物理2018届第二轮总复习课件课时作业打包老师搜集

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(本栏目内容，在学生中以独立形式分册装订一、选择题(1～3题为单项选择题，4～5题为多项选择题)回旋是加速带电粒子的装置其部分是分别与高频交流电极相连接的两个D两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能， DD解析：回旋利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，粒子射出时的轨道半径恰等

时的动能2mEk与加速电压无关，与狭缝距离无关，A、C错误；磁感强度越大，D的半径越大，动能越大，B正确，D答案 如图所示，在正交的匀强电磁场中有质量、电荷量都相同的两油滴，A静止，B做半径为R的匀速圆周运动。若B与A相碰并结合在一起，则它们将( BR以2RB2解析：A、Bmv＝2mv′v′＝vA、B2油滴仍受重力与电场力平衡，合外力是力，所以继续做匀速圆周运动，且 2mv′2 ＝2qBT＝2π2m＝2πmB 下表面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，、后两个内侧面固定有金属板作为电极，UQ表示污水流量(单位时间内排出的污水体积)，下列说法正确的是()DQUa、bb U 由左手定则可判断：正离子向里偏，负离子向外偏，均导致前内侧面电势低于A错误，BqvB＝qE＝qU，所b U a、bD 答案 30°且斜向右上方，匀强磁场的方向垂直于纸面(图中未画出)m、电g。则()C ．磁感应强度的大小为解析：小球做匀速直线运动，受到的合力为零，假设小球带正电，则小球的受力情况如图1所示，小球受到的力沿虚线但方向未知，小球受到的重力与电场力的合力与洛B正确；小球的受力情况如图2所示，小球受到的力一定斜向右上方，根据左手定则，AqE＝mg，qvB＝3mgE＝mg，B＝3mgC正确，D 答案 5．(2017·省重点中学盟校高三联合)如图所示，两正对平行金属板A、BMCD板相切，回到挡板M后被挡板M吸收，、负两粒子()q1∶|q2|＝(MCD正、负两粒子沿同一方向运动时，受到的电场力和力方向总是相反，设沿直OO′MvB，得B1AM右侧的匀强磁场后，＝ mrq＝B2rr1＋2r1＝a，r1＝(2－1)a，故＝有r＋a＝2r，r＝( 2＋，故＝

Mt＝1T＝πm CL＝r2－r1＝2a，D答案 B电荷量均为＋q2mmM、N的甲种离子N底片上没有，求狭缝宽度L满足的条件。解析 22r1Bq由①②③式解得 Bq- 最窄处位于过两虚线交点的垂线上- BB

r2r1的最小半径BB

qr2的最大半径 q即 q Bm BmqqB2－qB2－BBBq m[2U0－ΔU－Bqm7．(2017·福建省毕业班质量检测)xOy，在第Ⅰ象限内有平m，带电荷量为－q，不计粒子重力。mP点射入的速度大小为qLBPPQ点离开磁场，此过程中，粒子在电场中电PxP、QP点射入的最大解析 qvB＝r PMss＝44t则粒子运动的平均速度vt代入可得v＝2PMQ点射出的速度方向必沿＋y220ΔEp

P、O22

答案

方向由

(3)8．(2017·华南三校联考)如图所示，半径R＝1.6

μ＝0.1g＝10m/s2，a、b均可看作质点。求：a两物块碰撞后到落地前瞬间的运动过程中，a、b解析 (1)a物块从释放到圆弧轨道最低点时，机械能守恒，mgR(1－cos 得：vC＝4R R

C解得：FN＝2×10－2

由第三定律，a物块对圆弧轨道压力大小FN′＝FN＝2×10－2N，方向竖直向a、b碰撞过程动量守恒：mvC＝2mvC′vC′＝2a、b整体在传送带上假设能与传送带达到共速时经过的位移为x，由第二定律得：a＝μg＝1m/s得：x＝2.5m<La、bv＝5Eq＝2mg＝2×10－2Na、b

2mv＝2＝2由几何知识得传送带离水平地面的高度：h＝r＋1r＝32a、b