加KNO3晶体，以下图象中符合溶液中溶质质量变化规律的是ABCD【分析】饱和溶液指的是在一定温度下，不能继续溶解这种溶质的溶液，即溶液由不饱和到达饱和之后不会在继续溶解这种物质，在该过程中溶质的质量是逐渐的增大至不再发生变化，据此分析判断即可。【解答】解：A、不饱和KNO3溶液中含有一定量的溶质硝酸钾，所以参加硝酸

15、钾之前，不饱和的硝酸钾溶质的质量不为0，应选项错误；B、向一定量不饱和KNO3溶液中逐渐参加KNO3固体时，硝酸钾可以继续溶解，直到到达饱和状态，应选项错误；C、向一定量不饱和KNO3溶液中逐渐参加KNO3固体时，硝酸钾可以继续溶解，到达饱和状态时不再溶解，应选项正确；D、在一定温度下，在一定量的溶剂里，KNO3不能无限溶解，应选项错误。应选：C。应选：C。【点评】此题难度不大，主要考察了不饱和溶液转变为饱和溶液的过程中溶质的质量的变化，需要注意在一定温度下，在一定量的溶剂里，硝酸钾的溶解才能不是无限的。71分X、Y、Z三种金属能发生以下反响：X+H2SO4XSO4+H2；Y+ZNO32YNO

16、32+Z；Z+XNO32ZNO32+X那么X、Y、Z三种金属与氢的活动性由强到弱的顺序为AXHYZBXHZYCZYXHDYZXH【分析】在金属活动性顺序中，只有排在氢前的金属可以和酸溶液反响生成氢气；只有前面的金属可以把排在它后面的金属从盐溶液中置换出来，钾、钙、钠除外【解答】解：X+H2SO4XSO4+H2，说明X排在氢前；Y+ZNO32YNO32+Z，说明Y在Z前，即Y的活动性比Z强；Z+XNO32ZNO32+X，说明Z在X前，即Z的活动性比X强；那么三种金属与氢的活动性关系为：YZXH，应选D。【点评】此题难度不是很大，主要考察了对金属活动性顺序的理解和应用81分以下反响中不属于置换反响

17、的是A一氧化碳和氧化铁反响得到铁B铁与稀硫酸反响得到氢气C氢气与氧化铜反响得到铜和水D镁与稀盐酸反响得到氢气【分析】置换反响是指由一种单质和一种化合物反响，生成另外一种单质和一种化合物的反响置换反响的特点是反响物和生成物都是一种单质和一种化合物【解答】解：A、一氧化碳和氧化铁反响得到铁和二氧化碳的反响中，反响物是两种化合物，生成物是一种单质和一种化合物，不属于置换反响。故正确；B、铁与稀硫酸反响得到氢气和硫酸亚铁的反响中，反响物和生成物都是一种单质和一种化合物，属于置换反响。故错误；C、氢气与氧化铜反响得到铜和水的反响中，反响物和生成物都是一种单质和一种化合物，属于置换反响。故错误；D、镁与稀

18、盐酸反响得到氢气和氯化镁的反响中，反响物和生成物都是一种单质和一种化合物，属于置换反响。故错误；应选：A。【点评】解答此题要充分理解置换反响概念的含义，只有这样才能对反响类型做出正确的判断91分向含有AgNO3、CuNO32的混合溶液中参加一定量的铁粉，充分反响后过滤，向滤出的固体中滴加稀硫酸，有气体生成，那么滤出的固体一定为AAg、Cu两种单质的混合物BCu、Fe两种单质的混合物CAg、Fe两种单质的混合物DAg、Cu、Fe三种单质的混合物【分析】在金属活动性顺序中，氢前的金属能与酸反响生成氢气，位置在前的金属能将位于其后的金属从其盐溶液中置换出来，向滤出的固体中滴加稀硫酸，有气泡产生，说明

19、固体中含有铁。可根据金属活动顺序进展分析解答。【解答】解：向滤出的固体中滴加稀硫酸，有气泡产生，说明固体中含有铁，根据金属活动顺序知：FeCuAg；所以AgNO3、CuNO32全部反响生成了单质铜和银。应选：D。【点评】此题考察了金属活动性顺序的应用，完成此题，可以根据金属活动性顺序及其意义进展。101分以下关于溶液的说法正确的选项是A同种固态溶质的饱和溶液的溶质的质量分数一定比不饱和溶液的溶质的质量分数大B在某固态物质的饱和溶液里参加其他任何物质都不能溶解C某固态物质的饱和溶液，当温度升高时，假设溶液质量不变，那么溶质的质量分数不变D温度升高，KNO3的饱和溶液就变成不饱和溶液，所以溶液的溶

20、质的质量分数也随之而减少【分析】A、根据同种溶质的饱和溶液不一定比不饱和溶液的浓度大进展解答；B、根据饱和溶液的概念进展解答；C、根据某物质的饱和溶液，当升高温度时，假设溶液的质量不变，那么溶质质量和溶剂质量也不变进展解答；D、根据温度升高，硝酸钾饱和溶液变为不饱和溶液，那么溶液中溶质、溶剂质量不变，溶质质量分数也不变进展解答【解答】解：A、同种溶质的饱和溶液不一定比不饱和溶液的浓度大，例如饱和溶液升高温度后变为不饱和溶液，溶质质量分数不变，故A错误；B、在某物质的饱和溶液里参加该溶质不能再溶解，而参加其它物质有可能继续溶解，故B错误；C、某物质的饱和溶液，当升高温度时，假设溶液的质量不变，那

21、么溶质质量和溶剂质量也不变，所以溶液的浓度也不变，故C正确；D、温度升高，硝酸钾饱和溶液变为不饱和溶液，那么溶液中溶质、溶剂质量不变，溶质质量分数也不变，故D错误。应选：C。【点评】此题难度不大，充分理解溶液的概念、特征、溶质质量分数的计算方法是正确解答此类题的关键111分以下除杂质的方法中错误的选项是选项物质少量的杂质除杂的方法A稀硫酸铜过滤B氯化钙溶液稀盐酸参加过量碳酸钙粉末、过滤C二氧化碳一氧化碳点燃D氯化亚铁溶液氯化铜参加过量铁粉、过滤AABBCCDD【分析】根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和别离方法，所谓除杂提纯，是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变除杂质题至少要满足两个条件：

22、参加的试剂只能与杂质反响，不能与原物质反响；反响后不能引入新的杂质【解答】解：A、Cu不与稀硫酸反响，可用过滤的方法进展别离，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原那么，应选项所采取的方法正确。B、HCl能与过量的碳酸钙反响生成氯化钙、水和二氧化碳，再过滤除去过量的碳酸钙，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原那么，应选项所采取的方法正确。C、除去二氧化碳中的一氧化碳不可以点燃，这是因为会引入新的气体杂质，且当二氧化碳不能燃烧、不能支持燃烧大量存在时，少量的一氧化碳是不会燃烧的；应选项所采取的方法错误。D、氯化铜溶液能与过量铁粉反响生成氯化亚铁溶液和铜，再过滤，能除去杂质且没有引入新的杂质

23、，符合除杂原那么，应选项所采取的方法正确。应选：C。【点评】物质的别离与除杂是中考的重点，也是难点，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件参加的试剂只与杂质反响，反响后不能引入新的杂质是正确解题的关键121分将铁片分别放入以下溶液中充分反响后，反响后溶液的质量不包括固体比反响前减轻的是ACuSO4BH2SO4CHClDZnSO4【分析】首先分析，把铁参加以下溶液，是否反响。假如不反响，那么溶液的质量保持不变；假如反响，再看反响后，生成的溶质的质量是否增大或减小，从而判断出溶液的质量的变化。【解答】解：A、铁与CuSO4反响后，生成FeSO4溶液和铜，且每反响一个铁原子那么置换出1个铜原子，也就是

24、质量56份的铁原子会置换出64份质量的铜原子，故溶液质量减少。故A正确；B、铁与H2SO4反响后，生成FeSO4溶液，且每反响一个铁原子那么置换出一个氢分子，也就是质量56份的铁原子会置换出2份质量的氢分子，故溶液质量增加。故B错误；C、铁与HCl反响后，生成FeCl2溶液，且每反响一个铁原子那么置换出一个氢分子，也就是质量56份的铁原子会置换出2份质量的氢分子，故溶液质量增加。故C错误；D、铁与ZnSO4溶液不反响，溶液质量不变。故D错误；应选：A。【点评】此题考察了金属活动性顺序的应用，完成此题，可以根据金属活动性顺序及其意义并结合反响前后物质的质量关系进展分析解决即可。131分如下图，向

25、试管中参加哪种物质后，气球有可能鼓起来A冰块B硝酸铵C食盐D氢氧化钠【分析】根据气球能鼓起来的原因考虑此题，瓶内气压增大才能使气球鼓起来，再根据如何能使瓶内气压增大解答此题。【解答】解：由于试管与瓶子里面是不相通的，所以使气球鼓起来的原因只能是使瓶内气压增大，而使瓶内气压增大只能考虑热胀冷缩造成该现象，冰块溶于水使试管温度降低，硝酸铵溶于水会吸热使试管温度降低，这两种情况导致气球变瘪，食盐溶于水温度变化不明显，所以气球不变，氢氧化钠溶于水放热，会使试管内温度升高，瓶内压强增大，故气球鼓起来。应选：D。【点评】此题主要考察物质溶于水热量变化引起的压强变化，从而使气球鼓起来，还是缩进去，要熟记常见

26、物质溶于水吸热还是放热情况：常见的溶于水放热的有：浓硫酸、生石灰、氢氧化钠固体。常见吸热的有：硝酸铵。141分小龙同学在工具书中查到NaOH在水和酒精中的溶解度见右表通过分析她得出以下结论，其中不正确的选项是2040水109g129g酒精17.3g40gA温度和溶剂种类对NaOH的溶解度都有影响BNaOH易溶于水，也易溶于酒精C40，40gNaOH溶解在l00g酒精中到达饱和D将等质量40的饱和NaOH水溶液和饱和NaOH酒精溶液降温至20，析出的晶体前者比后者多【分析】A、根据溶剂不同氢氧化钠的溶解度不同，温度不同，氢氧化钠的溶解度不同，分析此题；B、根据易溶的条件考虑，在室温下溶解度大于1

27、0g；C、根据在40，NaOH在酒精中的溶解度考虑；D、根据40NaOH在水溶液中的溶解度和NaOH在酒精中的溶解度，与20NaOH在水溶液中的溶解度和NaOH在酒精中的溶解度差值比较即可【解答】解：A、溶剂不同氢氧化钠的溶解度不同，温度不同，氢氧化钠的溶解度不同，所以温度和溶剂种类对NaOH的溶解度都有影响，故A说法正确；B、在室温下溶解度大于10g为易溶物质，由表中数值可知NaOH易溶于水，也易溶于酒精，故B说法正确；C、40，NaOH在酒精中的溶解度是40g，所以40，40gNaOH溶解在l00g酒精中刚好到达饱和，故C说法正确；D、40NaOH在水溶液中的溶解度是129g，20NaOH

28、在水溶液中的溶解度是109g，所以差值是20g；40NaOH在酒精中的溶解度是40g，20NaOH在酒精中的溶解度是17.3g，差值是22.7g，所以将等质量40的饱和NaOH水溶液和饱和NaOH酒精溶液降温至20，析出的晶体前者比后者少。故D说法错误。应选：D。【点评】解答此题关键是熟悉溶解度曲线的作用，知道溶解度的四要素151分如图是对20一定质量的甲的溶液进展恒温蒸发结晶的实验过程，以下说法正确的选项是A蒸发前原溶液是饱和溶液Bn的数值是12C甲物质在20时的溶解度是50gD甲物质的溶解度随温度的升高而增大【分析】根据饱和溶液的定义和判断方法进展分析；根据题中的数据进展分析；根据题中析出

29、晶体是通过蒸发溶剂得到的进展分析。【解答】解：A、蒸发前的烧杯底部没有固体，第一次蒸发10g水，析出1g晶体，第二次蒸发10g水析出5g晶体，所以蒸发前原溶液是不饱和溶液，错误；B、蒸发前的烧杯底部没有固体，第一次蒸发10g水，析出1g晶体，第二次蒸发10g水析出5g晶体，所以蒸发前原溶液是不饱和溶液，第三次蒸发10g水析5g晶体，所以共析出11g，错误；C、蒸发10g水析出5g晶体，故甲物质在20时的溶解度是50g，正确；D、题中析出晶体是通过蒸发溶剂得到的，不能判断出温度对溶解度的影响，错误；应选：C。【点评】此题是对物质溶解度、溶液的配制、溶质的质量分数等知识的考察，解决的重点是能理解溶

30、解度、溶质质量分数的概念以及物质溶解度随温度的变化，并能利用相关知识分析并解决问题。二、我能填空：共14分163分用化学用语填空：石灰水中溶质CaOH2铁离子Fe3+碳酸钠中碳元素化合价Na2O3铁与稀盐酸恰好完全反响后溶液中溶质FeCl2【分析】石灰水中溶质是氢氧化钙，写出其化学式即可。离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略。化合价的表示方法，在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示，正负号在前，数字在后。铁与稀盐酸恰好完全反响后溶液中溶质是氯化亚铁，进展分析解答。【解答】解：石灰水中溶质是氢氧化钙，其化学式为

31、：CaOH2。由离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略。亚铁离子可表示为：Fe3+。碳酸钠中钠元素显+1价，氧元素显2价，碳元素的化合价为+4价；由化合价的表示方法，在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示，正负号在前，数字在后，故碳酸钠中碳元素化合价为+4可表示为：Na2O3。铁与稀盐酸恰好完全反响后溶液中溶质是氯化亚铁，其化学式为：FeCl2。故答案为：CaOH2；Fe3+；Na2O3；FeCl2。【点评】此题难度不大，掌握常见化学用语化学式、化合价、离子符号等的书写方法、离子符号与化合价表示方法的区别等是正

32、确解答此类题的关键。177分如下图，是A、B、C三种固体物质的溶解度曲线。请根据图答复以下问题：1t1时，溶解度最大的物质是A 填序号；2t2时，A物质的饱和溶液的质量分数为20%。3将100克50%的A物质的溶液稀释为10%，需要加水400克。4在t1时的C物质的不饱和溶液，不改变溶质质量分数，可以通过升高温度使其转变为饱和溶液。5在A物质中含有少量的B物质，假如要对A物质进展提纯，我们可以用降温结晶方法。详细的实验步骤为：加热溶解；降温结晶；过滤；洗涤晾干。【分析】根据固体的溶解度曲线可以：查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断

33、饱和溶液中溶质的质量分数的大小，判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法到达提纯物质的目的。【解答】解：1t1时，溶解度最大的物质是A，故填：A；2t2时，A的溶解度为25g，故A物质的饱和溶液的质量分数为=20%，故填：20%。3将100克50%的A物质的溶液稀释为10%，需要加水的质量为x，那么有：100g×50%=100g+x×10%，x=400克，故填：400。4C的溶解度随温度的升高而减小，故在t1时的C物质的不饱和溶液，不改变溶质质量分数，可以通过升高温度使其转变为饱和溶液，故填：升高温度。5A的溶解度随温度升高增大明显，故在

34、A物质中含有少量的B物质，假如要对A物质进展提纯，我们可以用降温结晶方法。其步骤为加热溶解、降温结晶过滤、洗涤晾干，故填：降温结晶；降温结晶；过滤。【点评】此题难度不是很大，主要考察了固体的溶解度曲线所表示的意义，及根据固体的溶解度曲线来解决相关的问题，从而培养分析问题、解决问题的才能。184分1某同学做了个如图1实验，将一个塑料小球放入盛有硫酸铜溶液的烧杯中，小球漂浮于液面，将足量的铁粉投放到烧杯中，充分反响。实验中观察到铁粉外表有红色物质析出，有关反响的化学方程式Fe+CuSO4Cu+FeSO4。2小明在家做蔗糖溶于水的实验时，观察到如图2现象。溶解后，液面低于原程度线的微观解释是：分子间

35、有间隔，蔗糖分子进入水分子之间的间隔，使总体积减少。；再参加足量蔗糖，充分搅拌后，发现仍有蔗糖固体留在杯底，其原因是：该溶液已达饱和状态【分析】1分析所发生的反响，答复反响中所出现的现象并写出反响的化学方程式；2微观粒子之间有一定的间隔；在一定温度下，不能再继续溶解某种溶质的溶液属于该溶质的饱和溶液。【解答】解：1由于金属铁可以从硫酸铜溶液中置换出单质铜而最终变成硫酸亚铁溶液，所以会在铁粉外表观察到有红色物质出现；故答案为：红，Fe+CuSO4Cu+FeSO4；2溶解后，液面低于原程度线的原因是：分子间有间隔，蔗糖分子进入水分子之间的间隔，使总体积减少。再参加足量蔗糖，充分搅拌后，发现仍有蔗糖

36、固体留在杯底，其原因是：该溶液已达饱和状态。故填：分子间有间隔，蔗糖分子进入水分子之间的间隔，使总体积减少；该溶液已达饱和状态。【点评】此题主要考察溶液的特征，解答时要从物质的性质方面进展分析，假如物质是均一、稳定的混合物就属于溶液，反之那么不属于溶液。三、实验与探究共14分196分以下是实验室常用的制取气体的发生装置：1写出A装置中任意一种仪器的名称酒精灯。2假设选用高锰酸钾为药品制取氧气，应选择的发生装置是A填写字母，反响的化学方程式为2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2。3实验室常选用锌粒与稀硫酸反响制取一定量的氢气，发生装置是B填写字母，可采用的搜集装置是C或E填写字母，在点燃氢气

37、前要验纯。【分析】1熟记仪器的名称；2根据反响物的状态与反响条件来确定制取装置；根据反响的原理来书写化学方程式；3根据反响物的状态与反响条件来确定制取装置；根据氢气的性质来确定搜集方法，根据氢气具有可燃性来分析。【解答】解：1装置A中的仪器有酒精灯、铁架台和试管；故填：酒精灯答案合理即可；2实验室用高锰酸钾制取氧气，属于加热固体制取气体，可选用的发生装置是A；高锰酸钾在加热的条件下分解为锰酸钾、二氧化锰和氧气；故填：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2；3实验室是用锌粒和稀硫酸在常温下反响制氢气的，氢气难溶于水，密度比空气的密度小，因此可以用排水法和向下排空气法搜集；氢气具有可燃性，为了防

38、止氢气不纯点燃时发生爆炸，所以点燃氢气前一定检验氢气的纯度；故填：B；C或E；验纯。【点评】本考点主要考察了气体的制取装置和搜集装置的选择，同时也考察了化学方程式的书写等，综合性比较强。气体的制取装置的选择与反响物的状态和反响的条件有关；气体的搜集装置的选择与气体的密度和溶解性有关。本考点是中考的重要考点之一，主要出如今实验题中。204分有位同学设计了以下实验装置及所用药品如下图，仔细观察后答复以下问题。1在给氧化铁加热时，要先通入一氧化碳气体后加热，其目的是排尽玻璃管中的空气，防止发生爆炸。2在A处看到的现象是红棕色粉末逐渐变黑3B处管口的化学方程式为2CO+O22CO2。4在C处反响的方程

39、式为CO2+CaOH2CaCO3+H2O【分析】1根据可燃性气体与空气混合加热时可能会发生爆炸，进展分析解答。2根据一氧化碳具有复原性，能与氧化铁反响生成铁和二氧化碳，进展分析解答。3B处管口一氧化碳燃烧生成二氧化碳，进展分析解答。4C处二氧化碳与氢氧化钙反响生成碳酸钙沉淀和水，进展分析解答。【解答】解：1实验开场先通入一氧化碳，排出装置内的空气后，再点燃酒精喷灯加热玻璃管中的氧化铁，先通入一氧化碳后加热的原因是排尽玻璃管中的空气，防止发生爆炸。2一氧化碳具有复原性，能与氧化铁反响生成铁和二氧化碳，实验进展一段时间后，玻璃管A中出现的现象是红棕色粉末逐渐变黑。3B处管口一氧化碳燃烧生成二氧化碳，反响的化学方程式为：2CO+O22CO2。4C处二氧化碳与氢氧化钙反响生成碳酸钙沉淀和水，C处反响的方程式为CO