2022-2023学年湖南省怀化市新晃侗族自治县物理九上期中综合测试模拟试题含解析

1、2022-2023九上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）1两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用

2、同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示，根据图像可知A甲液体的比热容小于乙液体的比热容B如果升高相同的温度，两种液体吸收的热量相同C如果吸收相同的热量，乙液体比甲液体的末温高D如果吸收相同的热量，甲液体温度的变化量比乙液体温度变化量多2下列现象中，说明分子一直处在永不停息的运动中的是A酒精擦到皮肤上，能闻到酒精味B扫地时灰尘到处乱飞C天热时，打开电风扇感到凉快D冬天，雪花飘飘32019年10月1日是中华人民共和国成立70周年华诞，我国在北京天安门广场举行了盛大的阅兵式，如图所示为受阅的我国自主研发的空中加油机和战斗机。若某空中加油机正在给水平匀速飞行的战斗机加油，则在加油的过程中战斗

3、机的A动能不变，势能不变，机械能不变B动能不变，势能减少，机械能减少C动能增加，势能不变，机械能增加D动能增加，势能增加，机械能增加4单缸四冲程汽油机和柴油机工作时，下列说法中正确的是（ ）A完成一个工作循环，曲轴转动四周B汽油机吸气冲程中吸入气缸的物质是汽油C柴油机做功冲程中点火方式是压燃式D压缩冲程中，汽油机的压缩程度要比柴油机压缩程度大5如图，两只相同的温度计，其中包有湿棉球的示数较低，原因是A水蒸发放热B水蒸发吸热C水凝固放热D水凝固吸热6关于燃料的热值以下说法正确的是（）A燃料的热值与燃料的燃烧情况有关B0.5kg汽油和2kg汽油，它们的热值是一样的C煤的热值比干木柴大，燃烧煤放出的

4、热量一定比燃烧干木柴放出的热量多D容易燃烧的燃料，热值一定大7在如图所示的电路中，为使灯L1与L2并联，应A闭合开关、，断开B闭合开关、，断开C闭合开关、，断开D同时闭合开关、8于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是A两个实验采用的都是控制变量的研究方法B两实验的实验电路在教科书中是相同的C前者收集多组数据的目的，是为了得出电流跟电阻的定量关系D后者收集多组数据的目的，是为了取电阻的平均值，减小误差9从欧姆定律可导出R=，下列说法正确的是（ ）A当电压为0时，电阻为0B当电流增大2倍时，电阻减小2倍C当电压增大2倍时，电阻增大2倍D不管电压或电流如何变化

5、，电阻不变10光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小如图所示，闭合开关，逐渐减弱光敏电阻的光照强度，下列说法正确的是A电流表和电压表的示数均变小B电流表和电压表的示数均变大C电流表的示数变小，电压表的示数变大D电流表的示数数大，电压表的示数变小11以下事例中属于增大压强的是A书包背带较宽B滑雪板底板较宽C刀刃做得很薄D推土机履带很宽12青少年科技创新材料中有一种变光二极管，奥秘在于其内部封装有一红一绿两个发光二极管，电流从其P端流入时发红光，从其Q端流入时发绿光.二极管(符号为)具有单向导电性:当电流从“+”极流入时二极管能通电且发光，当电流从“一”极流入时二极管不发光，电流不能通过.则该变光二

6、极管的内部结构可能是下图中的ABCD13如图所示的电路中，R1：R2=3：1， S断开时，电流表的示数为I1， S闭合时，电流表的示数为I2，则I1与I2之比是A3：4B4：3C1：3D1：414下列运用科学方法的实例中，错误的是A通过灯泡是否发光，判断电路中有无电流，运用了转换法B由增加内能的办法联想到减小内能办法，运用了逆向思考法C制作滑动变阻器时，发现导线太长而采取缠绕方式，运用了缺点利用法D学习电压知识时，类比水压，运用了类比法15水和煤油吸收相同的热量，水的比热容是煤油的2倍，水升高的温度是煤油的1/3，则水与煤油的质量之比为A3：2 B2：3 C6：1 D1：616下列过程中，通过

7、热传递改变物体内能的是A钻木取火B锯木头时，锯片发热C卫星进入大气层时外壳发热D热水中放入冰块，水温下降17如图电路，闭合开关，电流表测量的是AL1的电流BL2的电流CL3的电流D干路的电流18有关温度、热量、内能，下面说法正确的是（）A物体温度越高，所含有的热量越多B水凝固成冰后，无法流动，内能也随之消失C物体吸热，内能一定增加D热传递时，热量由内能多的物体传递给内能少的物体19在厚玻璃瓶内装入少量的水，并滴入几滴酒精，塞紧塞子后，用气筒往瓶内打气，下列说法正确的是A往瓶内打气时，瓶内的水是没有内能的B往瓶内打气时，外界对瓶内气体做功，瓶内气体内能减小C塞出跳出时，瓶口有白雾出现，是汽化现象

8、D瓶塞跳出时，瓶内气体内能减小20如图所示，两段粗细不同的金属导体AB与BC连在一起，将AC两端接入电路中，则通过AB的电流IAB和通过BC的电流IBC的大小关系是（）AIABIBCBIAB煤油)三、实验题（每空1分，共2题，15分）41为探究物体温度升高时吸收热量的多少与哪些因素有关，实验室中准备了以下仪器：(1)除了图示的器材外，本实验还需要的测量工具有_和_；水和沙子吸热的多少是通过_来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）(2)某小组实验中记录了实验数据（见下表），分析第1、2次或第3、4次实验数据可看出；同种物质，当_一定时，吸收的热量与物体的_有关分析第1、3次或第2、4次实验

9、数据可看出：物质吸收的热量还与物质的_有关(3)由此可知沿海地区昼夜气温变化比内陆地区气温变化小的原因是_42如图所示，如图甲是测量小灯泡电功率的电路。小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡正常发光时电阻约为8。（1）请根据图甲将图乙中的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。（_）（2）小云同学连接最后一根导线时，灯泡立即发出明亮的光且很快熄灭，经检查发现连线正确，出现这一故障的原因有两个操作不当之处：_；_。（3）排除故障后正确操作实验，测量数据如下表所示分析实验数据可知：实验次数12345678发光情况明亮亮更明亮较亮较暗微光熄灭熄灭电压U/V2.52.13.01.71.30.90.50.1电流

10、I/A0.280.260.300.240.210.190.160.05小灯泡的额定功率为_W。7、8两次实验中，灯泡熄灭的原因是_。小灯泡在断电一段时间后的电阻可能是_（填“0”、“1”、“2”或“8.9”）（4）本实验电路除了能测小灯泡的功率，小云认为本实验还能探究电流与电压的关系，你认为小云的观点是_(选填“正确”或“错误”)的，理由是_。四、计算题（每题10分，共2题，20分）43今年“五一”期间，爸爸开车带着鲁鲁去旅游汽车(包括车上的人和物品)质量为1.6103 kg，汽车以90 km/h的速度在平直公路上匀速行驶230 km，所受的平均阻力是汽车总重的0.05倍，汽车发动机的效率为2

11、5%，汽油的热值是4.6107 J/kg(假设汽油完全燃烧，g取10 N/kg)求：(1)汽车以90 km/h的速度在平直公路上匀速行驶时，汽车发动机的牵引力是多少？(2)汽车行驶230 km牵引力做了多少功？(3)汽车全程消耗汽油多少千克？44用煤气灶把2kg、初温为20的水烧到70，消耗了20g煤气已知水的比热容是4.2103J/（kg），煤气的热值为4.2107J/kg试求：（1）水吸收的热量是多少？（2）煤气完全燃烧放出的热量是多少？（3）煤气灶烧水的效率是多少？参考答案一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）1、C【解析】A由公式Q吸=cmt变形得：c=，由图象可知，质量和吸收的

12、热量都相同的甲、乙两种液体，甲液体升高的温度低，所以甲比乙液体的比热容大故A错误；B甲与乙液体升高的温度相同,质量相同,甲比乙液体的比热容大根据Q吸=cmt可知，甲比乙液体吸收的热量多故B错误；CD如果吸收相同的热量，又知道甲乙的质量相同，初温相同，甲的比热容大于乙的比热容，由Q吸=cmt,比热容小的温度变化块，所以乙的温度变化较快，所以乙的末温比甲的末温高，乙的温度的变化量比家的温度的变化量大，故C正确，D错误2、A【解析】A酒精擦到皮肤上，因为酒精分子在不停地运动，所以能闻到酒精味，故A正确B扫地时灰尘到处乱飞，灰尘属于宏观物体，属于机械运动的，故B错误C天热时，打开电风扇感到凉快，电风扇

13、使空气流动形成风加快汗液的蒸发，这是由外力作用产生的运动，不能说明分子在永不停息地运动，故C错误D冬天，雪花飘飘，雪花是宏观物体，它是由于外力的作用而运动的属于机械运动，故D错误3、D【解析】加油后战斗机仍以原来的高度和速度做匀速飞行，战斗机油量增加，质量增大，动能增大。战斗机的质量增大，高度不变，重力势能增大。机械能等于动能与势能之和，战斗机没有发生弹性形变，不考虑弹性势能。动能增大，重力势能增大，机械能增大；综上所述，故选D。4、C【解析】A完成一个工作循环，即四个冲程，曲轴转动两周，故A不正确；B汽油机吸气冲程吸入气缸的物质是汽油和空气的混合物，故B不正确；C柴油机和汽油机的点火方式不同

14、，柴油机是压燃式，汽油机是点燃式，故C正确；D压缩冲程中，柴油机的压缩程度比汽油机的压缩程度大，故D不正确。故选C。5、B【解析】湿棉球的水分要蒸发变为气态，是汽化现象，汽化时会从温度计上吸收热量，使温度计的示数降低；故选B【点睛】掌握“固态-液态-气态”三态之间变化名称，以及吸热和放热情况，能解释生活中有关的物态变化6、B【解析】A燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故A错误；B燃料的热值与质量无关，热值是燃料的一种特性，同种燃料，其热值是一样的，故B正确；C煤的热值比干木柴大，说明1kg的煤完全燃烧放出的热量比1kg干木柴完全燃烧放出的热量多，而题中两者质量不一定相等，且不

15、一定完全燃烧，所以煤燃烧放出的热量不一定多，故C错误；D燃料的热值与燃料是否容易燃烧无关，故D错误。7、B【解析】电流从电源正极出发,只有闭合开关S3,才能使电流出现分路,分别流经灯泡L1与L2,但需要断开S2,才能使电流流经灯泡L1与L2后汇合在一起,最后闭合开关S1,电流回到电源的负极,即应该是闭合开关S3、S1,断开S2；故选B.8、A【解析】在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要利用控制变量法，故A不正确；这两个实验的实验电路图都相同，故B正确；实验过程为了减小误差，常采用多次测量取平均值的办法进行分析解答，故CD都正确，即只有A符合题意，故选A9

16、、D【解析】电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当电压为0时、电流增大2倍时或电压增大2倍时，电阻的阻值不变，故ABC错误，D正确故选D10、C【解析】BD由电路图知道，光敏电阻R与定值电阻R0 串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，由于光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，所以，当逐渐减弱光敏电阻的光照强度时，光敏电阻R的阻值变大，电路的总电阻变大，由知道，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故BD错误；AC由U=IR知道，R0 两端的电压变小，由于串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变大，即电

17、压表的示数变大，故A错误、C正确11、C【解析】A. 书包带较宽是在压力一定时，增大受力面积减小书包对肩膀的压强，背书包时舒服些不符合题意B. 滑雪板底板较宽，是在压力一定时，增大受力面积减小对雪地的压强，防止陷入雪中不符合题意C. 刀刃磨得很薄，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强符合题意 D. 推土机履带很宽，增大受力面积减小对路面的压强，保护路面不符合题意故选C.点睛：（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强12、B【解析】因为二极管具

18、有单向导电性，当电流从二极管的正接线柱流入，负接线柱流出时，二极管将电路接通；当电流从二极管的负接线柱流入时，二极管在电路中处于断开状态；根据题意可知，电流从其P端流入时发红光，从其Q端流入时发绿光，所以两二极管并联，且红发光二极管的正接线柱在P端，负接线柱在Q端，绿发光二极管的正接线柱在Q端，负接线柱在P端，所以B图正确故选B.【点睛】当电流从二极管的正接线柱流入，负接线柱流出时，二极管将电路接通；当电流从二极管的负接线柱流入时，二极管在电路中处于断开状态13、D【解析】由电路图知道，当S断开时，电路中只有R1 工作，则电流表的示数是：；当S闭合时，电阻R1 、R2 并联，电流表测量干路的电

19、流，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以，电阻R1 、R2两端的电压相等，且都等于电源的电压；所以，通过R1的电流是：通过R2的电流是：由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以此时电流表的示数是：故又因为R1：R2=3：1，代入上式知道，I1与I2之比是：I1 ：I2 =1：4故只有D正确。14、C【解析】A、通过灯泡亮或不亮判断电路中有无电流，采用的是转换法，故A正确B、增大内能和减小内能是两个相反的过程由增大内能的方法想到减小内能的方法，利用了逆向思考法故B正确；C、制作滑动变阻器时，发现导线太长而采取缠绕的方式，这是缺点列举法，故C错误；D、学习电压知识时，类比水压，运用了类比法

20、，故D正确；故选C15、A【解析】由题知，水和煤油吸收的热量Q水Q煤油Q，比热容c水：c煤油2：1，升高的温度t水：t煤油1：3，由Q吸cmt得，则水和煤油的质量之比：故选A.【点睛】确定水和煤油的比热容之比、升高的温度之比、吸收的热量之比，利用Q吸cmt求质量之比16、D【解析】A钻木取火是通过做功的方式改变内能的，故A错；B锯木头时，锯片发热是通过做功的方式改变内能的，故B错；C卫星进入大气层时外壳发热是通过做功的方式改变内能的，故C错；D热水中放入冰块，水温下降是通过热传递的方式改变内能的，故D正确；应选D17、A【解析】开关闭合后，电流从电源正极出，经过开关、灯L3后，在未进入电流表之

21、前分支，一路经过灯泡L2，另一路经过电流表、灯泡L1，然后两路汇合共同流向负极，因此灯L1和L2并联连接；电流表测量灯泡L1的电流。18、C【解析】A热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，A错误；B任何物体都有内能，所以水凝固成冰后，冰仍然有内能，B错误；C物体吸热，其内能一定变大，C正确；D发生热传递的条件是存在温度差；内能小的物体温度可能比内能大的物体的温度高，所以温度高、内能少的物体可以将热量传递给温度低、内能多的物体，D错误。19、D【解析】A、一切物体在任何情况下都有内能，故往瓶内打气时，瓶内的水是有内能的，故A错误；B、往瓶内打气时，外界对瓶内气体做功，瓶内气体内能增加，故B错

22、误；C、塞出跳出时，瓶口有白雾出现，是由于水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故C错误；D、瓶塞跳出时，瓶内气体对瓶塞做功，所以瓶内气体的内能减小，温度降低，故D正确故选D20、C【解析】由图示知，导体AB、BC串联接入电路中，则通过两导体的电流相等，即IAB=IBC，故ABC不符合题意，C符合题意。故选C。21、D【解析】A、串联电路中各处的电流相等，故A错误；B、并联电路中的干路电压与各支路两端电压相等，故B错误；C、规格相同的用电器并联时，各支路上通过的电流也相等，故C错误；D、因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以其中一条支路的电流等于干路中的电流减去其它支路电流，故D正确故选D

23、【点睛】重点是串、并联电路中的电流、电压规律，要结合串、并联电路的特点和欧姆定律进行分析，知道规格相同的用电器在串并联时的特殊情况22、B【解析】A选项，已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等，由图象可以看出；在吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由比热容公式知，甲液体比热容较小，故A错误；B选项，比热容越大，液体的吸放热能力越强，所以甲的吸热能力弱，乙的吸热能力强，故B对；C选项，由题可以知道，同一热源分别加热，加热相同的时间，甲与乙液体吸收的热量相同，故C错误；D选项，升高相同的温度，比热容越小，吸收的热量越少，所以D错误【点睛】液体吸放热能力与比热容有关23、A【

24、解析】由题意可知，机要室大门有两把钥匙，只有两把钥匙同时开启时，大门才能打开，大门由电动机控制，钥匙实质就是电路中的开关，即两个开关同时闭合时，电路才接通，才能使电动机工作，只闭合其中一个开关，电动机是不工作的，电路没有接通开关之间不能独立工作，是串联关系A两钥匙是串联的，只有都闭合时，电路才接通，只闭合一个，是断路，符合题意；B开关是并联的，只闭合一个开关，电路就接通，电动机就工作了，不符合要求；C只闭合钥匙1这个开关，电路就接通了，两开关都闭合，就短路了，不符合要求；D只能用钥匙1来控制电动机工作，钥匙2只要闭合，电路就短路，不符合要求24、A【解析】因三个小球都带电，由图知道，C、B两小

25、球相斥，由于同种电荷相互排斥，说明带的是同种电荷，即正电荷，又因为A、B两小球相吸，说明A球带的电荷与B球带的电荷为异种电荷，即负电荷，综上所述，只有A正确。25、A【解析】由可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在实验时应控制酒精和木屑的质量相同；故A项符合题意；BCD项不符合题意；26、D【解析】（1）由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测L2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路中的电压特点求出电源的电压；（2）若把电压表V1换成电流表A1，电压表换成V2电流表A2，电流表A换成电压表V，则两灯泡并联，电流表A1测

26、L2支路的电流，A2测L1支路的电流，电压表测电源的电压，根据电源的电压得出电压表的示数【详解】（1）由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测L2两端的电压，电流表测电路中的电流，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：；（2）若把电压表V1换成电流表A1，电压表换成V2电流表A2，电流表A换成电压表V，则两灯泡并联，电流表A1测L2支路的电流，A2测L1支路的电流，电压表测电源的电压，所以此时电压表的示数为10V故选D27、B【解析】如图所示，开关闭合后，两灯泡逐个顺次连接，是串联接入电路;电流表A1、A2测电路中电流，电压表V1测L1电压，电压表V3

27、测电路总电压，电压表V2测L2电压；故B正确。28、B【解析】A. 同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动时，接入的电阻不变，故A不合题意；B. 滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度减小，接入电路中的电阻变小，故B符合题意。C. 同时接入下方两接线柱，相当于接入一定值电阻，滑片移动时，接入的电阻不变，故C不合题意；D. 滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度增大，接入电路中的电阻变大，故D不合题意。故选B.点睛：滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。滑动变阻器正确接法是上下接线柱各接一个，若要连入电路的电阻变小，则下边的D接线柱要接入电路。29、C【解析】A. 食

28、用油和水比热容不同，加热到相同温度，所需加热时间不同，故A错；B. 食用油吸热升温较快，说明食用油吸热能力较差，故B错；C. 加热相同时间，水升温少，说明水吸热能力较强，故C正确；D. 完全相同的装置，加热相同时间，水和食用油所吸收的热量相同，故D错30、B【解析】甲球排斥乙球，则甲、乙带同种电荷，故A错误，B正确；乙球吸引丙球，丙有可能带异种电荷，也有可能不带电，故CD错误故选B二、填空题（每空1分，共10题，20分）31、断开 导体两端的电压 R= 减小误差 【解析】1为保护电路，连接电路时电键必须断开；2探究电流和电压的关系，通过调节滑动变阻器的阻值，改变导体两端的电压，测量多组数据进行

29、分析，得出电流和电压的正比例关系；34“用电流表、电压表测电阻”的实验中，实验原理是：R=(或欧姆定律)，实验中通过改变导体两端的电压和通过导体的电流，测量多组数据，求出电阻的平均值来减小误差。32、串，8，13【解析】试题分析：实际电压为12V，而小灯泡的额定电压为6V，因此需要串联一个电阻分担一部分电压；U阻=U-U灯=12V-6V=4V，I=I阻=I灯=P灯/U灯=3W/6V=25A，R阻=U阻/I阻=4V/25A=8；R灯=U额2/P额=（6V）2/3W=12，P实=U实2/R灯=（4V）2/1213W考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电功率的计算；实际功率33、机械能转化为内

30、能力可以改变物体的运动的状态【解析】分析：人从滑梯滑下并感到发烫必与机械能的转化，做功改变物体的内能有关解：（1）人从滑下速度越来越快，说明重力势能转化为动能；（2）下滑过程中克服摩擦力做功，使其内能增加，温度升高故答案为：（1）重力势能转化为动能；（2）做功可以改变物体的内能点评：此题属于开放性试题，根据图示情景，灵活选择合适的物理原理、规律，使思维畅通，问题便会迎刃而解34、0.5 10 【解析】已知导体的电阻与电压，利用欧姆定律可计算其电流的大小；影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积和温度，与导体的电压和电流无关。【详解】通过导体的电流I=UR=5V10=0.5A，因为电阻是导体本

31、身的一种性质，与电流和电压无关，如果这个电阻两端的电压增加到10V，而导体的材料、长度、横截面积和温度都不变，电阻阻值不变，仍为10。35、调零 两（或2） 【解析】(1)1电流表和电压表在使用前都要进行调零；(2)2电流表和电压表都有3个接线柱，其中两个正接线柱，一个负接线柱；(3)3 根据电流表串联、电压并联的使用规则，图甲中与灯L串联在一起的是电流表，与L并联的是电压表；图乙中与灯L1串联一起的是电流表，与L1并联一起的是电压表才能使两灯都亮。36、10 40 【解析】12四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，则该飞轮每秒钟转20圈。因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做

32、功1次，所以飞轮转20圈，共完成10个工作循环，共40个冲程，共做功10次。37、扩散 温度 【解析】1把红墨水分别滴入质量相等的冷水和热水中，一段时间后观察到的现象是：杯中水会变红，墨水分子由于运动扩散到水分子中间去了，这说明分子之间存在空隙，同时分子在永不停息地做无规则运动，属于扩散现象；2盛热水的杯子变化明显，这说明分子运动速度和温度有关，温度越高，运动速度越快。38、断开 被短路 【解析】由图可知当定时开关闭合时播放器被短路，则播放器中没有电流通过；若定时开关断开时，播放器将接在电源两端【详解】1由题意可知，到达设定时间，“定时开关”断开，“播放器”形成通路，有电流通过，则“播放器”播

33、放音乐；2由图可知，闭合开关S，当“定时开关”处于闭合状态时，指示灯形成通路，则会亮，播放器被短路，则播放器中没有电流通过，播放器不会播放音乐39、四 做功 压缩 【解析】内燃机的一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，其中压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。40、千克每立方米 质量为0.8103千克 煤油 【解析】0.8103千克/米3读作0.8103千克每立方米；其表示的物理意义是每立方米煤油的质量为0.8103千克；相等质量的煤油和水，根据公式：可知，密度大的体积小，所以煤油的密度小体积大.三、实验题（每空1分，共2题，15分）41、天平 秒表 加热时间 升

34、高的温度 质量 比热容/种类 沙的比热容比水小 【解析】(1)要比较不同液体的吸热能力，需要取相同质量的物质，还要对加热时间长短进行记录，所以还需要的器材是托盘天平和秒表；实验中两只相同的酒精灯对不同物质加热，加热时间越长，说明物质吸收的热量越多，所以水和沙子吸热的多少是通过加热时间的长短反映的；(2)分析第1、2次或第3、4次实验数据可看出，都是同种物质且温度的变化量相同，质量不同和加热时间不同，故可得出：同种物质，当升高的温度一定时，吸收的热量与物体的质量有关；分析第1、3次或第2、4次实验数据可知，物质的种类不同且温度的变化量相同，但加热时间不同，故可得出：物质吸收的热量还与物质的种类有

35、关(3)沿海地区多水，水的比热容大，内陆地区多砂石，砂石比热容较小；在同样吸放热条件下，水的温度变化小，砂石温度变化大，所以沿海地区昼夜温度变化不如内陆地区大【点睛】（1）根据Qcmt可知：物体温度升高吸收热量的多少可能与质量和物质的种类有关，需要测量的物理量有温度、质量、吸收热量，质量的测量需要天平，温度的测量需要温度计，吸收热量的测量没有专门的工具，通过时间来表示，需要用到秒表；相同的加热设备，可以保证不同物质在相同时间吸收的热量相同，加热时间越长，物质吸收的热量越多；（2）分析第1、2次或第3、4次实验数据可知，都是同种物质且温度的变化量相同，质量不同和加热时间不同，说明吸热多少与质量有关；分析第1、3次或第2、4次实验数据可知，物质的种类不同且温度的变化量相同，但加热时间不同，说明吸热多少与物质的种类有关（3）水的比热容大，在同样吸放热条件下，水的温度变化小42、 连接电路时，开关没有断开 滑动变阻器的滑片没有移到最大阻值位置 0.7 实际功率太小 1 错误 灯丝的电阻不是一个定值，而是随温度的升高而变大 【解析