云南省楚雄彝族自治州大姚县第一中学2023年物理高一第二学期期中达标测试试题含解析

云南省楚雄彝族自治州大姚县第一中学2023年物理高一第二学期期中达标测试试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、在粗糙程度相同的水平地面上，物块在水平向右的力F作用下由静止开始运动，4s后撤去外力F。运动的速度v与时间t的关系如图所示，取，由图象可知()A．在2s～4s内，力F=0B．在0～2s内，力F逐渐变大C．物块与地面间的动摩擦因数为0.2D．0—6s内物块运动的总位移为16m2、一卫星沿圆轨道绕某中心天体运行，轨道半径是1．8×103km，周期为2．1×103s，G=1.17×10-11N·m2/kg2，则该中心天体的质量约为A．1×1024kgB．2×1024kgC．1×1028kgD．1×1018kg3、如图所示是质量为1kg的滑块在水平面上做直线运动的v­t图象．下列判断正确的是()．A．在t＝1s时，滑块的加速度为零B．在4s～6s时间内，滑块的平均速度为3m/sC．在3s～7s时间内，合力做功的平均功率为3WD．在5s～6s时间内，滑块受到的合力为2N4、下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动是一种匀速运动B．匀速圆周运动是一种匀变速运动C．匀速圆周运动是一种变加速运动D．因为物体做圆周运动才产生向心力5、如图所示为某探究活动小组设计的节能运输系统。斜面轨道倾角为30°，质量为M的木箱与轨道间的动摩擦因数为。木箱在轨道顶端时，自动装货装置将质量为m的货物装入木箱，然后木箱载着货物沿轨道无初速度滑下（货物与木箱之间无相对滑动），当轻弹簧被压缩至最短时，自动卸货装置立刻将货物卸下，然后木箱恰好被弹回到轨道顶端，再重复上述过程。下列说法正确的是（）A．木箱与货物的质量之比为1∶3B．木箱与弹簧没有接触时，下滑的加速度与上滑的加速度之比为3∶1C．在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能大于弹簧增加的弹性势能D．在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，木箱、货物和弹簧组成的系统机械能守恒6、关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）A．电场强度较大的地方电场线一定较密B．沿电场线方向，电场强度一定越来越小C．沿电场线方向，电势一定越来越低D．电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹7、质量为m的物体在水平力F的作用下由静止开始在光滑地面上运动，前进一段距离之后速度大小为v，再前进一段距离使物体的速度增大为2v，则()A．第二过程的速度增量等于第一过程的速度增量B．第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍C．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做的功D．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做功的2倍8、如图所示,A、B、C、D四个图中的小球以及小球所在的斜面完全相同,现从同一高度处由静止释放小球,小球下落同样的高度,使进入不同的轨道,除去底部一小段圆弧．A图中的轨道是一个内径大于小球直径的管,其上部为直管,下部为圆弧形,底端与斜面衔接,管的高度高于;B图中的轨道是半圆轨道,其直径等于;C图中的轨道与D图中轨道比较只是短了一些,斜面高度低于;D图中的轨道是一段斜面,且高于．如果不计任何摩擦阻力和拐弯处的能量损失,小球进入轨道后不能运动到高度的图是(

)A． B．C． D．9、关于运动的合成和分解，下列说法正确的是（）A．合运动的时间就是分运动的时间之和B．已知两分运动速度的大小，就可以确定合速度的大小C．已知两分运动的速度的大小和方向，可以用平行四边形定则确定合速度的大小和方向D．若两匀速直线运动的速度大小分别为v1、v2，则合速度v大小的范围为∣v1-v2∣≤v≤v1+v210、火星的半径约为地球半径的一半，质量约为地球质量的1/9，那么()A．火星的密度约为地球密度的9/8B．火星的密度约为地球密度的8/9C．火星表面的重力加速度约为地球表面的重力加速度的9/4D．火星表面的重力加速度约为地球表面的重力加速度的4/9二、实验题11、（4分）某同学根据机械能守恒定律，设计实验探究弹簧弹性势能与压缩量的关系①如图23（a），将轻质弹簧下端固定于铁架台，在上端的托盘中依次增加砝码，测量相应的弹簧长度，部分数据如下表，由数据算得劲度系数k=N/m．（g取9.80m/s2）砝码质量（g）

50

100

150

弹簧长度（cm）

8.62

7.63

6.66

②取下弹簧，将其一端固定于气垫导轨左侧，如图23（b）所示：调整导轨，使滑块自由滑动时，通过两个光电门的速度大小．③用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度v，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为．④重复③中操作，得到v与x的关系如图23（c）．由图可知，v与x成关系．由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的成正比．12、（10分）（1）在做“用油膜法估测分子大小”的实验时，油酸酒精溶液的浓度为每1000mL溶液中有纯油酸1mL．用注射器测得1mL上述溶液有100滴，把一滴该溶液滴入盛水的表面撒有痱子粉的浅盘里，待水面稳定后，测得油酸膜的近似轮廓如图所示，图中正方形小方格的边长为1cm，则每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是__________mL，油酸膜的面积是__________cm1．据上述数据，估测出油酸分子的直径是___________m．（结果均保留两位有效数字）（1）某同学在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，计算出的分子直径明显偏大，可能是由于______A．油酸分子未完全散开B．配制油酸酒精溶液时浓度太低C．计算油膜面积时，舍去了所有不足一格的方格D．求每滴油酸酒精溶液的体积时，1mL的溶液滴数多计了10滴三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，摆球质量为，让摆球从图中的位置由静止开始下摆，正好摆到最低点B位置时线被拉断，设摆线长，悬点到地面的竖直高度为，不计空气阻力．求：（1）绳能承受的最大拉力；（2）摆球落地时的速度．（）14、（14分）在地面上以速度v0竖直向上抛出小球，若小球在运动中所受空气阻力大小为其重力的0.2倍。g取10m/s2，求：（1）小球第一次能上长多高；（2）若小球落地碰撞过程中无能量损失，求小球运动的总路程．15、（13分）宇航员站在一星球表面上的某高处，以初速度v0沿水平方向抛出一个小球，经过时间t，球落到星球表面，小球落地时的速度大小为v，已知该星球质量均匀，半径为R，引力常量为G，求：（1）小球落地时竖直方向的速度vy的值；（2）该星球的质量M的值。

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】

A．在2s~4s内，物体做匀速运动，因此外力F等于物体受到的摩擦力，故A错误；B．在0~2s内，图线的斜率逐渐减小，物体做加速度逐渐减小的加速运动，根据牛顿第二定律得所以有可知力F逐渐减小，故B错误；C．撤去外力，物体做匀减速运动的加速度大小为根据牛顿第二定律得解得，故C正确；D．在0~2s内的位移大于4m，在2~6s内的位移为则0~6s内的总位移大于16m，故D错误。故选C。2、A【解析】根据万有引力提供圆周运动向心力有：，可得中心天体的质量，故A正确，BCD错误；故选A。3、B【解析】A、t=1s时,速度的变化率不为0,所以加速度是不为0的,所以A错误B、4到6秒时,根据图像可以知道平均速度为所以B错误C、3到7秒合力做的功为所以平均功率为，故C正确；D、根据图像可以求出加速度为所以合外力为，故D错误故选C点睛：本题考察的是直线运动速度与加速度的关系,当速度不变时是匀加速,当速度等比例减小时是匀减速,当速度等比例增大时是匀加速.所以需要根据图像来读取速度的变化情况4、C【解析】

A．匀速圆周运动的线速度方向时刻发生变化，为变速运动，A错；BC．加速度方向时刻指向圆心，为变加速运动，B错；C对；D．因为物体受力产生向心力才做圆周运动，D错；故选C。5、C【解析】

A．设下滑的距离为l，根据功能关系有得m=2M故A错误；

B．对木箱受力分析，根据牛顿第二定律得：下滑时加速度为上滑时加速度为则下滑的加速度与上滑的加速度之比为1∶3，故B错误；

C．根据能量守恒得：在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能和内能，可知减少的重力势能大于弹簧的弹性势能，故C正确；

D．在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，由于有摩擦力做功，则木箱、货物和弹簧组成的系统机械能不守恒，选项D错误。故选C。6、AC【解析】

A、电场强度与电场线的密集程度有关．电场线越密，电场强度越大；反之则越小，故A正确，BC、沿电场线方向，电势一定越来越低但电场强度不一定越来越小，比如正电荷的电场线沿电场线电场强度越来越小；沿电场线方向，电势一定越来越低，故B错误C正确;D、电场线并不实际存在，它只是人为的辅助工具，而带电粒子的运动轨迹是实际存在的，故D错误．综上所述本题答案是：AC7、AB【解析】

由动能定理可得：，，可知第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍，第二过程合外力做功是第一过程的3倍，故B正确，CD错误．第一段过程速度为增量为，第二段过程速度得增量为，因此A正确8、BC【解析】

A．小球离开轨道做竖直上抛运动，运动到最高点速度为零，根据机械能守恒定律得，，则，故能运动到高度；B．小球在内轨道运动，通过最高点最小的速度为，故在最高点的速度不为零，根据机械能守恒定律得，，则，故不能运动到高度；C．小球离开轨道后做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，运动到最高点时在水平方向上有速度，即在最高点的速度不为零，根据机械能守恒定律得，，由，故不能运动到高度；D．球到达右侧斜面上最高点时的速度为零，根据机械能守恒定律得，则，故能运动到高度．9、CD【解析】合运动与分运动具有等时性．故A错误．根据平行四边形定则知，只知道两分运动速度的大小，还不能确定合速度的大小．故B错误．已知两分运动的速度的大小和方向，可以用平行四边形定则确定合速度的大小和方向，故C正确．两匀速直线运动的速度大小分别为v1、v1，则合速度v大小的范围为|v1-v1|≤v≤v1+v1．故D正确．故选CD．点睛：解决本题的关键知道合运动与分运动的关系：合运动与分运动具有等时性；合运动与分运动满足平行四边形法则．会根据平行四边形定则判断合速度与分速度的大小关系．10、BD【解析】

A、B项：密度，所以，故A错误，B正确；C、D项：重力加速度，所以，故C错误，D正确。二、实验题11、①50N/m（49.5～50.5）②相等③动能④正比；x2（或压缩量的平方）【解析】

①据，，有：，则，同理可以求得：，则劲度系数为：．[②使滑块通过两个光电门时的速度相等，则可以认为滑块离开弹簧后做匀速直线运动；③弹性势能转化为滑块的动能；④图线是过原点的倾斜直线，所以v与x成正比；弹性势能转化为动能，即，即弹性势能与速度平方成正比，又由v与x成正比，则弹性势能与压缩量的平方成正比．12、1.5×10－6416.1×10－10AC【解析】

（1）[1][1][3]．1滴酒精油酸溶液中含油酸的体积由于每格边长为1cm，则每一格就是1cm1，估算油膜面积以超过半格以一格计算，小于半格就舍去的原则，估算出41格，则油酸薄膜面积为：S=41cm1；由于分子是单分子紧密排列的，因此分子直径为．（1）[4]．计算油酸分子直径的公式是d=V/S，V是纯油酸的体积，S是油膜的面积；油酸分子未完全散开，S偏小，故得到的分子直径d将偏大，A正确；配制油酸酒精溶液时浓度太低，对实验的结果无影响，选项B错误；计算油膜面积时舍去了所有不足半格的方格，在对S的测量会偏小，得到的分子直径d偏大，故C正确；求每滴油酸酒精溶液的体积时，lmL的溶液的滴数多记了10滴，由V0=V/n可知，纯油酸的体积将偏小，则计算得到的分子直径将偏小，故D错误；故选AC．点睛：本题考查“用油膜法估测分子的大小”及其实验误差分析，解答本题关键要理解并掌握单分子油膜法估测分子直径的原理d=V/S，建立这样的模型：油酸分子呈球型分布在水面上，且一个挨一个，再分析误差的大小．三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）绳能承受的最大拉力是20N；（2）摆球落地时的速度是2m/s．【解析】试题分析（1）摆球从A位置摆到最低点B位置的过程中，只有重力对摆球做功，其机械能守恒．由机械能守恒定律求出摆球摆到最低点B位置时的速度．摆球经过B位置时，由重力和细线的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律求解细绳的拉力．（2）小球从A到D的整个运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式即可求解摆球落地时的速度．（1