2017届高三物理一轮复习第九章电磁感应

1、 第九章电磁感应备考指南考占V八、内容要求一、电磁感应现象楞次定律电磁感应现象I磁通量I楞次定律II二、法拉第电磁感应定律自感和涡流法拉第电磁感应定律II自感和涡流I三、电磁感应中的电路和图像问题四、电磁感应的动力学和能量综合问题题型把握考情选择找规律从近几年咼考试题来看，咼考对本章内容的考查，重点有感应电流的产生、感应电动势方向的判断、感应电动势大小的计算等知识。常以选择题形式考查对基础知识、基本规律的理解与应用，以计算题的形式考查综合性知识，如运动学、力学、能量、电路、图像等知识与电磁感应结合的问题，一般难度较大，分值较咼。选择、计算选择、计算选择、计算明执八、占八、预计在2017年高考中

2、仍将以法拉第电磁感应定律为核心，考查与之相关的力、电综合问题。将重点考查学生的分析综合能力及运用数学知识解决物理问题的能力，在复习过程中还要多关注电磁感应现象与现代科技、生活相结合的新情景题目。选择、计算第1节申，磁感应现象养楞次定律宏观循图忆知感应电流的方向感应电流的产生条件表述闭合电路的一部分导体在磁场内做切割磁感线运动。表述习穿过闭合电路的磁通量发生塑实in产生感应电动势o感应电流具有这样的方向，即楞次定律右手是则感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。L磁感线穿入手心;拇指指向导线运动方向;J四指指向感应电流方向。闭合电路内只要有磁通量，就有感应电流产生。(X)穿过线圈的磁通

3、量和线圈的匝数无关。(V)线框不闭合时，即使穿过线框的磁通量发生变化，线框中也没有感应电流产生。(V)当导体切割磁感线时，一定产生感应电动势。(V)由楞次定律知，感应电流的磁场一定与引起感应电流的磁场方向相反。(X)感应电流的磁场一定阻碍引起感应电流的磁场的磁通量的变化。(V)1831年，英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象。1834年，俄国物理学家楞次总结了确定感应电流方向的定律楞次定律要点一对电磁感应现象的理解和判断自主悟谖型1磁通量发生变化的三种常见情况磁场强弱不变，回路面积改变。回路面积不变，磁场强弱改变。回路面积和磁场强弱均不变，但二者的相对位置发生改变2判断感应电流的流程确定研究的

4、回路。弄清楚回路内的磁场分布，并确定该回路的磁通量。0不变f无感应电流(3)不闭合，无感应电流，但有感应电动势回路闭合，有感应电流多角练通1下图中能产生感应电流的是()解析：选B根据产生感应电流的条件：A中，电路没闭合，无感应电流；B中，磁感应强度不变，面积增大，闭合电路的磁通量增大，有感应电流；C中，穿过线圈的磁感线相互抵消，0恒为零，无感应电流；D中，磁通量不发生变化，无感应电流。(2015佛山高三质检)如图911所示，一通电螺线管b放在闭合金属线圈a内，螺线管的中心轴线恰和线圈的一条直径MN重合。要使线圈a中产生感应电流，可采用的方法有()使通电螺线管中的电流发生变化使螺线管绕垂直于线圈

5、平面且过线圈圆心的轴转动使线圈a以MN为轴转动使线圈绕垂直于MN的直径转动解析：选D在A、B、C三种情况下，穿过线圈a的磁通量始终为零，因此不产生感应电流，A、B、C错误；选项D中，当线圈绕垂直于MN的直径转动时，穿过线圈的磁通量发生变化，会产生感应电流，故D正确。(2014全国卷I)在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是()将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化绕在同一铁环上的两

6、个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化解析：选D只形成闭合回路，回路中的磁通量不变化，不会产生感应电流，A、B、C错误；给线圈通电或断电瞬间，通过闭合回路的磁通量变化，会产生感应电流，能观察到电流表的变化，D正确。要点二应用楞次定律判断感应电流的方向楞次定律中“阻碍”的含义憾应电流的磁通址阻碍引起感应电流的瞰场(原磁场)矽磁通邑的尘化KWfl-么阳碍的是磁通号的变化，而不是阻碍懺通址本身当憊通量增加时，感应电流的磁场方向与原峨场的方向相反：当磁通呈减少时感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同即“增反减同”阻碍效果f阻碍并不是阻止只是延缓了磁通量的变化，这种变化将继

7、续进行判断感应电流方向的两种方法方法用楞次定律判断明确研究的闭合电路该电路磁场的方向如何该电路磁通量如何变化流磁场方向电流方向)方法二用右手定则判断该方法适用于切割磁感线产生的感应电流。判断时注意掌心、拇指、四指的方向掌心磁感线垂直穿入；拇指指向导体运动的方向；四指指向感应电流的方向。多角练通(2016杭州模拟)如图912所示，匀强磁场垂直圆形线圈指向纸内，a、b、c、d为圆形线圈上等距离的四点，现用外力在上述四点将线圈拉成正方形，且线圈仍处在原先所在平面内，则在线圈发生形变的过程中(线圈中将产生abcda方向的感应电流线圈中将产生adcba方向的感应电流线圈中感应电流方向无法判断线圈中无感应

8、电流解析：选A周长一定时，圆形的面积最大。本题线圈面积变小，磁通量变小，有感应电流产生。由楞次定律可知线圈中将产生顺时针方向的感应电流。故A正确。(2015南京高三质检)如图913所示，一圆形金属线圈放置在水平桌面上，匀强磁场垂直桌面竖直向下，过线圈上A点做切线00,00,与线圈在同一平面上。在线圈以00，为轴翻转180的过程中，线圈中电流流向()图913始终由ABfCA始终由ACBfA先由ACBA再由ABCA先由ABCA再由ACBA解析：选A在线圈以00为轴翻转090的过程中，穿过线圈正面向里的磁通量逐渐减小，则感应电流产生的磁场垂直桌面向下，由右手定则可知感应电流方向为ABCA；线圈以00

9、为轴翻转90180的过程中，穿过线圈反面向里的磁通量逐渐增加，则感应电流产生的磁场垂直桌面向上，由右手定则可知感应电流方向仍然为ABCA，A正确。北半球地磁场的竖直分量向下。如图914所示，在北京某中学实验室的水平桌面上，放置着边长为L的正方形闭合导体线圈abed,线圈的ab边沿南北方向，ad边沿东西方向。下列说法中正确的是()图914A若使线圈向东平动，则a点的电势比b点的电势高B若使线圈向北平动，则a点的电势比b点的电势低若以ab边为轴将线圈向上翻转，则线圈中的感应电流方向为abeda若以ab边为轴将线圈向上翻转，则线圈中的感应电流方向为adeba解析：选C线圈向东平动时，ab和ed两边切

10、割磁感线，且两边切割磁感线产生的感应电动势大小相等，a点电势比b点电势低，A错；同理，线圈向北平动，则a、b两点的电势相等，高于c、d两点的电势，B错；以ab边为轴将线圈向上翻转，向下的磁通量减小，感应电流的磁场方向应该向下，再由安培定则知，感应电流的方向为abeda,则C对，D错。要点三定律、三定则的综合应用师生共研型1规律比较名称基本现象因果关系应用的定则或定律电流的磁效应运动电荷、电流产生磁场因电生磁安培定则洛伦兹力、安培力磁场对运动电荷、电流有作用力因电受力左手定则电磁感应部分导体做切割磁感线运动因动生电右手定则闭合回路磁通量变化因磁生电楞次定律2相互联系(1)应用楞次定律时，一般要用

11、到安培定则。(2)研究感应电流受到的安培力，一般先用右手定则确定电流方向，再用左手定则确定安培力的方向，有时也可以直接应用楞次定律的推论确定。典例(多选)(2014山东高考)如图915,端接有定值电阻的平行金属轨道固定在水平面内，通有恒定电流的长直绝缘导线垂直并紧靠轨道固定，导体棒与轨道垂直且接触良好。在向右匀速通过M、N两区的过程中，导体棒所受安培力分别用Fm、Fn表示。不计轨道MN电阻。以下叙述正确的是()导体棒图915Fm向右B.Fn向左MNC.Fm逐渐增大D.Fn逐渐减小MN解析由题意可知，根据安培定则，在轨道内的M区、N区通电长直导线产生的磁场分别垂直轨道平面向外和向里，由此可知，当

12、导体棒运动到M区时，根据右手定则可以判定，在导体棒内产生的感应电流与长直绝缘导线中的电流方向相反，再根据左手定则可知，金属棒在M区时受到的安培力方向向左，因此A选项不正确；同理可以判定B选项正确；再根据导体棒在M区匀速靠近长直绝缘导线时对应的磁场越来越大，因此产生的感应电动势越来越大，根据闭合电路的欧姆定律和安培力的公式可知，导体棒所受的安培力FM也逐渐增大，故C选项正确；同理D选项正确。答案BCD方法规律左、右手定则巧区分（1）右手定则与左手定则的区别：抓住“因果关系”才能无误，“因动而电”用右手；“因电而动”用左手。（2）使用中左手定则和右手定则很容易混淆，为了便于区分，可把两个定则简单地

13、总结为“通电受力用左手，运动生电用右手”。“力”的最后一笔“丿”方向向左，用左手；“电”的最后一笔“乚”方向向右，用右手。针对训练1（多选）两根相互平行的金属导轨水平放置于图916所示的匀强磁场中，在导轨上接触良好的导体棒AB和CD可以自由滑动。当AB在外力F作用下向右运动时，下列说法中正确的是（）图916导体棒CD内有电流通过，方向是D-C导体棒CD内有电流通过，方向是C-D磁场对导体棒CD的作用力向左磁场对导体棒AB的作用力向左解析：选BD两个导体棒与两根金属导轨构成闭合回路，分析出磁通量增加，结合安培定则判断回路中感应电流的方向是B-A-C-D-Bo以此为基础，再根据左手定则进一步判断C

14、D、AB的受力方向，经过比较可得正确答案。（多选）AOC是光滑的直角金属导轨，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，ab是一根靠立在导轨上的金属直棒（开始时b离0点很近），如图917所示。它从静止开始在重力作用下运动，运动过程中a端始终在A0上,b端始终在0C上，直到ab完全落在0C上，整个装置放在一匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，则ab棒在运动过程中（）oXXX图917感应电流方向始终是ba感应电流方向先是ba,后变为ab所受安培力方向垂直于ab向上所受安培力方向先垂直于ab向下，后垂直于ab向上解析：选BDab棒下滑过程中，穿过闭合回路的磁通量先增大后减小，由楞次定律可知,感应电流方向先由ba

15、,后变为ab,B正确；由左手定则可知，ab棒所受安培力方向先垂直ab向下，后垂直于ab向上，D正确。要点四利用楞次定律的推论速解电磁感应问题自主悟透型电磁感应现象中因果相对的关系恰好反映了自然界的这种对立统一规律，对楞次定律中“阻碍”的含义可以推广为感应电流的“效果”总是阻碍产生感应电流的原因，可由以下四种方式呈现：阻碍原磁通量的变化，即“增反减同”。阻碍相对运动，即“来拒去留”。使线圈面积有扩大或缩小的趋势，即“增缩减扩”。阻碍原电流的变化(自感现象)，即“增反减同”。多角练通(2015济南一中一模)如图918所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极

16、朝下。在将磁铁的S极插入线圈的过程中()图918通过电阻的感应电流的方向由a到b,线圈与磁铁相互排斥通过电阻的感应电流的方向由b到a,线圈与磁铁相互排斥通过电阻的感应电流的方向由a到b,线圈与磁铁相互吸引通过电阻的感应电流的方向由b到a,线圈与磁铁相互吸引解析：选B当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向上，所以感应磁场方向向下，根据右手螺旋定则，通过电阻的电流方向为ba。根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥。综上所述：线圈中感应电流通过电阻的电流方向为ba,磁铁与线圈相互排斥。B正确。如图919所示，导轨间的磁场方向垂直于纸面向里，当导线

17、MN在导轨上向右加速滑动时，正对电磁铁A的圆形金属环B中()Mr宀4宀XXX小WAAPxXXBXXX图919有感应电流，且B被A吸引无感应电流可能有，也可能没有感应电流有感应电流，且B被A排斥解析：选DMN向右加速滑动，根据右手定则，MN中的电流方向从N-M,且大小在逐渐变大，根据安培定则知，电磁铁A的左端为N极，且磁场强度逐渐增强，根据楞次定律知，B环中的感应电流产生的内部磁场方向向右，B被A排斥。故D正确。（多选）（2015山东高考）如图9110,均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴逆时针匀速转动。现施加一垂直穿过圆盘的有界匀强磁场，圆盘开始减速。在圆盘减速过程中，以下说法正确的是（）

18、图9110处于磁场中的圆盘部分，靠近圆心处电势高所加磁场越强越易使圆盘停止转动若所加磁场反向，圆盘将加速转动若所加磁场穿过整个圆盘，圆盘将匀速转动解析：选ABD根据右手定则可判断靠近圆心处电势高，选项A正确；圆盘处在磁场中的部分转动切割磁感线，相当于电源，其他部分相当于外电路，根据左手定则，圆盘所受安培力与运动方向相反，磁场越强，安培力越大，故所加磁场越强越易使圆盘停止转动，选项B正确；磁场反向，安培力仍阻碍圆盘转动，选项C错误；若所加磁场穿过整个圆盘，整个圆盘相当于电源，不存在外电路，没有电流，所以圆盘不受安培力而匀速转动，选项D正确。反思一刻补短增分巧思妙解一练创新思维利用程序法和逆向推理

19、法分析二次感应问题在电磁感应现象中，二次电磁感应问题在高考题中时常出现，解决该类问题的方法有程序法、逆向推理法等。一原（一）程序法（正向推理法）三电流二感明确要研究的触=|明确原磁场B的方向、的变化判断感应电流访创妾字|判断感应电流的磁场方向定则（多选）如图9111所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN,MN的左边有一闭合电路，当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动，则PQ所做的运动可能是()图9111向右加速运动向左加速运动向右减速运动向左减速运动解析：选BCMN向右运动，说明MN受到向右的安培力，因为ab在MN处的磁场垂直纸面向里左手定则MN中的感应电流由M-N安培

20、定则乂中感应电流的磁场方向向上楞次定律L中磁场万冋冋上减弱安培定则L2出严立、，宀工命沖；若L中磁场方向向上减弱安培定则PQ中电流为Q-P且减小L中磁场万向向下增强22右手定则向右减速运动;若L中磁场方向向下增强安培定则PQ中电流为P-Q且增大右手定则2向左加速运动。（多选）如图9112所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向在图中已经标出。左线圈连着平行导轨M和N,导轨电阻不计，在导轨垂直方向上放着金属棒ab,金属棒处在垂直于纸面向外的匀强磁场中。下列说法中正确的是（）图9112当金属棒ab向右匀速运动时，a点电势高于b点，c点电势高于d点当金属棒ab向右匀速运动时，b点电势高于a点，c点

21、与d点等电势当金属棒ab向右加速运动时，b点电势高于a点，c点电势高于d点当金属棒ab向右加速运动时，b点电势高于a点，d点电势高于c点解析：选BD当金属棒向右匀速运动而切割磁感线时，金属棒产生恒定感应电动势，由右手定则判断电流方向由a-bo根据电流从电源（ab相当于电源）正极流出沿外电路回到电源负极的特点，可以判断b点电势高于a点。又左线圈中的感应电动势恒定，则感应电流也恒定，所以穿过右线圈的磁通量保持不变，不产生感应电流，A错误，B正确。当ab向右做加速运动时，由右手定则可推断cpb（p，电流沿逆时针方向。又由E=BLv可知ab导体两端ba的E不断增大，那么左边电路中的感应电流也不断增大，

22、由安培定则可判断它在铁芯中的磁感线方向是沿逆时针方向的，并且场强不断增强，所以右边电路的线圈中的向上的磁通量不断增加。由楞次定律可判断右边电路的感应电流方向应沿逆时针，而在右线圈组成的电路中，感应电动势仅产生在绕在铁芯上的那部分线圈上。把这个线圈看作电源，由于电流是从c沿内电路（即右线圈）流向d,所以d点电势高于c点，C错误，D正确。（二）逆向推理法（多选）图9113所示装置中，cd杆原来静止。当ab杆做如下哪些运动时，cd杆将向右移动（）向右匀速运动C.向左加速运动图9113向右加速运动向左减速运动解析：选BDab匀速运动时，ab中感应电流恒定，L中磁通量不变，穿过L的磁通量12不变，L中无

23、感应电流产生，cd保持静止，A错误；ab向右加速运动时，L中的磁通量向下22增大，通过cd的电流方向向下，cd向右移动，B正确；同理可得C错误，D正确。如图9114所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和开关组成闭合回路。在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A。不计铁芯和铜环A之间的摩擦。则下列情况中铜环A会向右运动的是()图9114线圈中通以恒定的电流通电时，使滑动变阻器的滑片P向右匀速移动通电时，使滑动变阻器的滑片P向左加速移动开关突然断开的瞬间解析：选C铜环A向右运动，说明穿过A的磁通量在增加，绕在铁芯上的线圈中的电流在增大，故选项C正确。反思领悟在二次感应现象中，“程序法”和“逆向推理

24、法”的选择如果要判断二次感应后的现象或结果，选择程序法。如果已知二次感应后的结果，要判断导体棒的运动情况或磁场的变化，需选择逆向推理法。课后演练对点设计对接高考|题组集训讲练对应更实用对点训练：对电磁感应现象的理解和判断(2015上海浦东新区质检)如图1所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是()图1解析：选BA中线框的磁通量没有变化，因此没有感应电流，但有感应电动势，也可以理解为左右两边切割磁感线产生的感应电动势相反。B中线框转动，线框中磁通量变化，这就是发电机模型，有感应电流，B正确。C、D中线圈平面和磁场方向平行，没有磁通量，更没有磁通量的变化，C、D错误。（多选）（2

25、016长沙模拟）均匀带负电的塑料圆环绕垂直于圆环平面过圆心的轴旋转,在环的圆心处有一闭合小线圈，小线圈和圆环在同一平面，则（）只要圆环在转动，小线圈内就一定有感应电流不管环怎样转动，小线圈内都没有感应电流圆环在做变速转动时，小线圈内一定有感应电流圆环在做匀速转动时，小线圈内没有感应电流解析：选CD带负电的圆环转动时，形成电流。当圆环匀速转动时，等效电流为恒定值，根据电流的磁效应，它产生恒定的磁场，因此通过小线圈的磁通量不变，故无感应电流产生A项错，D项正确；当圆环变速转动时，产生的等效电流不恒定，产生的磁场也是变化的磁场通过小线圈的磁通量不断发生变化，也就有感应电流产生，B项错，C项正确。（多

26、选）（2015昆山月考）用如图2所示的实验装置研究电磁感应现象，下列说法正确的是（）图2当把磁铁N极向下插入线圈时，电流表指针发生偏转当把磁铁N极从线圈中拔出时，电流表指针不发生偏转保持磁铁在线圈中相对静止时，电流表指针不发生偏转若磁铁和线圈一起以同一速度向上运动，电流表指针发生偏转解析：选AC当把磁铁N极向下插入线圈时，穿过线圈中的磁通量在变化，故线圈中会产生感应电流，电流表指针发生偏转，选项A正确；当把磁铁N极从线圈中拔出时，线圈中也会产生感应电流，故选项B错误；保持磁铁在线圈中相对静止时，线圈中的磁通量没变化，故无感应电流产生，所以电流表指针不发生偏转，选项C正确；若磁铁和线圈一起以同一

27、速度向上运动，线圈与磁铁没有相对运动，故穿过线圈的磁通量也不变，电路中无感应电流，电流表指针不发生偏转，选项D错误。对点训练：应用楞次定律判断感应电流的方向（2015青岛测试）多年来物理学家一直设想用实验证实自然界中存在“磁单极子”。磁单极子是指只有S极或只有N极的磁性物质，其磁感线分布类似于点电荷的电场线分布。如图3所示的实验就是用于检测磁单极子的实验之一，abed为用超导材料围成的闭合回路。设想有一个N极磁单极子沿abed轴线从左向右穿过超导回路，那么在回路中可能发生的现象是（）回路中无感应电流回路中形成持续的abeda流向的感应电流回路中形成持续的adeba流向的感应电流回路中形成先ab

28、eda流向后adeba流向的感应电流解析：选CN极磁单极子的磁感线分布类似于正点电荷的电场线分布，由楞次定律知,回路中形成方向沿adeba流向的感应电流，由于回路为超导材料做成的，电阻为零，故感应电流不会消失，C项正确。汽车自动控制刹车系统（ABS）的原理如图4所示。铁质齿轮P与车轮同步转动，右端有一个绕有线圈的磁体（极性如图），M是一个电流检测器。当车轮带动齿轮P转动时，靠近线圈的铁齿被磁化，使通过线圈的磁通量增大，铁齿离开线圈时又使通过线圈的磁通量减小，从而能使线圈中产生感应电流，感应电流经电子装置放大后即能实现自动控制刹车。齿轮从图示位置开始转到下一个铁齿正对线圈的过程中，通过M的感应电

29、流的方向（）图4总是从左向右的总是从右向左的先从右向左，然后从左向右先从左向右，然后从右向左解析：选C因为穿过线圈的磁通量方向与条形磁铁内部的磁场方向相同，均从右指向左，铁齿靠近线圈时，铁齿的右端是S极，铁齿单独产生的磁场方向指向铁齿即与原磁场同向，所以在图示时刻，穿过线圈的磁通量最大，随着齿轮的转动磁通量先减小后增大，当下一个铁齿正对线圈时，磁通量又达到最大，结合楞次定律可知，该过程中，通过M的感应电流的方向先从右向左，然后从左向右，选项C正确。（多选）（2016长沙模拟）磁悬浮高速列车在我国上海已投入运行数年。如图5所示就是磁悬浮的原理，图中A是圆柱形磁铁，B是用高温超导材料制成的超导圆环

30、。将超导圆环B水平放在磁铁A上，它就能在磁力的作用下悬浮在磁铁A的上方空中，贝9（图5在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流；当稳定后，感应电流消失在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流；当稳定后，感应电流仍存在若A的N极朝上，B中感应电流的方向为顺时针方向（从上往下看）若A的N极朝上，B中感应电流的方向为逆时针方向（从上往下看）解析：选BC在B放入磁场的过程中，穿过B的磁通量增加，B中将产生感应电流，因为B是超导体，没有电阻，所以感应电流不会消失，故A错误，B正确；若A的N极朝上，在B放入磁场的过程中，磁通量增加，根据楞次定律可判断B中感应电流的方向为顺时针，C正确，D错误。（2015佛

31、山一模）如图6所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中，若要使圆环中产生如箭头所示方向的瞬时感应电流，下列方法可行的是（）图6使匀强磁场均匀增大使圆环绕水平轴ab如图转动30使圆环绕水平轴cd如图转动30保持圆环水平并使其绕过圆心的竖直轴转动解析：选A根据右手定贝，圆环中感应电流产生的磁场竖直向下与原磁场方向相反，根据楞次定律，说明圆环磁通量在增大。磁场增强贝磁通量增大，A正确。使圆环绕水平轴ab或cd转动30，圆环在中性面上的投影面积减小，磁通量减小，只会产生与图示方向反向的感应电流，B、C错误。保持圆环水平并使其绕过圆心的竖直轴转动，圆环仍与磁场垂直，磁通量不变，不会产生感应电流，

32、D错误。对点训练：一定律、三定则的综合应用&（多选）（2015景德镇模拟）如图7所示，一根长导线弯曲成“n”形，通以直流电I,正中间用绝缘线悬挂一金属环C,环与导线处于同一竖直平面内。在电流I增大的过程中，下列判断正确的是（）图7金属环中无感应电流产生金属环中有逆时针方向的感应电流悬挂金属环C的竖直线的拉力大于环的重力悬挂金属环C的竖直线的拉力小于环的重力解析：选BCO=BS,S不变，I增大，B增大，所以有感应电流产生，A错误。由楞次定律得，感应电流方向沿逆时针，B正确。由圆的上半部分B大于下半部分，所以安培力以上半圆为主，I方向向左，B垂直纸面向里，F安方向向下，所以F、=mg+F安，拉力大

33、于重安拉安力,C正确，D错误。（多选）如图8所示，光滑平行金属导轨PP和QQ都处于同一水平面内，P和Q之间连接一电阻R,整个装置处于竖直向下的匀强磁场中。现垂直于导轨放置一根导体棒MN,用一水平向右的力F拉动导体棒MN,以下关于导体棒MN中感应电流方向和它所受安培力方向的说法正确的是（）图8感应电流方向是NM感应电流方向是MNC安培力水平向左D安培力水平向右解析：选AC棒向右平动，根据右手定则可判断，感应电流方向为由NM,A正确，B错误；再由左手定则可判定棒所受安培力的方向为水平向左，C正确，D错误。如图9所示，在两个沿竖直方向的匀强磁场中，分别放入两个完全一样的水平金属圆盘a和b。它们可以绕

34、竖直轴自由转动，用导线通过电刷把它们相连。当圆盘a转动时（）图9圆盘b总是与a沿相同方向转动圆盘b总是与a沿相反方向转动若B、B同向，则a、b转向相同12若B、B反向，则a、b转向相同12解析：选D当圆盘a转动时，由于切割磁感线而产生感应电流，该电流流入b盘中，在磁场中由于受安培力b盘会转动。但若不知BB2的方向关系，则b盘与a盘的转向关系将无法确定。故A、B错。设B、B同向且向上，a盘逆时针转动，则由右手定则可知a盘中12的感应电流由a-az，b盘受力将顺时针转动，故C错，同理可判定D项正确。对点训练：楞次定律的推论如图10所示，均匀带正电的绝缘圆环a与金属圆环b同心共面放置，当a绕0点在其

35、所在平面内旋转时，b中产生顺时针方向的感应电流，且具有收缩趋势，由此可知，圆环a()图10顺时针加速旋转顺时针减速旋转逆时针加速旋转逆时针减速旋转解析：选B据楞次定律的推论“增反减同”，b环中产生顺时针方向的感应电流，说明a中原电流可能顺时针减少，也可能逆时针增加，但b环有收缩的趋势，说明a环中的电流应与b环中的电流同向，同向电流相互吸引，才能使b环收缩，故a环中的电流只能是顺时针减少，因此带正电的a环只能顺时针减速旋转，B正确。(2015汕头一模)如图11,插有铁芯的螺线管固定在水平面上，管右端的铁芯上套着一个可以自由移动的闭合铜环，螺线管与电源、开关组成电路，不计铜环与铁芯之间摩擦阻力，下

36、面说法正确的是()ABCD闭合开关，闭合开关瞬间，铜环会向右运动闭合开关瞬间，铜环会向左运动闭合开关瞬间，铜环仍保持不动解析：选B闭合开关，根据右手螺旋定则可知，螺线管右端为S极，故A错误；开关闭合瞬间，线圈产生的磁场变化，穿过铜环的磁通量变大，根据楞次定律，铜环会向右运动从而阻碍磁通量的增大。故B正确，C、D错误。(2016荆门调研)老师让学生观察一个物理小实验：一轻质横杆可绕中心点自由转动，横杆两侧各固定一金属环，其中左环上有一小缺口。老师拿一条形磁铁插向其中一个小环，后又取出插向另一个小环，同学们看到的现象是()图12磁铁插向左环，横杆发生转动磁铁插向右环，横杆发生转动把磁铁从左环中拔出

37、，左环会跟着磁铁运动把磁铁从右环中拔出，右环不会跟着磁铁运动解析：选B磁铁插向右环，横杆发生转动；磁铁插向左环，由于左环不闭合，没有感应电流产生，横杆不发生转动，选项A错误B正确；把磁铁从左环中拔出，左环不会跟着磁铁运动，把磁铁从右环中拔出，右环会跟着磁铁运动，选项C、D错误。考点综合训练如图13所示，A为水平放置的胶木圆盘，在其侧面均匀分布着负电荷，在A的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环B,使B的环面水平且与圆盘面平行，其轴线与胶木盘A的轴线00,重合。现使胶木盘A由静止开始绕其轴线00,按箭头所示方向加速转动，则()图13金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力增大金属环B的面积有缩小的

38、趋势，丝线受到的拉力减小金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力减小金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力增大解析：选B使胶木盘A由静止开始绕其轴线00,按箭头所示方向加速转动，金属环B内磁通量增大，根据楞次定律，金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力减小，选项B正确。(多选)如图14所示，倾角为a的斜面上放置着光滑导轨，金属棒KN置于导轨上，在以ab和cd为边界的区域内存在磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直导轨平面向上。在cd左侧的无磁场区域cdPM内有一半径很小的金属圆环L,圆环与导轨在同一平面内。当金属棒KN在重力作用下从磁场右边界ab处由静止开始向下运动后，则下列说法正确

39、的是()图14圆环L有收缩趋势圆环L有扩张趋势圆环内产生的感应电流变小圆环内产生的感应电流不变解析：选AC由于金属棒KN在重力的作用下向下运动，则KNMP回路中产生逆时针方向的感应电流，则在圆环处产生垂直于轨道平面向上的磁场，随着金属棒向下加速运动，圆环的磁通量将增加，依据楞次定律可知，圆环将有收缩的趋势以阻碍圆环磁通量的增加；又由于金属棒向下运动的加速度减小，磁通量的变化率减小，所以在圆环中产生的感应电流不断减小。故A、C正确。(2014广东高考)如图15所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置。小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部。则小磁块()在P和Q中都做自由落

40、体运动在两个下落过程中的机械能都守恒在P中的下落时间比在Q中的长落至底部时在P中的速度比在Q中的大解析：选C小磁块从铜管P中下落时，P中的磁通量发生变化，P中产生感应电流，给小磁块一个向上的磁场力，阻碍小磁块向下运动，因此小磁块在P中不是做自由落体运动，而塑料管Q中不会产生电磁感应现象，因此Q中小磁块做自由落体运动，A项错误；P中的小磁块受到的磁场力对小磁块做负功，机械能不守恒，B项错误；由于在P中小磁块下落的加速度小于g，而Q中小磁块做自由落体运动，因此从静止开始下落相同高度，在P中下落的时间比在Q中下落的时间长，C项正确；根据动能定理可知，落到底部时在P中的速度比在Q中的速度小，D项错误。

41、第2节法拉第电磁感应定律宏观循图忆知法拉第电磁感应定律D感应17电动势定律b切割*电动势D自感现象T概念H在电磁感应现象中产生的电动势国碇屁穿过回路的磁通量发生变化，与电v严王条仟口路是否闭合无关T方向|1用楞次定律或右手定则判断厂由感应电动势的大小跟穿过这一电路计内谷L|的磁通量的变化率成正比T公式HE=”氓T平动切割T转动切割He专肌23自感电动势He=l自感系数与线圈的大小、形状、匝数及是否有铁芯有帚微观易错判断（1）线圈中磁通量越大，产生的感应电动势越大。（X）线圈中磁通量变化越大，产生的感应电动势越大。（X）线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大。3）线圈匝数n越多，磁通量越大，

42、产生的感应电动势也越大。(X)磁场相对于导体棒运动时，导体棒中也可能产生感应电动势。(V)对于同一线圈，当电流变化越快时，线圈中的自感电动势越大。3)自感电动势阻碍电流的变化，但不能阻止电流的变化。3)物理学史链接纽曼、韦伯于1845年和1846年先后提出法拉第电磁感应定律。要点一法拉第电磁感应定律的应用师生共研型1法拉第电磁感应定律的理解感应电动势的大小由线圈的匝数和穿过线圈的磁通量的变化率罟共同决定,而与磁通量0的大小、变化量0的大小没有必然联系。0磁通量的变化率寸对应0t图线上某点切线的斜率。2应用法拉第电磁感应定律的三种情况BAsBSAt；磁通量的变化是由面积变化引起时，0=BAS,则

43、E=咕磁通量的变化是由磁场变化引起时，0=BS，则E=n磁通量的变化是由面积和磁场变化共同引起时，则根据定义求，0=0末一0初末初BS-BSBASE=n22ii/nEnAt产nAt。典例(2015重庆高考)图921为无线充电技术中使用的受电线圈示意图，线圈匝数为n,面积为S。若在到t2时间内，匀强磁场平行于线圈轴线向右穿过线圈，其磁感应强度大小由B均匀增加到B,则该段时间线圈两端a和b之间的电势差cp()12abABnSB-B恒为t-t121nSBB从0均匀变化到一tt121C一、nSBB恒为一tt121图921nSbBD.从0均匀变化到一一t_t121ab_bs解析根据法拉第电磁感应定律得，

44、感应电动势E=n亍=n彳_t，由楞次定21律和右手螺旋定则可判断b点电势高于a点电势，因磁场均匀变化，所以感应电动势恒定，B_bs因此a、b两点电势差恒为申玄_0b=_n，选项C正确。21答案C方法规律应用法拉第电磁感应定律应注意的三个问题A0（1）公式E=n冇求解的是一个回路中某段时间内的平均电动势，在磁通量均匀变化时,瞬时值才等于平均值。AB（2）利用公式E=nS石求感应电动势时，S为线圈在磁场范围内的有效面积。通过回路截面的电荷量q仅与n、0和回路电阻R有关，与时间长短无关。推导如nA0”nA0下：1At=atRA七=R-针对训练（2014江苏高考）如图922所示，一正方形线圈的匝数为n

45、,边长为a,线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中。在t时间内，磁感应强度的方向不变，大小由B均匀地增大到2B。在此过程中，线圈中产生的感应电动势为（）图922nBa2Ba22AtnBa2CAT2nBa2AtAB2BBB解析：选B磁感应强度的变化率石=七，法拉第电磁感应定律公式可写成E=n氐七=nAS，其中磁场中的有效面积S=2a2，代入得E=n2At，选项B正确，A、C、D错误。（2014安徽高考）英国物理学家麦克斯韦认为，磁场变化时会在空间激发感生电场。如图923所示，一个半径为r的绝缘细圆环水平放置，环内存在竖直向上的匀强磁场B,环上套一带电荷量为+q的小球。已知磁感应强度B随时间均匀

46、增加，其变化率为k，若小球在环上运动一周，则感生电场对小球的作用力所做功的大小是()图923A0|B.2r2qk2nr2qkD.nr2qkAB解析：选D变化的磁场产生的感生电动势为E=Anr2=kn门，小球在环上运动一周感生电场对其所做的功W=qE=qkn门，D项正确，A、B、C项错误。(2015江苏高考)做磁共振(MRI)检查时，对人体施加的磁场发生变化时会在肌肉组织中产生感应电流。某同学为了估算该感应电流对肌肉组织的影响，将包裹在骨骼上的一圈肌肉组织等效成单匝线圈，线圈的半径r=5.0cm,线圈导线的截面积A=0.80cm2，电阻率p=1.5Qmo如图924所示，匀强磁场方向与线圈平面垂直

47、，若磁感应强度B在0.3s内从1.5T均匀地减为零，求：(计算结果保留一位有效数字)图924(1)该圈肌肉组织的电阻R；该圈肌肉组织中的感应电动势E；0.3s内该圈肌肉组织中产生的热量Qo2nr解析：由电阻定律得R=p，代入数据得R6X103Qo(2)感应电动势E=Bnr2At代入数据得E4X10-2VoE2由焦耳定律得Q=rt,代入数据得Q=8X10-8Jo答案：(1)6X103Q(2)4X10-2V(3)8X10-8J要点二导体棒切割磁感线产生感应电动势的计算师生共研型E=Blv的三个特性正交性：本公式要求磁场为匀强磁场，而且B、1、v三者互相垂直。有效性：公式中的1为导体切割磁感线的有效

48、长度。如图925中，导体棒的有效长度为ab间的距离。图925相对性：E=Blv中的速度v是导体相对磁场的速度，若磁场也在运动，应注意速度间的相对关系。2导体转动切割磁感线当导体在垂直于磁场的平面内，绕一端以角速度w匀速转动时，产生的感应电动势为E=Blv=2b12w，如图926所示。图92603.公式E=nt与E=Blv的区别与联系0E-nA；tE-Blv区别研究对象闭合回路回路中做切割磁感线运动的那部分导体研究内容求的是t时间内的平均感应电动势，E与某段时间或某个过程对应若v为瞬时速度，则求的是瞬时感应电动势若v为平均速度，则求的是平均感应电动势适用范围对任何电路普遍适用只适用于导体垂直于匀

49、强磁场做切割磁感线的运动联系0EBlv可由En:在一定条件下推导出来E-n鲁卑也可求瞬时感应电动势，当t-0时的E即为瞬时感应电动势当导体切割磁感线运动时用E-Blv求E方便，当得知穿过回路的0磁通量发生变化情况时，用E-n:求E比较方便典例(2015安徽高考)如图927所示，abed为水平放置的平行“崇”形光滑金属导轨，间距为1,导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B,导轨电阻不计，已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成e角，单位长度的电阻为r，保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动（金属杆滑动过程中与导轨接触良好）。贝y（）ABCD图927电路中感应电动势的大小为徭sine电路中

50、感应电流的大小为旳十e金属杆所受安培力的大小为B21vsinB2lv2金属杆的热功率为se思路点拨（1）金属杆切割磁感线的有效长度为1。（2）计算安培力的公式F=BIL中L应为-。sine解析金属杆的运动方向与金属杆不垂直，电路中感应电动势的大小为E=B1v（1为切EB1vBvsine割磁感线的有效长度），选项a错误；电路中感应电流的大小为i=r=了=r，rsineBvsine1B21v选项B正确；金属杆所受安培力的大小为F=BIL=BSre=-，选项C错rsinerB2v2sin2e1rB21v2sine误；金属杆的热功率为P=I2R=S-一盲=S；_Y，选项D错误。r2siner答案B针对

51、训练（2015海南高考）如图928，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小为8，将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折线，置于与磁感应强度相垂直的平面内。当它沿两8/段折线夹角平分线的方向以速度v运动时，棒两端的感应电动势大小为8，贝y-厂等于()图9281A-2C1解析：选B设折弯前导体切割磁感线的长度为L,=BLv；折弯后，导体切割磁感线的有效长度为1=|2+L,故产生的感应电动势为=B1v=B=2，所以=，B正确。22（2013全国卷I）如图929，在水平面（纸面）内有三根相同的均匀金属棒ab、ac和MN,

52、其中ab、ac在a点接触，构成“V”字型导轨。空间存在垂直于纸面的均匀磁场。用力使MN向右匀速运动，从图示位置开始计时，运动中MN始终与Zbac的平分线垂直且和导轨保持良好接触。下列关于回路中电流i与时间t的关系图线，可能正确的是（）解析：选A设金属棒MN向右匀速运动的速度为v,金属棒电阻率为q，金属棒截面积为S，Zbac=20。在t时刻MN产生的感应电动势为：E=2Bv2ttanQ，回路中电阻为R=2vtcos0+2vttan0E由I=R可得:i=qBvSsin01+sin0，故选项A正确。如图9210，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面

53、（纸面）向里，磁感应强度大小为B0。使该线框从静止开始绕过圆心0、垂直于半圆面的轴以角速度w匀速转动半周，在线框中产生感应电流。现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化。为了产生与线框转动半周过程中同样大AB小的电流，磁感应强度随时间的变化率頁的大小应为（）A.C.图9210B.D.2wB0nwB02n解析：选C当导线框匀速转动时，设半径为r,导线框电阻为R,在很小的t时间内,Bas转过圆心角o=wat,由法拉第电磁感应定律及欧姆定律可得感应电流i=rat=BaoBnr202nBr2w=0Rat=2RaBS当导线框不动，而磁感应强度发生变化时，同理可得感应电流I=RAtABnr2

54、2Rat令I1=I2,可得ABBw=0AtnC对。要点三通电自感和断电自感自主悟谖型1自感现象的四大特点自感电动势总是阻碍导体中原电流的变化。通过线圈中的电流不能发生突变,只能缓慢变化电流稳定时,自感线圈就相当于普通导体。线圈的自感系数越大,自感现象越明显,自感电动势只是延缓了过程的进行,但它不能使过程停止,更不能使过程反向。2三点注意、三个技巧通过自感线圈中的电流不能发生突变，即通电过程:中，电流是逐渐变大，断电过程中，电流是逐渐变!小，此时线圈可等效为“电源”，该“电源”与其；他电路元件形成回路三点注意断电自感现象中灯泡是否“闪亮”问题的判断，在-于对电流大小的分析，若断电后通过灯泡的电流

55、比I原来强，则灯泡先闪亮后再慢慢熄灭断电自感项象申酝流芳咼基否衣变的剽断：若用电器与线圈在同一条支路中，用电器中的电流:方向不变；若用电器与线圈不在同一条支路中，用电I器中的电流方向改变通电自感：线圈相当于一个变化的电阻阻值由无穷大逐渐减小，通电瞬间自感线圈处相当于断路电流稳定时，自感线圈就是导体断电自感：断电时旨感线圈处相当于电源，电动势1由某值逐渐减小到零多角练通（多选）（2015深圳南山期末）如图9211,A、B是相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈。下面说法正确的是（）LA图9211闭合开关S时，A、B灯同时亮，且达到正常闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮闭合开关

56、S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮断开开关S时，A灯与B灯同时慢慢熄灭解析：选BD由于自感的作用，闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮，选项A、C错误B正确；断开开关S时，L中产生自感电动势，A灯与B灯同时慢慢熄灭，选项D正确。（多选）（2016苏州高三调研）如图9212所示是研究通电自感实验的电路图，Aa2是两个规格相同的小灯泡，闭合开关调节电阻r,使两灯泡的亮度相同。调节可变电阻叫,使它们都正常发光，然后断开开关s。重新闭合开关s,贝y（）图9212闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮闭合瞬间，A2立刻变亮，A逐渐变亮稳定后，L和R两端电势差一定相同稳定后，A1和A2两端电势差不相同解析

57、：选BC闭合瞬间，L相当于断路，码立刻变亮，A1逐渐变亮，稳定后，两个灯泡的亮度相同，说明它们两端的电压相同，L和R两端电势差一定相同，选项B、C正确A、D错误。反思一刻补短増分STS问题练迁移思维-电磁感应在生活中的应用电磁感应现象与生活密切相关，高考对这部分的考查更趋向于有关现代气息和STS问题中信息题的考查。命题背景有电磁炉、电子秤、电磁卡、电磁焊接术、卫星悬绳发电、磁悬浮列车等。（2013浙江高考）磁卡的磁条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈。当以速度vo刷卡时，在线圈中产生感应电动势，其Et关系如图9213所示。v如果只将刷卡速度改为20,线圈中的Et关系图可

58、能是（）图9213v解析：选D若将刷卡速度改为孑，线圈切割磁感线运动时产生的感应电动势大小将会减半，周期将会加倍，故D项正确，其他选项错误。（2016佛山高三质检）图9214甲为手机无线充电的原理图，下列哪种装置的工作原理与其相同（）电磁炉C.回旋加速器图9214电动机D.速度选择器解析：选A手机无线充电及电磁炉均应用了电磁感应原理；而电动机是导线在磁场中受力；回旋加速器利用电场的加速及磁场中的偏转；速度选择器采用的是复合场中的运动。故A正确。（多选）（2015茂名一模）漏电保护开关由一个触电保安器和继电器J组成，如图9215所示。保安器A处用火线和零线双股平行绕制成线圈，然后接到用电器，B处

59、有一个输出线圈，一旦线圈B中有电流，经放大后便能推动继电器切断电源。关于保安器的说法正确的是（）图9215保安器的工作原理是电磁感应原理多开灯会使保安器切断电源线圈B中电流一定大于线圈A中的电流如图人“手一地”触电会切断电源解析：选AD由分析可知，保安器的工作原理是电磁感应原理，故A正确；开的电灯过多，但火线和零线中电流方向相反、大小相等，线圈A产生的总磁通量为零，线圈B中不会产生感应电流，故继电器不会切断电源，故B错误；由图可知，A和B组成类似于变压器结构，由电流之比等于匝数的反比可知，由于不明确线圈匝数关系，故无法确定电流大小，故C错误；当有人如图中“手地”触电时，会导致一部分电流通过大地

60、，火线和零线中电流大小不等，线圈A产生的总磁通量不为零，故会在线圈B中产生感应电流，经放大后便能推动继电器切断电源，故D正确。课后演练对点设计对接高考|题组集训讲练对应更实用对点训练：法拉第电磁感应定律1.（多选）（2015惠州调研）如图1甲所示，面积S=1m2的导体圆环内通有垂直于圆平面向里的磁场，磁场的磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示（B取向里为正），以下说法正确的是（）图1环中产生逆时针方向的感应电流环中产生顺时针方向的感应电流环中产生的感应电动势大小为1V环中产生的感应电动势大小为2V解析：选AC由图乙可知，B随t均匀增大，穿过圆环的磁通量增加，据楞次定律，B感感向外，又据安培