吉林省延边2023学年高二物理第一学期期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某个物体的带电荷量不可能是( )A1.610-19C B3.210-20C C4.810-19C D1.610-6C2、在基本逻辑电路中，当所有输入均为“0”时，输出是“1”的是 ( )A“与”门电路B“或”门电路C“非”门电路D都不可能3、如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角线匀速运动，穿过具有一定宽度的匀强磁场区域，已知对角线AC的长度为磁场宽度的两倍且与磁场边界垂直下面对于线框中感应电流随时间变化的图象(电流以ABCD顺序流向为正方向，从C点进入磁场开始计时)正确的

3、是( ) ABCD4、真空中相距为3L的两个点电荷A、B分别固定于x轴上x10和x23L的两点处，其连线上各点场强随x变化关系如图所示(x正方向为场强的正方向)，以下判断中正确的是()A点电荷A、B一定为异种电荷B点电荷A、B所带电荷量的绝对值之比为12CxL处的电势一定为零D把一个负电荷沿x轴从移至的过程中，电势能先减小后增大5、关于电源电动势，以下说法中正确的是A电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，所以当电源接入电路时，电动势将发生变化B在闭合电路中，并联在电源两端电压表的读数是电源的电动势C电源电动势是表示电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量D电动势越大，说明静电力在

4、电源内部从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多。6、把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A电阻丝长为L，直径为d，B电阻丝长为4L，直径为3d。要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压之比应当满足（ ）AUAUB=11 BUAUB=31CUAUB=33 DUAUB=32二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源的电动势为 E、内阻为 r，闭合开关 K，小液滴恰能在平行板间静止， 现将滑动变阻器的滑片 P 向下滑动，则A小液滴将向上运

5、动B电源的总功率变大C小灯泡变亮D定值电阻 R1 上消耗的功率变大8、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即UabUbc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知，下列说法错误的是（ ）A三个等势面中，c的电势最低B带电质点通过P点时的加速度较Q点大C带电质点通过P点时的电势能较Q点大D带电质点通过P点时的动能较Q点大9、图为一个示波器工作原理的示意图，电子经电压为 U1的加速电场后以速度v0垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差U2，板长L，为了提高示波管的灵敏度（每

6、单位电压引起的偏转量h/U2）可采取的方法是（ ）A减小两板间电势差U2B尽可能使板长L长些C使加速电压U1降低一些D尽可能使板间距离d大一些10、如图所示，空间存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场的方向竖直向下，磁场方向水平（图中垂直纸面向里），一带电油滴P恰好处于静止状态，则下列说法正确的是A若给P一初速度，P可能做匀速圆周运动B若给P一初速度，P可能做匀速直线运动C若仅撤去磁场，P可能做匀加速直线运动D若仅撤去电场，P可能做匀加速直线运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用单分子油膜估测分子的大小”的实验中，若一滴油

7、酸酒精溶液中油酸所占的体积为V，在水面上散开形成的油膜面积为S，则油酸分子的直径d=_。如果实验中油膜没有完全散开，则得到的油酸分子直径_（选填“偏大”或“偏小”）。12（12分）在“测定玻璃的折射率”的实验中，（1）小朱同学在实验桌上看到方木板上有一张白纸，白纸上有如图甲所示的实验器材， 他认为除了缺刻度尺还少了一种器材，请你写出所缺器材的名称：_老师将器材配齐后，他进行实验，图乙是他在操作过程中的一个状态，请你指出第四枚大头针应在图乙中的位置_（填“A”、“B”或“C”）。（2）小红利用方格坐标纸测定玻璃的折射率，如图丙所示，AO是画在纸上的直线，她在直线AO适当位置竖直插上P1、P2两枚

8、大头针，放上半圆形玻璃砖，使其圆心与O重合，然后插上P3、P4两枚大头针，以确定折射光线其中她确定P3大头针位置的方法应当是_。操作完成后，她用圆规作了一个以O为圆心、半径与玻璃砖半径相同的半圆（如图丙中虚线所示），则她测出玻璃的折射率n_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，滑块A和滑块B静止在光滑的水平面上，两者接触但不连接，滑块A左端是一个 光滑的圆弧槽MN，圆弧槽下端与粗糙水平部分NP相切于N点现有可视为质点的滑块C从M点由静止开始滑下，恰好能到达P点已知A、B质量均为1 kg，C的质量为

9、1 kg，圆弧半径为0.4 m，C与NP之间的动摩擦因数为0.1，g取10 m/s1（1）C由M点运动至N点的过程中，A、B、C组成的系统动量是否守恒？并写出判断的理由；（1）求当滑块C到达N点时的速度大小；（3）求NP的长度14（16分）在静电场中，将一电量q= 1.5106C的电荷从A点移到B点，电场力做功为310-4J。如果将该电荷从C点移到A点，克服电场力做功1.510-4J。求：（1）AB两点的电势差UAB、AC两点的电势差UAC（2）若将此电荷从A点移动到无穷远处，克服电场力做功为610-4J，求电荷在A点的电势。（设无穷远电势为零）15（12分）如图所示，图线AB是某闭合电路的路

10、端电压随电流变化的关系图线， OM是某定值电阻R的伏安特性曲线，由图求：（1）R的阻值；（2）处于直线OM与AB交点C时电源的输出功率；（3）电源的最大输出功率。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍；【详解】最小的电荷量是1.610-19C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，由于3.210-20C不是1.610-19C的整数倍，所以B是不可能的，选项ACD是可能的。【点睛】本题就是对元电荷概念

11、的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍即可解决本题。2、C【解析】“与”门电路中，逻辑门当所有输入均为0时，其输出端一定是0，“或”门电路中，逻辑门当所有输入均为0时，其输出端一定是0，“非”门电路中，逻辑门当所有输入均为0时，其输出端一定是1，故C正确。3、A【解析】线圈在进磁场的过程中，根据楞次定律可知，感应电流的方向为ABCD方向，即为正值，在出磁场的过程中，根据楞次定律知，感应电流的方向为ADCBA，即为负值；在线圈进入磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，根据E=BLv可知，感应电动势均匀增大，则感应电流也均匀增大；在线圈进入磁场的后一半过程中，切割的有效长

12、度均匀减小，根据E=BLv可知，感应电动势均匀减小，则感应电流均匀减小；在线圈出磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，根据E=BLv可知，感应电流均匀增大，在线圈出磁场的后一半的过程中，切割的有效长度均匀减小，根据E=BLv可知，感应电流均匀减小，故A正确，BCD错误4、D【解析】A、由图看出：段和段场强方向相反，则知点电荷A、B一定为同种电荷，故A错误；B、由于L处场强为0，故A、B两个电荷在L处产生的场强大小相等、方向相反，则得：，则得：，故B错误；C、L处场强为0，但电势是相对的，零电势的选择是任意的，所以处的电势不一定为零，故C错误；D、从移至的过程中，场强方向先向左后向右，负

13、电荷所受的电场力方向先向右后向左，电场力先做正功后做负功，则其电势能先减小后增大，故D正确点睛：只要掌握同种性质和异种性质的点电荷产生的电场的分别特点就能顺利解决此类问题，并能运用电场的叠加原理分析两个电荷的电量关系5、C【解析】解：电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，不会因为接入电路而发生变化,电动势越大,电源将其他形式的能转化为电能的本领越大.A错误、C正确；根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir,得知,当I=0时,U=E,即电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势.故B错误；电动势越大说明非静电力在电源内部把单位电荷量的正电荷在电源内从负极移到正极时非静电力做的功越多,D错

14、误。6、D【解析】根据电阻定律R=LS可知RA:RB=L14d2:4L143d2=9:4，由于是纯电阻，则由Q=U2Rt，Q、t相同得：加在两电阻丝上的电压之比为UA:UB=RAQt：RRQt=3:2，D正确【点睛】本题考查运用比例法解题的能力。对于纯电阻电路，求解热量三个公式通用，即Q=UIt=I2Rt=U2Rt二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】将滑动变阻器的滑片P向下滑动，变阻器电阻减小，故外电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律，干路电流增加，根据

15、UL=E-I（r+R1），小灯泡的电压减小；故小灯泡电功率减小，小灯泡变暗，故C错误；干路电流增加，根据P=EI，电源的总功率变大，故B正确；干路电流增加，根据U=E-Ir，路端电压减小，故电容器两端电压减小，故液滴受电场力减小，重力大于电场力，液滴将向下加速运动，故A错误；干路电流增加，根据P=I2R，定值电阻R1上消耗的功率变大，故D正确。所以BD正确，AC错误。8、AD【解析】带电质点所受的电场力指向轨迹内侧，且与等势线垂直，由于质点带正电，因此电场线指向右下方。而沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；等差等势线密的地方电场线密，电场强度大，故P点的电场强

16、度比Q点的大，质点所受的电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故B正确；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力对质点做正功，电势能减小，动能增加，故P点的电势能大于Q点的电势能，P点的动能小于Q点的动能，故C正确，D错误。本题选错误的，故选AD.【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化.9、BC【解析】试题分析：电子在加速电场中加速，根据动能定理可得：eU1=mv02所以电子进入偏转电场时速度的大小为：电子进入偏转电场后的偏转量为：联立得，所以示波管的灵敏度为；所以要提高示波管的灵敏度可以

17、增大l，减小d和减小U1，所以AD错误，BC正确故选BC考点：带电粒子在电场中的运动10、AB【解析】若P初速度方向与磁场方向相互垂直，重力和电场力抵消，仅受洛伦兹力，故P做匀速圆周运动，故A正确；若P初速度方向与磁场平行，不受洛伦兹力，重力和电场力抵消，P受力平衡，所以可以做匀速直线运动，故B正确；若仅撤去磁场，P受力一定平衡，故只能做匀速直线运动，故C错误；仅撤去电场，油滴受重力有竖直向下的速度，油滴受洛伦兹力，速度改变，洛伦兹力方向随速度方向的变化而变化，不可能做匀加速直线运动，故D错误所以AB正确，CD错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演

18、算过程。11、 偏大 【解析】1 根据体积公式可知分子直径为；2 油膜没有完全散开会导致油酸的在水面的扩散面积减小，从而测量的分子直径偏大。12、（1）大头针 B （2）挡住P1P2的像 1.5 【解析】依据实验原理，及提供的实验器材，即可求解；测定半圆形玻璃砖的折射率的原理是折射定律n=sinisinr，他确定P3大头针位置的方法应当是透过玻璃砖看，P3大头针挡住P1、P2两枚大头针的像；作出法线，过圆与入射光线与折射光线的交点作法线的垂线，运用数学知识求出入射角和折射角的正弦值，求出折射率；【详解】解：(1)在实验桌上看到方木板上有一张白纸，白纸上有如图甲所示的实验器材，还缺少刻度尺、大头

19、针；依据光的折射定律，及玻璃砖上下表面平行，那么出射光线与入射光线相互平行，因此第四枚大头针应在图乙中的位置B处，如图所示；(2)透过玻璃砖看，P3大头针挡住P1、P2两枚大头针的像；如图，作出法线，过圆与入射光线与折射光线的交点作法线的垂线CA和DB，由数学知识得：入射角和折射角的正弦值分别为：sini=CACO，sinr=BDDO其中CO=DO，则折射率n=sinrsini=BDCA=64=1.5；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）不守桓；系统所受合外力不为零。 （1）1m/s （3）m【解析】（1）系统动量不守桓。系统所受合外力不为零。（1）对A、B、C组成的系统，由动量守恒定律得0+0+0=mCv1+（mA+mB）（-v1）mCgR=+解得C到达N点时的速度大小：v1=1m/sA、B速度大小v1= 1m/s（3）C不离开A即A、C最终速度相同，对A、C组成的系统，由动量守恒得