江苏省前黄高级中学、溧阳中学2023学年高二物理第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一木块从固定的粗糙斜面顶端沿斜面匀速下滑，在下滑过程中，下列说法正确的有（）A支持力对木块做正功B重力对木块做负功C合力做功为零D摩擦力对木块做正功2、如图所

2、示,带电粒子仅在电场力作用下,从电场中a点以初速度 进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点,实线是电场线,下列说法正确的是( )A无论粒子带何种电,经b点时的速度总比经a点时的速度大B粒子在a点的加速度比在b点的加速度大C从a到b过程中,粒子的电势能不断减小D电场中a点的电势一定比b点的电势高3、1932年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A离子从磁场中获得能量B电场的周期随粒子速度增大而增大C离子由加速器的中心附近进入加速器D当磁场和电场确定时，这台加速器仅能加速电量相同的离子4、在真空中，有两个相距为r

3、的等量同种点电荷，电量都是Q，则在它们连线中点处电场强度的大小为（）A0 Bk2Qr2 Ck4Qr2 Dk8Qr25、将粗细均匀、长为L、电阻为R的金属导线截去，再均匀拉长至L，导线电阻变为( )A B C D3R6、下列关于动量的说话中，正确的是（）A物体的动量越大，其速度一定越大B物体的速度变化了，其动量一定发生变化C动量大的物体的惯性也大D动量大的物体速度比动量小的物体的速度大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力

4、作用的带正电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）AM点的电势高于N点的电势BM点的动能大于N点的动能C粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D粒子在M点的电势能大于在N点的电势能8、如图所示， d处固定有负点电荷 Q，一个点电荷只在电场力作用下，沿图中曲线 abc 的运动a、b 、c 、d 恰好是一正方形的四个顶点，则有（ ）Aa 、b 、c三点处电势高低关系是a c bB质点由 a 到 c，电势能先增加后减小，在 b 点动能最小C质点在 a 、b 、c 三点处的加速度大小之比为 2:1:2D若将 d 处的点电荷改为 Q ，该点电荷的轨迹可能仍为曲线 abc9、如图甲

5、是观察电容器放电的电路，现将开关S与1端相连，电源（电动势为3v，内阻不计）。向电容器充电，然后把开关S滞向2端，电容器通过电阻R放电，电流传感器将测得的电流信息传人计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的I-t 曲线如图2所示则下列说法正确的是（）A电容器充电过程为电能向化学能转化的过程B可估算出该电容器的电容大小约为0.9mFC电容器充电过程的I-t曲线电流应该随时间的增加而增大D根据曲线可估算出电容器整个放电过程中释放的电量约为2.72c10、如图所示，ABCD是磁感应强度为B的匀强磁场的边界AB=2a、BC=a，磁场方向垂直纸面向里。一细束质量为m、电荷量为+q的粒子以大小不同的速度在纸面

6、内从E点垂直AB边界射入磁场，BE=a/2，不计粒子的重力和粒子之间的相互作用，关于粒子在磁场中运动的情况，下列说法中正确的是（）A在磁场中的运动时间相同的粒子入射速度相同B到达D点的粒子入射速度大小v=C落在AD边的粒子在磁场中运动的最短时间为D粒子在磁场中运动的最长时间为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在如图所示的光滑水平面上，小明站在静止的小车上用力向右推静止的木箱，木箱离开手以5m/s的速度向右匀速运动，运动一段时间后与竖直墙壁发生弹性碰撞，反弹回来后被小明接住已知木箱的质量为30kg，人与车的质量为50kg求：推出木

7、箱后小明和小车一起运动的速度大小；小明接住木箱后三者一起运动，在接木箱过程中系统损失的能量12（12分）待测电阻Rx的阻值为20，现要测量其阻值，实验室提供器材如下：A，电流表A1（量程150mA，内约为10）B电流表A2（量程20mA，内阻r2=30）C电压表V（量程15V，内阻3k）D定值电阻R0=l00E滑动变阻器R1，最大阻值约为5，额定电流为2.0AF滑动变阻器R2，最大阻值约为5，额定电流为0.5AG电源E，电动势E=4V（内阻不计）H电键S及导线若干为了使电流表调节范围较大，测量准确，测量时电表读数不得小于其量程的1/3.（1）滑动变阻器应选_（选填“R1”或“R2”）；（2）请

8、你在虚线框内画出测量Rx的最佳实验电路图并标明元件符号；_（3）待测电阻的表达式为Rx=_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在如图甲所示的平面坐标系内，有三个不同的静电场：第一象限内有固定在O点处的点电荷产生的电场E1（未知），该点电荷的电荷量为，且只考虑该点电荷在第一象限内产生电场；第二象限内有水平向右的匀强电场E2（未知）；第四象限内有大小为，方向按图乙周期性变化的电场E3，以水平向右为正方向，变化周期。一质量为m，电荷量为+q的离子从（-x0，x0）点由静止释放，进入第一象限后恰能绕O点做匀速圆周运

9、动。以离子到达x轴时为计时起点，已知静电力常量为k，不计离子重力。求：(1)离子在第一象限运动时的速度大小；(2)第二象限电场强度E2的大小；(3)当时，离子的坐标。（）14（16分）一匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面，在xOy平面内，磁场分布在以O为中心的一个圆形区域内.一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，由原点O开始运动，初速度为v，方向沿x轴正方向.后来，粒子在P点第一次经过y轴，此时速度方向与y轴正方向的夹角为30，P到O的距离为L，如图所示.不计重力的影响.求磁场的磁感应强度B的大小和xOy平面内磁场区域的半径R.15（12分）如图所示，电源的电动势E110V，电阻，电动机绕线的电

10、阻，开关始终闭合当开关断开时，电阻的电功率是525W；当开关闭合时，电阻的电功率是336W求：（1）电源的内电阻；（2）当开关闭合时流过电源的电流和电动机输出的功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A因为支持力的方向和物体的运动方向相垂直，支持力对木块不做功，A错误；B因为重力的方向和物体的运动方向夹角为锐角，重力对木块做正功，B错误；C根据匀速运动，动能不变，由动能定理C正确； D物体所受摩擦力的方向沿斜面向上，物体的速度方向沿斜面向下，所以摩擦力对木块做负功，D错误。故选C。2、A【解析】A、整个过

11、程电场力做正功，根据动能定理得经b点时的动能大于经a点时的动能，所以无论粒子带何种电，经b点时的速度总比经a点时的速度大，故A正确；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知EAEB，所以a、b两点比较，粒子的加速度在b点时较大，故B错误；C、由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受电场力的方向应该指向轨迹的内侧，根据电场力方向与速度方向的夹角得电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，故C错误；D、由于不知道粒子的电性，也不能确定电场线的方向，所以无法确定a点的电势和b点的电势大小关系，故D错误；故选A【点睛】解决本题的关键通过轨迹的弯曲方向判断出电场力的方向，根据电场力做

12、功判断出动能的变化和电势能的变化3、C【解析】A.由于洛伦兹力并不做功，而离子通过电场时有，故离子是从电场中获得能量。故A错误；B.据回旋加速器的工作原理知，电场的周期等于粒子在磁场运动的周期。所以，与离子的速度大小无关。故B错误；C.要加速次数最多最终能量最大，则被加速离子只能由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器，故C正确；D. 当磁场和电场确定时，由于周期确定了，所以加速时粒子的比荷确定，所以D错误；4、A【解析】根据E=kQr2可知，两个等量同种点电荷在中点产生的电场强度大小相等，方向相反，则合场强E=0，故A正确，BCD错误。5、B【解析】根据电阻定律可知开始时的阻值为：

13、；当把金属导线截去，再均匀拉长至L，根据体积关系可知横截面积变为，此时的阻值为： ，故B正确，ACD错误。6、B【解析】动量等于物体的质量与物体速度的乘积，即P=mv，动量大只能说明质量与速度的乘积大，但速度不一定大，故A错误；根据动量表达式P=mv可知，如果物体的速度变化，则动量一定发生变化；故B正确；惯性大小的唯一量度是物体的质量，如果物体的动量大，但也有可能物体的质量很小，所以不能说物体的动量大其惯性就大故C错误，动量大的物体说明mv大，但速度不一定大，故动量大的物体速度不一定比动量小的物体速度大，故D错误故选B【点睛】动量等于物体的质量与速度的乘积，速度是矢量，故动量也是矢量动量由质量

14、和速度共同决定惯性大小的唯一量度是质量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，故A正确；BD由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向沿电场线斜向左下方，电场力对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，粒子在M点的动能小于在N点的动能，故B错误，D正确；CM点处的电场线较疏，而N点处电场线较密，则M点处的电场强度较小，粒子所受的电场力也较小，故C错误。故

15、选AD。8、BC【解析】试题分析：根据负点电荷电场线分布可知，a、b、c三点处电势高低关系是acb，选项A错误；质点由a到b，电场力做负功，电势能增大，从b到 c，电场力做正功，电势能减小，故质点由a到c电势能先增加后减小，在b点动能最小，选项B 正确；设正方形的边长为L，则对角线db长为，则,，所以电荷在abc三点受电场力关系为2:1:2，所以加速度大小之比为212，选项C 正确；若将d处的点电荷改为Q，该带正电的质点将受到斥力作用，所以运动的轨迹就不可能为曲线abc，选项D 错误考点：带电粒子在电场中的运动9、BD【解析】电容器充电过程为电能向电场能转化的过程，故A错误；因Q=It，所以根

16、据I-t图线所围成的面积表示电量，根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子的电量为0.0810-3C，由大于半格算一个，小于半格舍去，因此图象所包含的格子个数为34，所以释放的电荷量是：q=0.0810-3C34=2.7210-3C；可估算出该电容器的电容大小约为：C=QU=2.7210-33mF0.9mF，故BD正确；由图可知电容器充电过程是电流随时间的增加而减小，故C错误。所以BD正确，AC错误。10、CD【解析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，分析清楚粒子运动过程，根据粒子做圆周运动的周期公式与粒子转过圆心角、应用牛顿第二定律分析答题。【详解】粒子在磁场中做圆周运动的周期：与粒

17、子的速度无关，从AB边离开磁场的粒子在磁场中的运动时间：t=T都相等，从AB边的不同位置离开磁场的粒子运动轨迹不同，粒子轨道半径r不同，粒子速度不同，故A错误；当粒子速度较小时，粒子从AB边离开磁场，粒子运动轨迹与CD相切时从AD边的最高点离开磁场，粒子速度再增大，粒子将从CD边离开磁场，粒子不可能从D点离开磁场，故B错误；粒子运动轨迹与CD相切时粒子从AD边离开，此时粒子的运动时间是从AD边离开磁场的粒子中运动时间最短的，粒子运动轨迹如图所示：由几何知识得，粒子运动轨迹：r=a，粒子在磁场中转过的圆心角：=180=120，粒子在磁场中的运动时间：，故C正确；粒子从AB边离开磁场时在磁场中的运

18、动时间最长，为：，故D正确。所以CD正确，AB错误。【点睛】本题考查了带电粒子在匀强磁场中的运动，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，分析清楚粒子运动过程是解题的前提与关键，根据粒子运动过程与周期公式、应用几何知识即可解题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）3m/s （2）37.5J【解析】试题分析：人在推木箱的过程，由动量守恒定律可得：解得：人车一起向左运动的速度小明在接木箱的过程，由动量守恒定律可得：解得：三者的共同速度损失的能量：考点：动量守恒定律，能量守恒定律12、R1； Rx 【解析】（1）待测电阻Rx的阻值约为20 ，大于滑动变阻器阻值，故滑动变阻器采用分压式，电路的电流为，所以滑动变阻器要选R1；（2）电动势E4