2023学年深圳市高级中学物理高二上期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，平行于纸面水平向右的匀强磁场，磁感应强度B1=1T；位于纸面内的细直导线，长L=1m，通有I=1A的恒定电流、导线与B1夹角为=60；若使其受到的安培力为零，则该区域同时存在的另一个匀强磁场的磁感应强度B2的不可能值为AT

2、2B3T2C1TD3T2、如图在水平力F的作用下,重为G的物体沿竖直墙壁匀速下滑,物体与墙之间的动摩擦因数为,物体所受摩擦力大小为( )AFB(F+G)C(FG)DG3、下列情况中，可将研究对象看作质点的是（）A研究地球自转时，地球可以看作质点B研究汽车车轮的转动情况时，车轮可以看作质点C研究百米赛跑运动员的起跑动作时，运动员可以看作质点D研究从北京开往上海的火车的运动时间时，火车可以看作质点4、如图所示，真空中有一四面体ABCD，MN分别是AB和CD的中点，现在A、B两点分别都固定电荷量为+Q的点电荷，下列说法正确的是AC、D两点的电场强度相同B仅受电场力的负点电荷，可以在该电场中作匀速圆周

3、运动CN点的电场强度方向平行AB且跟CD垂直D将试探电荷+q从C点移到D点，电场力做正功，试探电荷+q的电势能降低5、AB分别是地球上的两个物体，A在北纬某城市，B在赤道上某地，如图所示当它们随地球自转时，它们的角速度分别是、，它们的线速度大小分别是、下列说法正确的是( )A=，C，6、家用台式计算机上的硬磁盘的磁道如图所示，O点为磁道的圆心，同一半径上的A、B两点位于不同的磁道上，硬盘绕O点匀速转动时，A、B两点:A角速度大小始终不相等B周期大小始终不相等C线速度大小始终相等，方向始终相同D线速度大小始终不相等，方向始终相同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四

4、个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源的内电阻，以下说法中错误的是（）A当R2=R1+r时R2上获得最大功率B当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C当R2=0时，R1上获得功率一定晕大D当R2=0时，电源的输出功率一定最大8、如图甲、乙两图是电子技术中的常用电路,a、b是各部分电路的输入端,其中输入的交流高频成分用“”表示,交流低频成分用“”表示,直流成分用“”表示关于两图中负载电阻R上得到的电流特征是()A图甲中R得到的是交流成分B图甲中R得到的是直流成分C图乙中R得

5、到的是低频成分D图乙中R得到的是高频成分9、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能E随位移x变化的关系如图所示，其中0 x2段是对称的曲线，x2x3段是直线，则下列说法正确的是（）Ax1处电场强度为零Bx1、x2、x3处电势1、2、3的关系为123C粒子在0 x2段做匀变速运动，x2x3段做匀速直线运动Dx2x3段是匀强电场10、如图所示，A、B、C三个物体放在旋转圆台上，动摩擦因数均为，A的质量是2m，B和C的质量均为m，A、B离轴为R，C离轴为2R.当圆台旋转时，则 ( )A若A、B、C均未滑动，则C的向心加速度最大B若A、B、C均未滑动，则B的摩擦力最小C当圆台转速增大时

6、，B比A先滑动D圆台转速增大时，C比B先滑动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关。他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示。实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大。实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的_而增大，随其所带电荷量的_而增大（填“增大

7、”或“减小”）。此同学在探究中应用的科学方法是_。12（12分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：A电压表V1（05V，内阻约10k）B电压表V2（010V，内阻约20k）C电流表A1（00.3A，内阻约1）D电流表A2（00.6A，内阻约0.4）E滑动变阻器R1（010，2A） F滑动变阻器R2（0100，0.2A）G学生电源（直流6V）、开关及导线（1）为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表_，电流表_，滑动变阻器_（填器材的前方选项符号，如A，B）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在上面

8、的方框中画出实验电路图_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一平行板电容器板长L=4cm，板间距离为d=3cm，倾斜放置，使板面与水平方向夹角=37，若两板间所加电压U=100V，一带电荷量q=31010 C的负电荷以v0=0.5m/s的速度自A板左边缘水平进入电场，在电场中沿水平方向运动，并恰好从B板右边缘水平飞出，（g取10m/s2 ，sin37=0.6，cos37=0.8）则（1）带电粒子的质量为多少？（2）带电粒子从电场中飞出时的速度为多少？14（16分）如图所示，电源电动势E=10V，内

9、阻r=0.5，标有“8V 24W”的灯泡L恰好能正常发光，电动机M线圈的电阻R0=2，求：（1）灯泡L中的电流I1；（2）电动机M中的电流I2；（3）电动机工作2min产生的热量。15（12分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm。电源电动势E=24V，内电阻r=1，电阻R=15。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4 m/s竖直向上射入板间。若小球带电荷量为q=110-2C，质量为m=210-2kg，不计空气阻力(取g=10m/s2)，求：(1)滑动变阻器两端电压为多大时，小球恰能到达A板？(2)此时电源的输出功率是多大？参考答

10、案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】通电导线受到的安培力为零，说明合磁感应强度方向与电流方向平行，根据三角形定则可知，当B2的方向与电流方向即合磁场方向垂直时，最小有：B2min=B1sin60=32T，所以B232T，BCD错误A正确2、D【解析】物体向下滑动，故物体受到向下的滑动摩擦力为F；因物体匀速下滑，则物体受力平衡，竖直方向受重力与摩擦力，二力大小相等，故摩擦力也等于G故D正确，ABC错误3、D【解析】A研究地球自转时地球的形状和大小不能忽略，故不能看成质点，否则就没有自转了，A错误；B研究汽车后轮上

11、一点运动情况的车轮时，需要用到形状和大小，不能看成质点，B错误；C体育教练员研究百米赛跑运动员的起跑动作时，要看动作，不能看成质点，C错误；D火车的长度相对于北京到上海的距离来说是很小的可以忽略，此时的火车可以看成质点。D正确。故选D。4、B【解析】A.CD在AB的中垂面上，C、D到AB连线的距离相等，根据等量同种电荷在空间的电场线分布特点，知道C、D 两点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误；B.仅受电场力的负点电荷，如果在AB的中垂面内，两个等量正电荷对它的作用总指向A、B连线的中点，就可以提供大小恒定的向心力，可以做匀速圆周运动，故B正确；C.根据电场叠加原理知道N点的电场强度方向与

12、AB垂直，故C错误；D.CD在AB的中垂面上，C、D到AB连线的距离相等，C、D两点电势相等，试探电荷+q从C点移到D点，电场力不做功，其电势能不变，故D错误。5、A【解析】A与B均绕地轴做匀速圆周运动，在相同的时间转过的角度相等，由角速度的定义式，甲、乙角速度相等，由角速度与线速度关系公式，B的转动半径较大，故B的线速度较大，故选项A正确【点睛】A与B均绕地轴做匀速圆周运动，周期均为一天，B的转动半径较大，可根据角速度定义式和线速度与角速度关系公式判断6、D【解析】A、B两点是同轴转动，角速度相同，周期相同，则选项AB错误；根据v=r知A点线速度小于B点线速度，方向都是垂直于半径方向，选项C

13、错误，D正确.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A将视为电源内阻，则当R2=R1+r时R2上获得最大功率，故A正确；BC由于为定值电阻，故当电流越大，其功率越大，因此当时，其功率最大故B错误，C正确；D由于、r的大小关系未知，当时，当时，电源输出功率最大，当时，当时，电源的输出功率最大，故D错误；故选BD。8、AC【解析】当交变电流加在电容器上时，有“通交流、隔直流，通高频、阻低频”的特性，甲图中电容器隔直流，R得到的是交流成分，A正确，B错误；乙图中电

14、容器能通过交流高频成分，阻碍交流低频成分，R得到的是低频成分，C正确，D错误9、ABD【解析】根据电势能与电势的关系：Ep=q，场强与电势的关系：E=，得：，由数学知识可知Ep-x图象切线的斜率等于Eq，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A正确；根据电势能与电势的关系：Ep=q，粒子带负电，q0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：121故B正确；由图看出在0 x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动x1x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动x2x1段斜率不变，场强不变，即电场强

15、度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故C错误，D正确；故选ABD.【点睛】解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律进行分析电荷的运动情况.10、ABD【解析】试题分析：A、三个物体都做匀速圆周运动，合力指向圆心，对任意一个受力分析，如图支持力与重力平衡，F合=f=F向；由于a、b、c三个物体共轴转动，角速度相等，根据题意，rc=2ra=2rb=r由向心力公式F向=m2r，得三物体的向心力分别为：Fa=2m2r；Fb=m2r=m2r；Fc=m2（2r）=2m2r故AB正确；对任意一物体，由于摩擦力提供向心力

16、，有mg=m2r；当变大时，所需要的向心力也变大，当达到最大静摩擦力时，物体开始滑动，当转速增加时，A、B所需向心力也都增加，且保持2：1关系，但因A、B最大静摩擦力也满足2：1关系，因此A、B会同时滑动，故C错误当转速增加时，C需要的向心力大于B，而B、C的最大静摩擦力相同，C比B先滑动故D正确；故选ABD考点：向心力【名师点睛】本题可从三个物体中选择任意一个物体，建立物理模型后分析比较，而不需要对三个物体分别分析！明确向心力的来源是解题的关键三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、减小 增大 控制变量法 【解析】123对小球B进行受力分

17、析，可以得到小球受到的电场力即B球悬线的偏角越大，电场力也越大；所以使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大；两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其所带电荷量的增大而增大。先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近。这是只改变它们之间的距离；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量。这是只改变电量所以采用的方法是控制变量法。12、 A， D， E， 【解析】(1) 因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，

18、量程太大则示数不准确；故只能选用A电压表；由P=UI得，灯泡的额定电流为： ，故电流表应选择00.6A的量程，故选D；由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，应选小阻值的E；(2) 电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法，由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，如图：点晴：本题考查实验中的仪表的接法，应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）带电粒子质量为8108kg；（2）粒子飞出时的速度为1m/s【解析】试题分析：（1）负电荷在电场中受到重力和电场力，而做直线运动，电场力与重力的合力必定沿此直线方向，否则就做曲线运动根据力的合成，由重力与电场力的关系求解质量；（2）电荷运动过程中，重力不做功，只有电场力做功，根据动能定理求解微粒飞出时的速度解：（1）根据题意画出带电液滴的受力图如图所示，由图可得：qEcos=mg，E=解得：m=kg=8108kg（2）对液滴由动能定理得：，代入数据解得v=1m/s答：（1）带电粒子质量为8108kg；（2）粒子飞出时的速度为1m/s【点评】本题是带电粒子在电场中运动的问题，关键是分析受力情况，