2023届江西省重点中学盟校物理高一第一学期期末教学质量检测试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试

2、卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、关于自由落体运动，下列说法正确的是（ ）A.树叶在空中的飘落是自由落体运动B.物体刚下落时，速度和加速度都零C.自由落体运动在第ls内、第2s内、第3s内的位移之比是1：3：5D.自由落体运动在第1s内、第2s内、第3s内的位移之比是1：4：92、如图所示为一竖直放置的棋盘，该棋盘具有磁性，每个棋子均可视为能被棋盘吸引的相同质量的小磁体对于静止在棋盘上的某颗棋子，下列说法正确的是( )A.受三个力作用B.所受的摩擦力是个定值C.棋盘对棋子的作用力大于棋子对棋盘的作用力D.只要磁力足够大

3、，即使棋盘光滑，棋子也能静止在棋盘上3、如图所示，猴子抓住树枝悬挂在空中静止,根据图1所示，关于猴子的运动状态，下列判断正确的是()A.平衡状态B.超重状态C.失重状态D.无法判断4、物体在一条直线上运动，依次经过ACB三个位置，在AC段做加速度大小为a1的匀加速运动，在CB段做加速度大小为a2的匀加速运动，且从A到C和从C到B的时间相等，物体经过A、B两点时的速度分别为vA和vB，经过C点时的速度为vC，则a1和a2的大小关系为()A.a1a2B.a1a2C.a1a2D.条件不足，无法判断5、如图为一个质点做直线运动的v t图象，该质点在前4 s内向东运动，则该质点()A.在810 s内始终

4、向东运动B.在前8 s内的加速度大小不变，方向始终向西C.在前8 s内的合外力先减小后增大D.在412 s内的位移大小为24 m6、在 2018 年 8 月雅加达亚运会上，中国选手谢思场在男子 3 米板跳水决赛中夺冠，实现中国队在该项目中的 12 连冠则谢思场A.在起跳加速上升过程中对跳板的压力大于跳板对他的支持力B.在起跳加速上升过程中对跳板的压力大于他的重力C.在离开跳板后的上升过程中处于超重状态D.在入水前的下降过程中处于超重状态7、质量为1kg的物体，自由下落2s，则在这2s内: (取 g=10m/s2)A.重力做正功200JB.重力做正功100JC.重力做功的平均功率为50WD.重力

5、做功的平均功率为100W8、光滑斜面倾角为，用平行于斜面向上的力F，作用在质量为m的物体上，物体由静止开始运动时间t后，撤去力F，又经t时间，物体恰回到出发点，此时物体的速度大小为v.则（）A.v=B.v=gtsinC.3F=4mgsinD.F=2mgsin9、如图所示为竖直平面内的直角坐标系一质量为m的质点，在恒力F和重力的作用下，从坐标原点O由静止开始沿直线ON斜向下运动，直线ON与y轴负方向成角(90)不计空气阻力，则以下说法正确的是A.当F=mgsin时，拉力F最小B当F=mgtan时，拉力F最小C.若一段时间后撤去力F，此后质点将做曲线运动D.撤去力F后，质点在相等的时间内速度变化一

6、定相等10、下列说法正确的是（ ）A.牛顿力学中认为时间与空间是绝对的B.火车太长，地球和太阳质量太大，所以在研究其运动时不能看成质点C.在验证力的平行四边形定则的实验中，应用得科学方法是等效替代D.速度变化大的物体，其加速度也大11、下面几个说法中不正确的是 ( )A.物体不受力时，一定处于静止状态B.当物体的速度等于零时，物体一定处于平衡状态C.力是使物体惯性改变的原因D.物体的加速度方向一定与物体所受合外力的方向相同12、如图所示，质量为m的小球悬挂在小车顶棚上，在运动过程中当小球偏离竖直方向角时，则下列说法正确的是（）A.小车可能向左减速运动B.小车可能向右减速运动C.小车的加速度大小

7、a=gtanD.悬挂线的拉力大小F=二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图所示,楔形物体倾角为30，放在水平地面上，轻质硬杆下端带有轻滑轮。上端顶有重1000N的物体，硬杆只能沿滑槽上下滑动，不计一切擦，g=10m/s2，(1)若楔形物体重2000N，系统静止时地面对斜面的支持力多大?(2)求作用于楔形物体上的水平推力至少多大才能将重物顶起?(3)当轻杆连同上端重物以2m/s2加速上升时，楔形物体对滑轮的作用力多大?14、（10分）在探究加速度与力、质量的关系时，小王同学采用如图装置，如图1中小车及砝码的质量用M表示，沙桶及沙的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动

8、的纸带计算出。(1)往沙桶中加入一定量的沙子，当M与m的大小关系满足_时，可近似认为绳对小车的拉力大小等于沙桶和沙的重力；在释放小车_（选填“之前”或“之后”）接通打点计时器的电源，在纸带上打出一系列的点。(2)在平衡摩擦力后，他用打点计时器打出的纸带的一段如图2，该纸带上相邻两个计数点间还有4个点未标出，打点计时器使用交流电的频率是50Hz，则小车的加速度大小是_m/s2，当打点计时器打B点时小车的速度是_m/s；（结果保留三位有效数字）(3)小张同学用同一装置做实验，他们俩在同一坐标系中画出了a-F关系图，如图3，小张和小王同学做实验，哪一个物理量是不同的_。三、计算题要求解题步骤，和必要

9、的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端与桌面的右端相齐，在薄木板的中央有一个小滑块（可视为质点），整个装置处于静止状态某时刻起对薄木板施加一个向右的拉力F使木板向右运动，已知拉力F=4.5N时，小滑块与木板之间恰好发生相对滑动薄木板的质量M=1.0kg，长度L=1.0m，小滑块的质量m=0.5kg，小滑块与桌面、薄木板与桌面之间的动摩擦因数均为1=0.2，设滑动摩擦力等于它们之间的最大静摩擦力，重力加速度g=10m/s2求：（1）拉力F=3.6N时，m与M的加速度各为多大；（2）小滑块与薄木板之间的动摩擦因数2；（3）若使小滑块脱离木板但不离开桌面，

10、拉力F应满足的条件。16、（12分）如图所示，倾角为37足够长的斜面固定在水平地面上，斜面上某位置有一弹性挡板，物体与挡板相撞后以原速率反弹。斜面的顶端放置质量为M=16kg的木板，板上端叠放质量为m=9kg的滑块(可视为质点)，木板与斜面间的动摩擦因数1=0.3，滑块与木板间的动摩擦因数2=0.5，木板下端到挡板的距离为L=1.25m。将滑块与木板由静止释放，它们一起沿斜面向下运动。g取10m/s2, sin37=0.6，cos37 =0.8，求:(1)木板下端到达挡板时的速度；(2)若木板与挡板碰撞后立即撤去挡板，要使滑块不脱离木板，木板的长度至少为多少? (计算结果保留两位有效数字)17

11、、（12分）在研究摩擦力的实验中，将木块放在水平长木板上如图所示，用力沿水平方向拉木块，拉力从零开始逐渐增大分别用力传感器采集拉力和木块所受到的摩擦力，并用计算机绘制出摩擦力Ff随拉力F的变化图象，如图所示已知木块质量为8.0kg，重力加速度g10m/s2，sin 370.6，cos 370.8.(1)求木块与长木板间的动摩擦因数；(2)如图(c)，木块受到恒力F50N作用，方向与水平方向成37角斜向右上方，求木块从静止开始沿水平面做匀变速直线运动的加速度大小；(3)在(2)中拉力F作用t12.0s后撤去，计算再经过多少时间木块停止运动？参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每

12、题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】A树叶在空中的飘落，阻力不可忽略，则不是自由落体运动，选项A错误；B物体刚下落时，速度为零，但是加速度不为零，选项B错误；CD根据初速度为零的匀变速运动的规律可知，自由落体运动在第ls内、第2s内、第3s内的位移之比是1：3：5，选项C正确，D错误；故选C。2、B【解析】A、小棋子受到重力G、棋盘面的吸引力F、弹力N和静摩擦力f，则棋子受到四个力的作用，故A错误；B、棋盘对棋子的吸引力与棋盘面对棋子的弹力平衡，而静摩擦力与棋子的重力平衡，与磁力大小无关，所受的摩擦力是个定值，故B正确；C、棋盘对棋子的作用力与棋子对棋盘的作用力，是一对相互作用

13、力，大小总是相等，故C错误；D、当时，棋子将下滑；因此当棋盘光滑，棋子不受摩擦力作用，故会下滑，故D错误；故选B【点睛】关键是对棋子进行受力分析，根据棋子的运动状态，结合平衡的条件分析棋盘面应选取的材料，并利用相互作用力，大小总是相等，从而即可求解3、A【解析】由题可知，猴子抓住树枝悬挂在空中静止，其合力为零，即处于平衡状态，故A正确，BCD错误；故选A。4、B【解析】根据题意从A到C的时间和从C到B的时间相等，所以加速度的大小由速度变化量决定，即比较：vC-vA与vB-vC的大小；由数学关系知（ v A）(vB)0，所以a1a2，B正确，ACD错误故选B【点睛】此题主要是数学知识在物理中的应

14、用，注意加速度的概念应用，速度变化量等于加速度乘以时间即可5、B【解析】速度的正负表示运动的方向，0-4s内向东运动，则4-10s内向西运动，故A错误在前8s内，图线的斜率不变，则加速度不变，斜率为正值，因为速度为负时向东运动，可知规定向西为正方向，则前8s内加速度方向始终向西，故B正确前8s内加速度不变，根据牛顿第二定律知，物体所受的合力不变，故C错误根据图线围成的面积知，4-12s内的位移为：x46m12m，故D错误故选B点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，速度的正负表示运动的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移6、B【解析】作用力与反作用力大小相等、

15、方向相反；力是改变物体运动状态的原因，物体向上加速时，合外力一定向上，物体处于超重状态；物体向上减速时，合外力一定向下，物体处于失重状态【详解】A、谢思场对跳板的压力和跳板对他的支持力属于作用力和反作用力，大小相等，A错误；B、在起跳加速上升过程中，加速度竖直向上，合力竖直向上，则跳板对谢思场的支持力大于其重力，所以他对跳板的压力也大于重力，B正确；CD、离开跳板减速上升和加速下降的过程，均为失重状态，CD均错误故选B【点睛】本题结合体育运动，重点考查学生对超、失重现象的理解和判断，因此平时的对概念的深度理解非常有必要7、AD【解析】AB.下落2s的位移为则重力做功W=mgh=11020=20

16、0J.故选项A符合题意，选项B不符合题意. CD.重力做功平均功率为故选项C不符合题意，选项D符合题意.8、AC【解析】以物体为研究对象，对物体受力分析，撤去F前，根据牛顿第二定律得撤去F后根据牛顿第二定律得撤去F之前物体做匀加速直线运动，撤去F时速度，撤去F后，物体能回到出发点联立以上各式得取向沿斜面向上为正方向，则速度为故选AC。9、ACD【解析】由题意可知物体受到的合力方向与ON重合；由力的合成知识可知拉力的最小值；根据曲线运动的物点分析撤去力F后，质点做什么运动，以及速度的变化情况【详解】因重力与拉力F的合力应沿ON方向，即如图所示：由几何关系可知，当拉力等于mgsin时，拉力F最小，

17、故A正确，B错误；若一段时间后撤去力F，只受力重力作用，与速度方向存在夹角，故此后质点将做曲线运动，又因为加速度为重力加速度g，故质点在相等的时间内速度变化一定相等，故CD正确，故选ACD【点睛】本题考查学生对曲线运动的条件及几何关系的应用，解决本题的关键就是掌握受力分析和运动分析10、AC【解析】A牛顿力学中认为时间与空间是绝对的爱因斯坦的相对论对牛顿时空观的一种改变，从绝对时空观变成了相对时空观，故A正确；B.物体能否看作质点，与物体长度和质量无关，关键看长度和质量对研究结果有无影响如研究地球绕太阳公转时，地球可以看作质点故B错误；C.在验证力的平行四边形定则的实验中，合力作用和分力同时作

18、用的作用效果等效，应用得科学方法是等效替代，故C正确；D.速度变化大的物体，如果所用时间长，其加速度不一定大，故D错误11、ABC【解析】物体不受力时，可能处于静止状态，也可能做匀速直线运动，故A说法错误；速度等于零时，加速度不一定等于零，所以不一定处于平衡状态，故B说法错误；惯性是物体的基本属性，大小仅仅与物体的质量有关，外力不能改变物体惯性的大小，故C说法错误；由牛顿第二定律可知物体的加速度方向一定与物体所受合外力的方向相同，故D说法正确所以选ABC12、AC【解析】球相对车厢处于静止状态，车厢与球的加速度相同，根据牛顿第二定律得F=mgtan=ma解得小球的加速度a=gtan方向向右，则

19、小车的加速度大小为gtan，方向向右，小车向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动，由几何关系可知，悬线的拉力故选AC。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 (1) 3000N；(2) ；(3) 【解析】(1)视楔形物体、轻质硬杆和物体为整体，在竖直方向受重力和支持力，根据平衡条件则有：即系统静止时地面对斜面的支持力3000N(2)设斜面对滑轮的作用力大小为，对硬杆进行受力分析，由受力平衡可得：解得斜面对滑轮的作用力的大小为：故由作用力和反作用力等大反向可得：滑轮对楔形物体作用力垂直斜面向下，大小为；楔形物体受滑轮对楔形物体垂直斜面向下的作用力、重力、地面支持力和水平推力作用

20、，故由受力平衡可得：(3) 以轻质硬杆为对象，根据牛顿第二定律则有：解得：即楔形物体对滑轮的作用力14、 . .之前 .0.390 .0.377 .小车和砝码的质量【解析】(1)1假设小车和砝码的加速度为，拉力为对沙桶及沙：对小车和砝码：联立得：故只有在的情况下近似认为拉力等于；2由于人有反应时间，为提高打出的有效点的个数，应该先接通电源，待打点稳定后再接通电源。(2)3纸带上每相邻两个计数点间还有4个点，所以相邻的计数点之间的时间间隔是，根据逐差法求解加速度：，4根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度得点的速度：(3)5根据牛顿第二定律可知：即图象的斜率等于小车和砝码的

21、质量，所以两人的实验中小车和砝码的质量不同。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）0.4m/s2；（2）0.1（3）F6N【解析】由题可知，使小滑块m与木板M之间发生相对滑动的临界拉力F临界=4.5N，由于拉力F=3.6N4.5N，故M、m相对静止，它们一起做匀加速直线运动，由牛顿第二定律求解加速度大小；分别对M、m进行受力分析，根据牛顿第二定律列方程求解动摩擦因数；画出两物体空间位置变化示意图，分析运动过程，根据牛顿第二定律求解加速度，根据位移关系列方程求解【详解】（1）由题可知，使小滑块m与木板M之间发生相对滑动的临界拉力F临界=4.5N，由于拉力F=3.6N4.5N，故M、m相对静止，它们一起做匀加速直线运动；把两物体看做整体，由牛顿第二定律可知：F-1（m+M）g=（m+M）a1解得：a1=0.4m/s2；（2）由题目可知，当拉力F=4.5N时，小滑块m与木板M恰好发生相对滑动，此情况下分别对M、m进行受力分析，根据牛顿第二定律有：小滑块m：f=2mg=ma2，木板M：F-2mg-1（m+M）g=Ma2联立两式解得：=0.1（3）设小滑块脱离薄木板时的速度为v，时间为t，在桌面上滑动的加速度为a3，小滑块脱离木板前，薄木板的加速度为a4，空间位置变化如右图