江苏省淮安市盱眙县2022-2023学年九年级上学期期中考试物理试卷（含答案）

吁胎县2022-2023学年第一学期期中考试

九年级物理试卷

一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.每小题给出的四个选项中只有一个选项

符合题意.）

1.（2分）下图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是（）

C.抽出中间的物体D.背着物体前进

3.（2分）“五•一”期间，小莉和同学们到新宁度山旅游时进行了一场登山比赛。下列有关

功率的说法正确的是（）

A.用时最短的功率最大B.速度最快的功率最大

C.体重最大的功率最大D.做功最快的功率最大

4.（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）

A.0℃的冰块内能为0

B.温度高的物体含有的热量多

C.汽油机做功冲程气缸内燃气的内能增加

D.两个发生热传递的物体之间一定存在温度差

5.（2分）景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示，以牛角作套筒，木质推杆前

端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口

吹立见火苗。手推杆入筒的过程与四冲程汽油机哪一个冲程能量转化相同（）

o

A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程

6.（2分）2022年5月14S,一架国产C919大飞机（如图所示）从浦东机场起飞，经过

三个多小时的飞行后安全降落，这标志着即将交付的首架C919大飞机首飞试验成功。下

列说法正确的是（）

A.飞机在升空过程中，飞行员的重力势能逐渐增大

B.飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞行员的动能一直保持不变

C.飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞机的机械能一直保持不变

D.飞机降落后，在水平跑道上滑行过程中，飞机的动能转化为重力势能

7.（2分）一根原木放在水平地面上，粗略估计它的质量时，我们视其粗细相同，质量分布

均匀，现抬起一端使它稍离地面需要500N的力（g=10N/kg）,则原木的质量大约为（）

A.50kgB.100kgC.250kgD.500kg

8.（2分）如图，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点

是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在AB

间做往复运动（已知AO=OB）,,小球从A位置运动到B位置的过程中，下列判断正确

的是（）

AOB

A.小球的动能不断增加

B.弹簧的弹性势能不断减少

C.小球运动到0点时的动能与在0点时弹簧的弹性势能相等

D.在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变

二、填空题（本题共10小题，每空1分，共25分.）

9.（4分）如图甲所示，用扳手拧螺帽时，图（选填"a”或"b"）的握法更有利于

拧紧或松开螺帽，原因是。如图乙所示，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗子就会

徐徐上升。这是由于旗杆顶部有一个滑轮，它（选填“能”或“不能”）

省力，但可以o甲乙

10.（3分）人们常用热水袋取暖，这是用的方式改变物体的内能。热水袋里装水

是因为水具有较大的。用水取暖的过程中，水的内能不断（选填“增

大”“减小”或“不变

11.（2分）如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒

精，盒盖飞出去，乙、丙两图为汽油机的其中两个冲程，有一个冲程跟上述现象一致，

它是（选填“乙”或“丙”）图。如果汽油机的转速为360r/min,那么1s内，

可以完成个冲程。

甲乙丙

12.（3分）如图所示，物体重210N,动滑轮重25N。工人用125N的拉力将物体匀速提升

3m,用了10s,此过程中拉力的功率是W,滑轮的机械效率是,克服

动滑轮重所做的额外功占总功的％。

13.（2分）如图，小明将一个重为3N的小车从斜面底端匀速拉到斜面顶端，沿斜面向上的

拉力为I.25N,小车沿斜面移动的距离s=1.6m,上升的高度h=0.6m。则小明对小车做

的有用功是J,小车与斜面的摩擦力大小为No

14.（2分）在“探究影响重力势能大小因素”的实验中，小明在水平地面上铺一张白纸，

将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由下落，目的是探究重力势能大小与

的关系。如图所示，在纸上留下黑色圆斑A、B,圆斑（填“A”或"B”）是皮

球从较高处下落形成的。

AB

15.（2分）2019年6月5日，我国首次用固体燃料运载火箭把“文昌物联一号”卫星成功

送上太空。火箭发射时要选用热值的固体燃料•（选填“大”或“小”），燃料的质

量减少，热值（选填“变小”或“不变”）。

16.（3分）引体向上是泰州市体育学业水平测试项目。如图，臂力小的小明借助弹力带进

行训练，他

用脚蹬弹力带，弹力带对他施加一个向上的力，随着小明身体上升，弹力带对他向上的

力的大小变化情况是;在此过程中，弹力带的能转化为小明的重力势

能，其实质是弹力带对他做功的过程。

17.（2分）建设中的常泰大桥为斜拉索公路、铁路两用大桥，如图为小华制作的斜拉索大

桥模型，她用长30cm、重5N的质地均匀分布的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔。OA

可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，桥面OA实质是一种（填简

单机械名称）。保持桥面水平，细线对OA的拉力F=N；将细线一端的固定点由

B点改至C点，拉力F的大小变化情况是,由此小华初步了解到大桥建造很高

桥塔的好处。

18.（2分）杆秤是我国古代劳动人民的一项发明，是各种衡器中历史最悠久的一种，称量

物体质量时，它相当于一个（填简单机械名称）。某杆秤的示意图如图所示，若

要称量质量更大的物体，应选用（选填"A”或"B”）处提纽。

三、解答题（本题共9小题.共39分.）

19.（1分）在A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。

A

20.（1分）如图所示，请在图中画出F2的力臂L2。

21.（1分）如图所示，若利用滑轮组向下拉绳将重物提升，请画出滑轮组绕绳方法。

22.（4分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中。

（1）如图甲所示，安装杠杆时，为了使杠杆在水平位置平衡，应调节杠杆右端的平衡螺

母向移动；

（2）如图乙所示，杠杆上每一格的长度为5cm,在杠杆左边挂钩码，弹簧测力计对杠杆

竖直向下的拉力是动力，则动力臂为cm；

（3）如果要用弹簧测力计向上拉，需要对图乙所示的实验设计进行的调整是；

（4）如图丙所示，当杠杆绕支点转动时，杠杆上A点的速度方向总是和杠杆垂直。作用

在A点的三个大小相等、方向不同的力Fi、F2、F3,请指出为什么力臂最大的F2对杠杆

转动的作用最大？。

23.（7分）某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图

所示。

实验次钩码重钩码上绳端拉绳端移动机械效率

数量升力距离s/mn

G/N高度F/N

h/m

140.12.70.274%

240.11.80.374%

380.13.10.386%

480.12.5——

（1）实验中应沿竖直方向拉动弹簧测力计；

（2）小红同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，

你认为他的想法（选填“正确”或“不正确”），因为她没有考虑到对

滑轮组机械效率的影响；

（3）用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据，第4组实验机械效率是%；

（4）通过比较两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮

组的机械效率与绳子段数无关（填实验次数的序号）；

（5）通过比较两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑

轮组的机械效率越高（填实验次数的序号）；

（6）通过3、4两次实验数据可得出结论：使用不同滑轮组提升同一重物时，越

大，机械效率越低。

甲乙丙丁

24.（9分）用煤炉给10kg的水加热，同时绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的

图线。若在6min内完全燃烧了2kg的煤，水的比热容为4.2X1（）3J/（kg.。。），煤的热值

约为3X1（）7J7kg求：

(1)煤完全燃烧产生的热量；

(2)经过6min时间加热，水所吸收的热量;

(3)煤炉烧水时的热效率；

(4)根据图线说出水温变化的规律。

25.(6分)如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置示意图。

(1)让A从不同高度落下来，该实验装置要探究的是物体动能的大小与物体的

关系。

(2)该实验中所探究物体的动能是指物体(选填"A”或"B”)的动能。

(3)该实验物体的速度是指物体A从斜面上由静止滚下与物体B碰撞时(填

“碰前A”“碰后A”“碰前B”或“碰后B”)的速度，木块被碰撞后滑行过程中，木块

的动能转化为能；

(4)实验表明，同一物体A从斜面高处滚下，高度越大，物体B被撞得越远，可得结

论;

(5)若要研究物体动能与质量的关系，则需不同质量的物体从斜面高度由静止

滚下，并观察记录。

26.(7分)小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热(如图甲)，以探究水和煤油的吸热能

力。

甲乙

（1）本实验除了图中的测量工具还需要用到的测量工具是:

（2）加热lOmin,水吸收的热量（填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收

的热量；

（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（如图乙），由

图象可知，水的沸点是℃,煤油的比热容是J/（kg・℃）［已知水的比热

容为4.2X1（）3J/（kg.*c）］；

（4）若本次实验共消耗酒精20g,则这些酒精完全燃烧放出的热量是J；（酒=

3.0Xj/kg）

（5）通过实验数据直接计算出燃料的热值将（选填“偏大”或“偏小”），原因

是o

27.（3分）阅读短文，回答文后问题，

牛顿冷却定律

当一个物体表面温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间

内散失热量的多少来表示.英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温

度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于15℃）,这个结论符合实际

散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为q

=k（t物-t坏），其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素

有关，和物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。

（1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做:

（2）散热快慢q和下列概念中物理意义最接近的是;

A.速度

B.密度

C.功率

D.效率

(3)一个物体温度为30℃,周围环境温度保持20℃不变，此时物体的放热快慢为g。当

物体温度降低到29℃时，散热快慢为。

吁胎县2022-2023学年第一学期期中考试

九年级物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.每小题给出的四个选项中只有一个选项

符合题意.）

1.（2分）下图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是（）

钓鱼竿道钉撬

C.筷子D.理发剪刀

【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系,

再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：道钉撬在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；筷子、钓鱼竿、

理发剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B正确。

故选：B,

【点评】本题考查了杠杆的类型，属于基础题。

2.（2分）下列四种情景中，人对物体没有做功的是（

A.向上堆积物体推车推物体

【分析】力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过

了一定的距离。

【解答】解：A、向上堆积物体，对物体有向上的力，物体在这个力的方向上通过一定的

距离，对物体做了功，故A不符合题意；

B、利用推车推物体，对物体有向前的力，物体在这个力的方向上通过一定的距离，对物

体做了功，故B不符合题意；

C、抽出中间的物体，对物体有向后的拉力，物体在这个力的方向上通过一定的距离，对

物体做了功，故C不符合题意；

D、背着物体前进，对物体有向上的力，但沿水平方向前进，在对物体施加力的方向没有

通过距离，没有对物体做功。故D符合题意。

故选：D。

【点评】有力有距离，力对物体不一定做功，物体必须在力的作用下通过了距离，力对

物体才做功，这是分析此类题时要特别注意的。

3.（2分）“五•一”期间，小莉和同学们到新宁良山旅游时进行了一场登山比赛。下列有关

功率的说法正确的是（）

A.用时最短的功率最大B.速度最快的功率最大

C.体重最大的功率最大D.做功最快的功率最大

【分析】功率表示物体做功的快慢，根据P=上作出分析和解答。

t

【解答】解：A、功率大小不但和时间长短有关，还与做功的多少有关，故A错误；

B、根据P=*=Sll=Gv可知，功率大小不但和速度有关，还与学生的体重有关，故B

tt

错误；

C、根据P=¥=0l=Gv可知，功率大小不但和体重有关，还与学生的速度有关，故C

tt

错误；

D、功率表示物体做功的快慢，所以做功越快的功率越大，故D正确。

故选：D。

【点评】此题主要考查的是学生对功率及其变形公式的理解和掌握，基础性题目.

4.（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）

A.0℃的冰块内能为0

B.温度高的物体含有的热量多

C.汽油机做功冲程气缸内燃气的内能增加

D.两个发生热传递的物体之间一定存在温度差

【分析】（1）内能是所有分子运动的动能和分子势能的总和，一切物体都具有内能；

（2）热量是热传递过程中，传递的内能多少，是过程量；

（3）汽油机做功冲程是将内能转化为机械能的过程；

（4）发生热传递的条件是存在温度差。

【解答】解：A、一切物体都具有内能，温度为0℃的冰块也有内能，故A错误；

B、热量是一个过程量，不能说含有或具有热量，故B错误；

C、汽油机在做功冲程中把内能转化为机械能，使燃气的内能减小，温度降低，故C错

误；

D、存在温度差的两个物体相接触发生热传递时，热量总是从高温物体传给低温物体，或

者从物体的高温部分传向低温部分，故D正确。

故选：D。

【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件、改变物体内能

方法以及内燃机工作原理的理解，是中考的热点、热学的难点。

5.（2分）景颇族的祖先曾发明一种活塞式点火器，如图所示，以牛角作套筒，木质推杆前

端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃，随即将杆拔出，口

吹立见火苗。手推杆入筒的过程与四冲程汽油机哪一个冲程能量转化相同（）

A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程

【分析】猛推推杆时间较短，气体来不及吸放热，主要是外界对气体做功，气体内能增

力口，温度升高；在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，压缩冲程

是机械能转化为内能的冲程。

【解答】解：封闭的气体被推杆压缩过程中，活塞对气体做功，气体内能增加，是机械

能转化为内能；汽油机的压缩冲程是机械能转化为内能的冲程，与上述能量转化相同。

故选：Bo

【点评】本题是物理知识在生活中的应用，考查做功改变物体的内能，难度不大。

6.（2分）2022年5月14日，一架国产C919大飞机（如图所示）从浦东机场起飞，经过

三个多小时的飞行后安全降落，这标志着即将交付的首架C919大飞机首飞试验成功。下

列说法正确的是（）

A.飞机在升空过程中，飞行员的重力势能逐渐增大

B.飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞行员的动能一直保持不变

C.飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞机的机械能一直保持不变

D.飞机降落后，在水平跑道上滑行过程中，飞机的动能转化为重力势能

【分析】机械能包括动能和重力势能，动能和质量、速度有关，物体的质量越大，速度

越大，动能越大，重力势能和质量和被举高的高度有关，质量越大，高度越高，重力势

能越大。

【解答】解：

A、飞机在升空过程中，飞行员的质量不变，高度变大，重力势能逐渐增大，故A正确；

B、飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞行员的质量不变，速度发生了变化，动能发

生了变化，故B错误；

C、飞机从起飞到安全降落的整个过程中，质量不变，速度先变大后变小，动能先变大后

变小；高度先变大后变小，机械能先变大后变小，故C错误；

D、飞机降落后，在水平跑道上滑行过程中，飞机的质量不变，高度不变，重力势能不变,

速度变小，动能减小，不是动能转化为重力势能，故D错误。

故选：Ao

【点评】本题考查了动能、重力势能和机械能的变化，明确影响动能和重力势能大小的

因素是解题的关键。

7.（2分）一根原木放在水平地面上，粗略估计它的质量时，我们视其粗细相同，质量分布

均匀，现抬起一端使它稍离地面需要500N的力（g=10N/kg）,则原木的质量大约为（）

A.50kgB.100kgC.250kgD.500kg

【分析】可以把原木看成一个杠杆，原木重力集中在重心上，一端作为支点，一端作为

动力，根据杠杆平衡条件进行解析。

【解答】解：如图，设杠杆的全长为L,动力臂是L,阻力臂是』L,现抬起一端使它稍

2

F

■

Lf二

O

离地面需要500N的力，

因为，动力X动力臂=阻力又阻力臂，

FXL=GX』L

2

所以，500NXL=GXJLL

2

G=1000N

原木的质量：m=g=ng®L=100kg

g10N/kg

故选：Bo

【点评】本题关键是把原木看成杠杆，根据杠杆平衡条件求解。

8.（2分）如图，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O点

是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A位置，然后释放小球，小球就在AB

间做往复运动（已知AO=OB）。小球从A位置运动到B位置的过程中，下列判断正确

的是（）

AOB

A.小球的动能不断增加

B.弹簧的弹性势能不断减少

C.小球运动到。点时的动能与在O点时弹簧的弹性势能相等

D.在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变

【分析】（1）动能的大小与物体的质量、速度有关，即质量越大，速度越大，所以动能

越大。

（2）弹性势能的大小与物体的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大；

（3）水平台面光滑，且AO=OB,说明没有机械能转化为内能，整个系统能量守恒。

【解答】解：

由题知，0点是弹簧保持原长时小球的位置，则A0段弹簧处于压缩状态，0B段弹簧处

于拉伸状态；

小球从A运动到0的过程中，弹簧逐渐恢复原状，形变程度变小，弹性势能变小，

小球所受弹力方向向右、速度不断增大，动能变大，此过程中弹性势能转化为动能；

到达0点时，弹簧恢复原长，弹性势能为零，小球所受弹力为零，此时速度最大，动能

最大；

小球从0运动到B的过程中，弹簧被拉长，形变程度变大，弹性势能变大，

此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，动能变小，此过程中动能转化为弹性势能;

则小球从A位置运动到B位置的过程中：

A、小球的动能先增加后减少，故A错误；

B、弹簧的弹性势能先减少后增大，故B错误；

C、小球运动到0点时的动能（最大）与此时弹簧的弹性势能（为零）不相等，故C错

误；

D、水平台面光滑，且AO=OB,说明没有机械能转化为内能，小球和弹簧组成的整体

机械能守恒，所以在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变，故D正确。

故选：D。

【点评】此题考查动能和势能的转化与守恒，知道并理解小球在该过程中的速度变化是

解决该题的关键。

二、填空题（本题共10小题，每空1分，共25分.）

9.（4分）如图甲所示，用扳手拧螺帽时，图b（选填"a”或"b"）的握法更有利于拧

紧或松开螺帽，原因是动力臂更长。如图乙所示，当升旗手缓缓向下拉绳子时，旗

子就会徐徐上升。这是由于旗杆顶部有一个定滑轮,它不能（选填“能”或“不

能”）省力，但可以改变力的方向。

甲乙

【分析】（1）根据杠杆平衡条件：动力X动力臂=阻力X阻力臂可知，在阻力和阻力臂

不变的情况下，动力臂越长，动力越小，杠杆越省力。

（2）定滑轮实质上是一等臂杠杆，它的特点是：只能改变力的方向，而不省力。

【解答】解：（1）通过对比图a和b可知，对于同一螺帽，阻力和阻力臂是一定的，而b

图中的动力臂要大于a图中的动力臂，所以b图所用动力更小。

（2）根据滑轮的轴固定不动的特点可知：旗杆顶部的定滑轮，它的使用特点是只能改变

力的方向，而不能省力。

故答案为：b；动力臂更长；定；不能；改变力的方向。

【点评】本题考查学生利用杠杆平衡条件来确定最小动力的方法，关键是比较动力臂的

大小。而对定滑轮工作特点进行了基础的考查。

10.（3分）人们常用热水袋取暖，这是用热传递的方式改变物体的内能。热水袋里装

水是因为水具有较大的比热容。用水取暖的过程中，水的内能不断减小（选

填“增大”“减小”或“不变叽

【分析】（1）改变物体内能的方法，一是做功，二是热传递，它们的主要区别是：做功

是能量的转化，而热传递是能量的转移。

（2）水的比热容比较大，质量相同、且降低相同的温度时，水释放的热量多。

【解答】解：

人们用热水袋取暖时，人从热水袋吸收热量，使人的内能增加、温度升高，这是通过热

传递的方式改变人的内能。

因为水的比热容大，在质量相同、降低的温度相同时，水放出的热量多，取暖效果好。

人们用热水袋取暖时，人从热水袋吸收热量，使水的内能减小、温度降低。

故答案为：热传递；比热容；减小。

【点评】做功和热传递是改变内能的两种方式，二者在改变内能上是等效的，但注意区

另上

11.（2分）如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒

精，盒盖飞出去，乙、丙两图为汽油机的其中两个冲程，有一个冲程跟上述现象一致，

它是丙（选填“乙”或“丙”）图。如果汽油机的转速为360r/min,那么1s内，可

以完成完个冲程。

甲乙丙

【分析】（1）做功改变物体内能的实质是能量的转化；汽油机的压缩冲程将机械能转化

为内能，做功冲程将内能转化为机械能；

（2）根据汽油机的转速求出汽油机飞轮每秒的转数，汽油机的一个工作循环完成4个冲

程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，据此可求出1s内汽油机完成的冲程数。

【解答】解：（1）按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖飞出去，此过程中内

能转化为机械能，

如图乙，进气门和排气门关闭，活塞向上运动，为汽油机的压缩冲程，此过程中机械能

转化为内能；

如图丙，进气门和排气门关闭，活塞向下运动，为汽油机的做功冲程，此过程中内能转

化为机械能；

所以是丙图的冲程与甲图的现象是一致；

（2）汽油机的转速360r/min=6r/s,即汽油机的飞轮每秒转6圈，

由于汽油机的一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次，所以汽

油机1s内，可以完成12个冲程。

故答案为：丙；12。

【点评】本题考查汽油机的工作原理和能量转化以及热机的有关计算，是题目难度不大。

12.（3分）如图所示，物体重210N,动滑轮重25N。工人用125N的拉力将物体匀速提升

3m,用了10s,此过程中拉力的功率是75W,滑轮的机械效率是84%,克服动

滑轮重所做的额外功占总功的10%。

3【分析】（1）由图知，n=2,拉力端移动距离s=2h,利用W=Fs求拉力做的总功，再

利用求拉力做功的功率;

t

W有

（2）利用W=Gh求拉力做的有用功；利用n=」x100%求滑轮组的机械效率;

W2亡1、

（3）利用W=Gh求提升动滑轮做的额外功，进而求出克服动滑轮重所做的额外功占总

功的百分比。

【解答】解:

（1）由图知，n=2,拉力端移动距离:

s=2h=2X3m=6m,

拉力做的总功:

W总=Fs=125NX6m=750J,

拉力做功的功率:

P=W总=75°J=75W；

t10s

（2）拉力做的有用功：

W«=Gh=210NX3m=630J；

滑轮组的机械效率:

n=-^X100%=^Lx100%=84%；

W总750.T

（3）提升动滑轮做的额外功:

W额i=G动h=25NX3m=75J,

地!_=75Jx100%=10%。

w总750.T

即：克服动滑轮重所做的额外功占总功的10%。

故答案为：75；84%；10。

【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，明

确有用功、总功、额外功的含义是关键。

13.（2分）如图，小明将一个重为3N的小车从斜面底端匀速拉到斜面顶端，沿斜面向上的

拉力为1.25N,小车沿斜面移动的距离s=1.6m,上升的高度h=0.6m。则小明对小车做

的有用功是1.8J,小车与斜面的摩擦力大小为0.125No

【分析】由W^=Gh计算提升重物做的有用功，由W,a=Fs计算总功，由W&=W卷+W

颔计算额外功，由W®=fs计算小车与斜面间的摩擦力。

【解答】解：小明对小车做的有用功为：

Wfj=Gh=3NX0.6m=1.8J；

拉力做的总功为：

W.&=Fs=1.25NX1.6m=2J,

所以摩擦力做额外功为：

W帙=亚总-W有=2J-1.8J=0.2J,

则摩擦力为：

2J=0125NO

s1.6m

故答案为：1.8；0.125。

【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，要知道克服

物体与斜面间的摩擦力所做的功是额外功。

14.（2分）在“探究影响重力势能大小因素”的实验中，小明在水平地面上铺一张白纸，

将皮球表面涂黑，使其分别从不同高度处自由下落，目的是探究重力势能大小与高度

的关系。如图所示，在纸上留下黑色圆斑A、B,圆斑B（填"A”或"B”）是皮球

从较高处下落形成的。

AB

【分析】重力势能的大小与物体的质量和下落高度有关，下落高度相同时，质量越大，

重力势能越大；质量相同时，下落高度越大，重力势能越大；皮球下落过程中，具有的

重力势能转化为动能，与地面碰撞接触时又转化为弹性势能，弹性势能的大小与物体的

形变大小有关，形变越大，弹性势能越大。

【解答】解：同一皮球分别从不同高度处自由下落，皮球质量相同，下落高度不同，目

的是探究重力势能大小与高度的关系；

由图可知，黑色圆斑B较大，说明B球的形变大，原因是该球从较高处下落，原来球的

重力势能较大，皮球与地面接触时，转化为的弹性势能大，球的形变大。

故答案为：高度；B..

【点评】解答本题注意所用的研究方法：控制变量法，转换法；掌握重力势能与弹性势

能的影响因素以及重力势能、动能、弹性势能的转化情况。

15.（2分）2019年6月5日，我国首次用固体燃料运载火箭把“文昌物联一号”卫星成功

送上太空。火箭发射时要选用热值.大的固体燃料（选填“大”或“小”），燃料的质

量减少，热值不变（选填“变小”或“不变”）。

【分析】（1）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，

放出的热量越多；

（2）热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充

分无关。

【解答】解：

火箭发射时要选用热值大的固体燃料，原因是完全燃烧相同质量的燃料，热值大，可以

放出更多的热量；

热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关，

所以在燃料的质量减少时热值不变。

故答案为：大；不变。

【点评】本题考查了热学方面的知识，要求学生对物理知识有一个全面的了解并能学以

致用。

16.（3分）引体向上是泰州市体育学业水平测试项目。如图，臂力小的小明借助弹力带进

行训练，他

用脚蹬弹力带，弹力带对他施加一个向上的力，随着小明身体上升，弹力带对他向上的

力的大小变化情况是变小；在此过程中，弹力带的弹性势能转化为小明的重

力势能，其实质是弹力带对他做功的过程。

【分析】（1）弹力的大小与物体的弹性形变有关，弹性形变越小，弹力也越小；

（2）能量之间可以相互转化，能量总是从逐渐减小的那种向逐渐增加的那种转化。

【解答】解：（1）随着小明身体上升，弹力带的弹性形变越来越小，即弹力变小；

（2）随着小明身体上升，弹力带的弹性势能转化为小明的重力势能。

故答案为：变小；弹性势。

【点评】此题主要考查的是弹力和能量的相互转化问题，在做能量的转化这种题时，我

们要注意分析影响各种形式能的因素是如何变化的，从而得出哪种能量增加了，哪种能

量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。

17.（2分）建设中的常泰大桥为斜拉索公路、铁路两用大桥，如图为小华制作的斜拉索大

桥模型，她用长30cm、重5N的质地均匀分布的木条OA做桥面，立柱GH做桥塔。OA

可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，桥面OA实质是一种杠杆（填简

单机械名称）。保持桥面水平，细线对OA的拉力F=5N；将细线一端的固定点由B

点改至C点，拉力F的大小变化情况是减小，由此小华初步了解到大桥建造很高桥

塔的好处。

【分析】（1）可以绕固定点转动的硬棒是杠杆；

（2）力臂•是从支点到力的作用线的距离，过支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距

离就是力臂；

根据杠杆平衡条件结合数学知识求解；将细线一端的固定点由B点改至C点，动力臂增

大，阻力臂和阻力不变，根据杠杆平衡条件进行判断。

【解答】解：（1）由图可知，OA可绕O点转动，A端用细线与GH上的B点相连，所

以桥面OA实质是一种杠杆；

（2）过支点向拉力的作用线作垂线，这条垂线段就是拉索对桥面拉力F的力臂L,如图

所示：

在Rt^AOB中，ZA=30°,则L=2OA=0.15m

2

根据杠杆的平衡条件，FL=GxloA,

2

GX^-OA5NX^-X0.3m

则F=--------=--------------=5N；

L0.15m

将细线一端的固定点由B点改至C点，动力臂增大，阻力臂和阻力不变，

根据杠杆平衡条件可知，动力减小。

故答案为：杠杆；5；减小。

【点评】本题考查了杠杆的应用，属于基础知识的考查，注重了物理知识和生活实际的

联系。

18.（2分）杆秤是我国古代劳动人民的一项发明，是各种衡器中历史最悠久的一种，称量

物体质量时，它相当于一个杠杆（填简单机械名称）。某杆秤的示意图如图所示，

若要称量质量更大的物体，应选用A（选填"A”或"B”）处提纽。

【分析】（1）杠杆：绕着固定点转动的硬棒叫杠杆。

（2）可根据杠杆平衡条件求解。

【解答】解：（1）杆秤在工作时，绕着固定点转动，所以是杠杆;

（2）根据动力X动力臂=阻力X阻力臂，放在A点相对B点而言，秤蛇重（动力）不

变，动力臂增加，阻力臂减小，所以阻力增大。

故答案为：杠杆；A。

【点评】本题属于杠杆的简单考查，注意杠杆平衡条件的应用。

三、解答题（本题共9小题.共39分.）

19.（1分）在A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。

【分析】根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时.，动力臂越长越省力，而支

点到杠杆的顶端作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端点作垂

直于力臂的动力示意图，注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。

【解答】解：根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；

由图示可知，以0A为动力臂时;动力臂最长，此时最省力；连接0A,从A点做0A

的垂线，为使杠杆平衡，力的方向应垂直于0A向上，如图所示：

【点评】此题是杠杆中的最小力问题，其依据是杠杆的平衡条件，由杠杆平衡条件知,

力臂越长越省力，所以要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。

20.（1分）如图所示，请在图中画出F2的力臂L2。

【分析】已知支点O和动力，阻力，根据力臂的画法，从支点作力F2作用线的垂线段,

即为力臂L2。

【解答】解：图中杠杆支点为。点，反向延长力F2画出力的作用线，然后从O作F2作

用线的垂线段就是F2的力臂L2,如图所示：

【点评】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点

和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是

力臂。

21.（1分）如图所示，若利用滑轮组向下拉绳将重物提升，请画出滑轮组绕绳方法。

【分析】对于滑轮组的绕法，向下拉绳子将重物提升，可以从绳子的自由端开始画，然

后依次绕过定滑轮和动滑轮，最后挂在定滑轮的下挂钩上。

【解答】解：向下拉绳将重物提升，从绳子的自由端绕过定滑轮，再绕过动滑轮，最后

挂在定滑轮的下挂钩上，如下图所示。

【点评】绕滑轮组时，可以从滑轮的挂钩开始绕，也可以从绳子的自由端开始绕，一般

情况下从绳子的自由端绕更方便。

22.（4分）在“探究杠杆的平衡条件”实验中。

(1)如图甲所示，安装杠杆时，为了使杠杆在水平位置平衡，应调节杠杆右端的平衡螺

母向右移动:

(2)如图乙所示，杠杆上每一格的长度为5cm,在杠杆左边挂钩码，弹簧测力计对杠杆

竖直向下的拉力是动力，则动力臂为25cm；

(3)如果要用弹簧测力计向上拉，需要对图乙所示的实验设计进行的调整是将测力

计移到左端第5个格处；

(4)如图丙所示，当杠杆绕支点转动时，杠杆上A点的速度方向总是和杠杆垂直。作用

在A点的三个大小相等、方向不同的力Fi、F2、F3,请指出为什么力臂最大的F2对杠杆

转动的作用最大？F2与速度方向相同。

【分析】(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向向上翘起的一端移动；

(2)如图乙，杠杆上每一格的长度为5cm,数出动力臂有几个格即可；

(3)要使弹簧测力计向上拉，需将测力计移到左端即可；

(4)作用在A点的三个大小相等、方向不同的力Fi、F2、F3,则F2的力臂最大，据此

回答。

【解答】解：(1)由甲图可知，杠杆左端向下倾斜，说明左端沉，为使杠杆在水平位置

平衡，应调节杠杆右端的平衡螺母向右移动；

(2)乙图中，杠杆水平位置平衡，弹簧测力计对杠杆竖直向下的拉力是动力，则动力臂

此时落在杠杆上，测力计悬挂点到支点的距离就等于动力臂的长度，由于每一格的长度

为5cm,共5个格，所以动力臂的长度为：li=5cmX5=25cm；

(3)要使弹簧测力计向上拉，拉力的作用效果需使杠杆顺时针转动，所以要使杠杆在水

平位置平衡，需将测力计移到左端第5个格处向上拉。

(4)作用在A点的三个力虽然大小相等，但Fi、F3其对应的力臂比较小，所以力与其

力臂的乘积相对较小，而F2的力臂最大，F2与其力臂的乘积最大，所以对杠杆转动的作

用最大。

故答案为：Q）右；（2）25；（3）将测力计移到左端第5个格处；（4）F2与速度方向相

同。

【点评】此题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆平衡条件及应用。要理解力臂的

概念及测量方法。

23.（7分）某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图

所示。

实验次钩码重钩码上绳端拉绳端移动机械效率

数量升力距离s/mn

G/N高度F/N

h/m

140.12.70.274%

240.11.80.374%

380.13.10.386%

480.12.50.480%

（1）实验中应沿竖直方向竖直匀速拉动弹簧测力计:

（2）小红同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，

你认为他的想法不正确（选填“正确”或“不正确”），因为她没有考虑到摩擦

力_对滑轮组机械效率的影响；

（3）用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据，第4组实验机械效率是80%：

（4）通过比较1、2两次实验数据得出结论:使用同一滑轮组提升同一重物时，滑

轮组的机械效率与绳子段数无关（填实验次数的序号）；

（5）通过比较2、3两次实验数据得出结论:同一滑轮组提升重物时，物重越大，

滑轮组的机械效率越高（填实验次数的序号）；

（6）通过3、4两次实验数据可得出结论：使用不同滑轮组提升同一重物时，动滑轮

的重力越大，机械效率越低。

甲乙丙丁

【分析】(I)实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计；

(2)在测力计静止时，不会克服轮与轴、绳与轮之间的摩擦，据此分析考虑；

(3)根据s=nh算出绳端移动距离；根据机械效率公式1]=[亘=@><100%算出第4

WeFs

组实验机械效率；

(4)要探究滑轮组的机械效率与绳子段数的关系，需要控制物体的重力相同，动滑轮的

重力相同，改变绕法，据此判断出实验序号；

(5)要探究滑轮组的机械效率与物体重力的关系，需要控制动滑轮的重力相同、绕法相

同，改变物体的重力，据此判断出实验序号；

(6)纵向比较2、3两次实验数据，找出相同的量和不同量，分析得出滑轮组的机械效

率与变化量的关系。

【解答】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，

拉力大小等于测力计示数；

(2)若静止读数，他的想法不正确，因为他没有考虑到机械之间的摩擦力，拉力偏小；

(3)丁图中绳子的段数为4段，所以绳端移动的距离为s=4h=4X0.1m=0.4m；

第次实验中滑轮组的机械效率是：

9=^>=忠义100%=MX0.1m义100%=80%；

W总Fs2.5NX0.4m

(4)要探究滑轮组的机械效率与绳子段数的关系，需要控制物体的重力相同，动滑轮的

重力相同，改变绕法，实验1、2符合题意；

(5)要探究滑轮组的机械效率与物体重力的关系，需要控制动滑轮的重力相同、绕法相

同，改变物体的重力，实验2、3符合题意；

(6)通过比较3、4两次实验数据得出结论：使用不同滑轮组提升同一重物时，动滑轮

的重力越大，机械效率越低。

故答案为：0.4；80%：(1)竖直匀速；(2)不正确；摩擦力；(3)80；(4)1、2；(5)2、

3；(6)动滑轮的重力。

【点评】本题测滑轮组机械效率，考查注意事项、操作过程、绳子自由端移动的距离与

物体升高高度的关系、机械效率计算、控制变量法及影响机械效率因素的分析。

24.(9分)用煤炉给10kg的水加热，同时绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的

图线。若在6min内完全燃烧了2kg的煤，水的比热容为4.2X1(?〃(kg.℃),煤的热值

约为3Xl()7j/kg.求：

(1)煤完全燃烧产生的热量；

(2)经过6min时间加热，水所吸收的热量；

(3)煤炉烧水时的热效率；

(4)根据图线说出水温变化的规律。

湿度/七

【分析】(1)知道煤的质量和热值，根据Q=mq可求得煤完全燃烧产生的热量；

(2)由图象可知，经过6min时间加热，水升高的温度值，根据Q“&=cm水求出水吸

收的热量；

(3)知道水所吸收的热量和煤完全燃烧产生的热量，根据n=S畛XI00%求出煤炉烧水

Q放

时的热效率；

(4)发生热传递的条件是存在温度差，温度差越大，热传递越快。

【解答】解：(1)煤完全燃烧产生的热量：

Qa(—m煤q煤=2kgX3X107J/kg—6X107J.

(2)由图象可知，水升高的温度△t=80℃-20℃=60℃,

Q»5=c水m*At

=4.2X1()3J/(kg・℃)X10kgX60℃

=2.52X106J.

(3)煤炉烧水时的热效率:

『驯_X100%

Q放

6

^2.52X10JX100%

6X1Q7J

=4.2%。

(4)由图象可知，随着水温的不断升高，温度变化越来越慢。

答：(1)煤完全燃烧产生的热量为6Xl()7j；

(2)经过6min时间加热，水所吸收的热量是2.52X1()6J；

(3)煤炉烧水时的热效率为4.2%；

(4)根据图象分析：水在加热过程中，随着水温的不断升高，温度变化越来越慢。

【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，能从液体

的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键此题考查热传递的条件和对图象的

分析。

其中在图象中提取有价值信息，是我们需要提高的能力之一。

25.(6分)如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置示意图。

(1)11：A从不同高度落下来，该实验装置要探究的是物体动能的大小与物体速度的

关系。

(2