2023学年呼和浩特市重点中学高二物理第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、关于下列电阻和电阻率的说法正确的是（ ）A把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻、电阻率均变为原来的一半B由可知，R，C所有材料的电阻率随温度的升高而增大D对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大2、一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为L、系有小球的水平细绳，小球由静止释放，如图所示，不计一切摩擦，下列说法正确的是（）A小球的机械能守恒，动量不守恒B小球的机械能不守恒，动量也不守恒C球、车系统的机械能守恒，动量守恒D球、车系统的机械能、动量都不守恒3、如图是洛伦兹力演示仪的实物图和结构

3、示意图用洛伦兹力演示仪可以观察运动电子在磁场中的运动径迹下列关于实验现象和分析正确的是( )A励磁线圈通以逆时针方向的电流，则能形成结构示意图中的电子运动径迹B励磁线圈通以顺时针方向的电流，则能形成结构示意图中的电子运动径迹C保持励磁电压不变，增加加速电压，电子束形成圆周的半径减小D保持加速电压不变，增加励磁电压，电子束形成圆周的半径增大4、一只小猫先后趴在甲、乙两个倾角不同的房顶上，如图所示。设小猫受甲房顶的弹力和摩擦力分别为FN1、Ff1，小猫受乙房顶的弹力和摩擦力分别为FN2、Ff2。下列选项正确的是（ ）AFf1Ff2 BFf1Ff2 CFN1FN2 DFN1FN25、如图所示，将悬挂

4、在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内（始终不与球接触），现将一个悬挂在绝缘细线上的带负电的小球B放在C附近，待稳定后，以下说法正确的是：（）AA对B无静电力作用，B对A无静电力作用BA向左偏离竖直方向，B向右偏离竖直方向CA对B的静电力向左，B对A的静电力向右DA的位置不变，B的位置也不变6、一段粗细均匀的导线的横截面积是S，导线内自由电子的电荷量为e，导线单位长度内自由电子数目为n，自由电子做无规则运动的速率为v，单位时间内通过某一横截面的自由电子数为N，则导线中的电流为（ ）AneSvBnevCNDNe二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项

5、中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电源和电源电动势，下列说法正确的是（ ）A定义电源电动势采用的是比值法，电动势大小与非静电力做功多少相关B电动势在数值上等于在电源内阻非静电力把1C的正电荷从负极移送到正极所做的功，也等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量C电动势等于电源正负极之间的电势差D化学电池内正、负极附近分别存在着化学反应层，反应层中非静电力（化学力）把正电荷从电势低处移至电势高处，在这两个地方，沿电流方向电势“跃升”8、如图所示，在一匀强磁场中有三个带电粒子，其中1和2为质子，3为粒子（He）的径迹它们在同一平面内沿逆

6、时针方向做匀速圆周运动，三者轨道半径r1r2r3并相切于P点，设T、v、a、t分别表示它们做圆周运动的周期、线速度、向心加速度以及各自从经过P点算起到第一次通过图中虚线MN所经历的时间，则（）AT1T2T3Bv1v2v3Ca1a2a3Dt1t2t39、一带电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，先后经过N、M两点，轨迹如图，其中M点在轨迹的最右边。不计重力，下列说法正确的是（）A粒子带正电B粒子在M点的速度不为零C粒子在电场中的加速度不变D粒子在N点的电势能大于在M点的电势能10、某直流电源与电阻R构成闭合电路，电阻R两端的电压为U，通过它的电流为I，如图所示图线上，a、b、c各点均表示该电路

7、中有一个确定的工作状态，在b点=，则下列说法中正确的是（） A在b点时，电源内阻消耗的功率最大B在b点时，电源有最大输出功率C从a到b时，角增大，电源的输电效率增大D从b到c时，角增大，电源的总功率将减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象，所提供的器材有A电流表（A1）量程0-0.6A，内阻约0.125B电流表（A2）量程0-3A，内阻约0.025C电压表（V1）量程0-3V，内阻约3kD电压表（V2）量程0-15V，内阻约15kE滑动变阻器（R1）总阻值约10F滑动

8、变阻器（R2）总阻值约200G电池（E）电动势3.0V，内阻很小H导线若干，电键K该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：（1）请你推测该同学选择的器材是：电流表为_，电压表为_，滑动变阻器为_（以上均填写器材代号）（2）请你推测该同学设计的实验电路图并画在图甲的方框中_12（12分）如图所示为验证动量守恒的实验装置示意图若入射小球质量为，半径为；被碰小球质量为，半径为则_ A. C. 为完成此实验，以下所提供的测量工具中必需的是_ 填下列对应的字母 A.直尺游标卡尺天平弹簧秤秒表设入射小球的质量为，被碰小球的质量为为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式用、及图中字母表示 _

9、 成立，即表示碰撞中动量守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）分别将核（质量为m0，电荷量为e），核（质量为4m0，电荷量为2e）以相同的初速度沿平行板中线射入两平行板A、B中，如图所示，两粒子都打在B板上，求两粒子的射程之比？（已知两板间电压为U，板间距离为d）14（16分）如图所示，匀强电场的场强方向水平向右一根绝缘丝线一端固定在O点，另一端连接一质量为m、电荷量为q的小球小球静止在电场中，丝线与竖直方向成37已知重力加速度为g，sin37=0.6，cos37=0.1求：（1）小球带电的种类；（2）小

10、球受到的电场力大小F；（3）电场强度的大小E15（12分）喷墨打印机的结构简图如图所示，其中墨盒可以发出墨汁微滴，此微滴经过带电室时被带上负电，带电的多少由计算机按字体笔画高低位置输入信号控制带电后的微滴以一定的初速度进入偏转电场后，打到纸上，显示出字体无信号输入时，墨汁微滴不带电，径直通过偏转板而注入回流槽流回墨盒设偏转板板长为L=1.6cm，两板间的距离为d=0.50cm，偏转板的右端距纸L1=3.2cm，若一个墨汁微滴的质量为m=1.610-10kg，以v0=20m/s的初速度垂直于电场方向进入偏转电场，两偏转板间的电压是U=8.0103V，此时墨汁微滴打到纸上的点距原射入方向的距离是Y

11、=2.0mm不计空气阻力和墨汁微滴的重力，可以认为偏转电场只局限在平行板电容器内部，忽略边缘电场的不均匀性求： （1）上述墨汁微滴通过带电室带上的电量是多少？ （2）若用（1）中的墨汁微滴打字，为了使纸上的字体放大10%，偏转板间电压应是多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】电阻决定式为：R，可知把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻变为原来的一半，但电阻率与温度和材料有关，与其他因素无关，故电阻率不变，故A错误电阻率与材料和温度有关，与导体电阻，长度，横截面积都无关，故B错误电阻率与温度的关系

12、:金属的电阻率随温度升高而增大；半导体的电阻率随温度升高而减小；超导体：当温度降低到绝对零度附近时，某些材料的电阻率突然减小为零，成为超导体故C错误由电阻决定式为：R，对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大，故D正确故选D.2、B【解析】AB小球由静止释放过程中，小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，故系统只在在水平方向动量守恒，所以当小球有向右的速度时小车将同时有向左的速度，所以小球在下落过程中并不是真正的圆周运动，小车将通过细绳对小球做功，小球机械能不守恒，动量守恒的研究对象是一个系统，单独小球谈不上动量守恒，所

13、以A错误，B正确；CD小球与小车系统在整个过程中只有重力做功，系统机械能守恒；由于系统水平方向不受外力，系统在水平方向动量守恒但总动量并不守恒，故CD错误。故选B。3、B【解析】试题分析：励磁线圈通以顺时针方向的电流，则由右手定则可知线圈内部磁场向里，由左手定则可知能形成结构示意图中的电子运动径迹，选项B正确，A错误；保持励磁电压不变，增加加速电压，则电子的运动速度变大，根据可知电子束形成圆周的半径增大，选项C错误；保持加速电压不变，增加励磁电压，则B变大，根据电子束形成圆周的半径减小，选项D错误；故选B.考点：带电粒子在磁场中的运动；左手定则及右手定则.4、A【解析】小猫受重力、支持力和静摩

14、擦力，设房顶与水平方向的夹角为，根据平衡条件，有：FN=mgcos，Ff=mgsin，图甲中房顶与水平方向的夹角为较小，故支持力较大，静摩擦力较小，即Ff1Ff2，FN1FN2，故A正确，BCD错误。5、A【解析】A在空心金属球内，由于静电感应，使得C外表面带正电，B C相互吸引，所以B向右偏； 而金属空腔可以屏蔽外部电场，所以B 的电荷对空腔C 的内部无影响，即AB之间无相互的静电力，所以A位置不变。故选A。【点睛】考查静电感应现象，掌握同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引并理解外部电场对空心球内部没有影响，即为静电屏蔽6、D【解析】由题意可知，时间t内流出导线横截面的电荷量q=Net，则由电

15、流的定义可知.由于给出的速度v为无规则运动的速度，不是定向移动的速度，故无法根据微观表达式nqvs求解电流；AneSv，与结论不相符，选项A错误；Bnev，与结论不相符，选项B错误；CN，与结论不相符，选项C错误；DNe，与结论相符，选项D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A.根据电源电动势：可知，该公式为电源电动势的定义式，其大小与非静电力做功的多少无关，故A错误；B.电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，在数值上等于在电源

16、内阻非静电力把1C的正电荷从负极移送到正极所做的功，也等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，故B正确；C.电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势，故C错误；D.化学电池内正、负极附近分别存在着化学反应层，反应层中非静电力（化学力）把正电荷从电势低处移至电势高处，在这两个地方，沿电流方向电势“跃升”。故D正确。8、ABC【解析】根据带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力可得半径公式，同时推出周期公式和时间公式，根据牛顿第二定律得到加速度的公式，再进行分析【详解】设带电粒子的质量和电量分别为m、q，则带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时周期为，T与比荷成反

17、比，质子与粒子的比荷之比为2：1，则有 ,故A正确带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时半径为，则，对粒子1和2 ，其比荷相等，则半径越大速度越大，故；对粒子2和3，粒子2的比荷和半径均比粒子3大，故故B正确粒子的加速度为，同理 ，故C正确由图看出粒子2的速度偏向角大于粒子1的速度偏向角，根据轨迹所对的圆心角等于速度偏向角，可知粒子2轨迹的圆心角大于粒子1轨迹的圆心角，所以粒子2的运动时间大于粒子1的运动时间，即 ；同理可得,粒子3轨迹的圆心角大于粒子2轨迹的圆心角，同时由于可知，故有 ，则，故D错误9、BC【解析】A由图可知，电场力指向轨迹的内侧，电场力水平向左，与电场方向相反，粒子带负电荷，

18、故A错误；B粒子在M点的水平分速度为零，而垂直于水平方形的速度不为零，速度不为零，故B正确；C电场为匀强电场，粒子受到的电场力大小不变，粒子在电场中的加速度不变，故C正确；D负电荷沿电场方向运动时电势能增大，粒子在N点的电势能小于在M点的电势能，故D错误。故选BC。10、BCD【解析】内阻消耗功率为： ，当电流最大时，电源内阻消耗的功率最大，而b点电流不是最大，所以内阻上消耗的功率不是最大，故A错误；在b点时，因为=，所以直线ob的斜率大小与直线ac的斜率大小相等，此时外电阻和电源的内电阻的大小相等，所以电源的输出功率最大，故B正确；从ab时角越大，总电流越小，电源的总功率越小，图线与坐标轴的

19、“面积”增大，即输出功率增大，电源的输电效为： ，所以效率增加，故C正确；从bc过程中，角增大，外电阻增大，总电流减小，电源的总功率减小，故D正确。所以BCD正确，A错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A C E 【解析】（1）由表中实验数据可以知道,电流最大测量值为 ,则电流表应选A;电压最大测量值为2V,电压表应选C;为方便实验操作滑动变阻器应选择E.(2)由表中实验数据可以知道,电压与电流从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法;灯泡最大阻值约为: ,电流表内阻约为 ,电压表内阻约为 ,电压表内阻远大于灯泡电阻,电流表应选择

20、外接法;电路图如图所示.综上所述本题答案是： A ； C ； E ； 12、 (1)C (2)AC (3) 【解析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量为了使两球发生正碰，两小球的半径相同；（2）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度将需要验证的关系速度用水平位移替代【详解】（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v10，即m1-m20，m1m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2，故选C（2）P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1；碰撞后入射小球的速度v2 ；碰撞后被碰小球的速度v3；若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，代入数据得：m1 =m1+m2，所以需