2021届西藏山南第二高级中学高考物理三模试卷附答案详解

2021届西藏山南第二高级中学高考物理三模试卷

一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）

1.水平力产作用在质量为m的物体上，物体由静止开始沿光滑水平面移动x,尸做功明；若尸作用在

质量为2m的物体上，物体由静止开始同样沿光滑水平面移动》,F做功修；若F作用在质量为27n

的物体上，物体由静止开始沿粗糙水平面移动X,做功为明•那么四、W2、名三者的大小关系

是（）

A.WA=W2=W3B.IVi<W2<IV3C.W1>W2>W3D.W1=W2<W3

2.市内公交车在到达路口转弯前，车内广播员提醒乘客：“前方车辆转弯，请您拉好扶手”.其目

的是（）

A.提醒乘客拉好扶手，以免车辆转弯时可能向前倾倒

B.提醒乘客拉好扶手，以免车辆转弯时可能向后倾倒

C.提醒乘客拉好扶手，以免车辆转弯时可能向转弯的外侧倾倒

D.提醒乘客拉好扶手，以免车辆转弯时可能向转弯的内侧倾倒

3.几个物体组成的系统动量守恒，则该系统中除相互作用力外（）

A.每个物体受的合外力一定为零

B.每个物体受到的外力做总功一定为零

C.每个物体受的合外力不一定为零，但系统受到的合外力一定为零

D.每个物体受到的外力做总功不一定为零，但系统受到的合外力做的总功一定为零

4.对于某种金属而言，以下说法正确的是（）

A.只要有光照射到金属表面就会有电子从表面逸出

B.只有光的强度大于某个值时才会发生光电效应现象

C.只有光的波长大于某个值时才会发生光电效应现象

D.只有光的频率大于某个值时才会发生光电效应现象

5.理想变压器的电路如图所示，原线圈与副线圈总匝数之比为10：1,变压器的副线圈线匝数可变,

c为滑动端.R为一滑动变阻器，P为滑片.若ab端输入的正弦交流电的瞬时值表达式为u=

220V2sinl007rt（y）.下列说法正确的是（）

A.其他条件不变的情况下，c端向上滑动.功变暗

B.其他条件不变的情况下，P端向下滑动，5变亮

C.其他条件不变的情况下，P端向上滑动.原线圈中的电流会增大

D.不管c如何滑动.击穿电压为30。的电容器均可正常工作

二、多选题（本大题共5小题，共26.0分）

6.放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0〜6s内其速度与时间图象和该拉力的功

率与时间的图象如图所示。下列说法正确的是（）

330---1

2­••>------------20/：

/•：/：

：

1//;_:：_10y-/-：：_

0246r/»〃―46―

A.0~6s内物体的位移大小为12mB.0-6s内拉力做功为70/

C.物体的质量为10如D.滑动摩擦力的大小为5N

7.在半径为R的圆形区域内，存在垂直圆面向里的匀强磁场。圆边上

的P处有一粒子源，沿垂直于磁场的各个方向，向磁场区发射速率

均为火的同种粒子，如图所示。现测得：当磁感应强度为当时，粒P

子均从由P点开始弧长为：的圆周范围内射出磁场；当磁感应强

度为B2时，粒子则从由P点开始弧长为:兀/?的圆周范围内射出磁场。

不计粒子的重力，则（）

A.前后两次粒子运动的轨迹半径之比为万：万=夜：V3

B.前后两次粒子运动的轨迹半径之比为ri：r2=2：3

C.前后两次磁感应强度的大小之比为Bi：B2=V3：V2

D.前后两次磁感应强度的大小之比为%=3：2

8.如图所示，两块平行金属板正对并水平放置，两板分别于电源正、]一

j-•M

负极相连，当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点.则[___—

（）

A.开关闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止

B.开关闭合时，若增大两板间距，液滴将下降

C.断开开关后，若减小两板间距，液滴仍静止

D.断开开关后，若增大两板间距，液滴将下降

9.下列说法正确的是（）

A.一定质量的某种理想气体，当温度降低时，其内能减小

B.晶体熔化时吸收热量，温度不变，内能不变

C.气体温度趋近于绝对零度时，其体积趋近于零

D.不可能制造出效率是100%的热机

E.能量耗散从能量角度反映出自然界的宏观过程具有方向性

10.关于机械波，下列说法正确的是

A.波的传播方向跟质点振动的方向总是垂直的

B.由。=/可知，波速是由波源振动的频率和波长两个因素决定的

C.在一个周期内，沿着波的传播方向，振动形式在介质中传播的距离等于一个波长

D.机械波的频率是由波源振动的频率决定的，与波在N那种介质中传播无关

三、填空题（本大题共1小题，共4.0分）

11.某同学在研究性学习过程中通过一个电压表来测量一个欧姆表内部电源的电动势.电压表的内

阻未知（约25k。〜35k0）且测量准确，欧姆表刻度盘上的中间刻度值为30.

①该向学在实验过程中，红表笔与电压表的（填“+”或“一”）接线柱连接，欧姆表的选择

开关应拨至倍率“X"（填“1”、“10”、“100”或“1k”）的位置.

②在实验中，该同学读出电压表的读数为以欧姆表的指针所指的刻度值为m并且在实验过程中，一

切操作都是正确的.则欧姆表电池的电动势表达式.

四、实验题（本大题共1小题，共9.0分）

12.用如图1所示的实验装置验证”牛顿第二定律”，请回答下列问题。

图2

以小车为研究对象，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与祛码和盘的总质量加满足

M—(填“远大于”或“选小于”)m.

(2)实验中打出得纸带如图2所示，相邻计数点间还有四个点未画出，其中%=7.05cm,x2=

7.68cm,x3=8.33cm,x4=8.96cm,x5=9.60cm,x6=10.24cm,由此可以算出小车运动得

加速度是—m/s2.(交流电频率为50，z,结果保留2位有效数字)

(3)通过实验得到如图3①所示的图象，造成当M一定时，a与F不成正比的原因可能是：在平衡

摩擦力时木板与水平桌面的夹角一(填“偏大”或“偏小”).

(4)重新平衡摩擦力后，验证外力一定时，a与M的关系：通过多次实验，甲、乙两同学利用各

自得到的数据得到a-焉的关系图象，如图3②乙所示.该图象说明在甲、乙两同学做实验时_(

填“甲”或“乙”)同学实验中绳子的拉力更大.

(5)另一实验小组设计了不同的实验方案，其实验装置如图所示.已知小车质量为M,祛码盘质

量为所使用的打点计时器交流电频率f其实验步骤是：

硅码盘

A.按图中所示安装好实验装置:

8.调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；

C取下细绳和祛码盘，记下祛码盘中祛码的质量m；

D先接通电源，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求得小车的加速度a；

E重新挂上细绳和祛码盘，改变祛码盘中祛码质量，重复

B-D步骤，求得小车在不同合外力F作用下的加速度.则按上述方案做实验，取下细绳和祛码

盘后，小车在下滑过程中受到的合力大小为,该实验是否要求祛码和祛码盘的总质

量远小于小车的质量？（填“是”或“否”）.

五、简答题（本大题共1小题，共3.0分）

13.如图1所示，两根粗细均匀的金属棒M、N,用两根等长的、不可伸长的实软线将它闭合回路，

并悬挂在光滑绝缘的水平直杆上，并悬挂在光滑绝缘的水平直杆上，并使两金属棒水平。在M棒

的下方有高为“、宽度略小于导线间距的有界匀强磁场，磁感应强度为B,磁场方向垂直纸面向

里，此时M棒在磁场外距上边界高八处（九<”,且八、H均为未知量），N棒在磁场内紧贴下边界。

已知：棒M、N质量分别为3巾、m,棒在磁场中的长度均为3电阻均为为R.将M棒从静止释放后，

在它将要进入磁场上边界时，加速度刚好为零；继续运动，在N棒未离开磁场上边界前已达匀

速。导线质量和电阻均不计，重力加速度为g。

(1)求M棒将要进入磁场上边界时回路的电功率；

(2)若已知M棒从静止释放到将要进入磁场的过程中，经历的时间为3求该过程中M棒上产生的焦耳

热Q；

(3)在图2坐标系内，己定性画出从静止释放M棒，至其离开磁场的过程“v-t图象”的部分图线,

请你补画出M棒“从匀速运动结束，到其离开磁场”的图线，并写出两纵坐标a、b的值。

六、计算题(本大题共3小题，共30.0分)

14.如图所示，边长为L的正方形区域内存在垂直于纸面向里的匀

强磁场，质量为瓶、电荷量为q的粒子(不计重力)，从。点以速度%沿

CB方向射入磁场，恰好从4点沿BA方向射出，求

(1)该匀强磁场的磁感应强度大小；

(2)电荷在磁场中运动的时间。

15.如图是某研究性学习小组设计的一种测温装置，玻璃泡4内封有一定质量的气体，

与4相连的细管B插在水银槽中，管内和槽内水银面的高度差z即可反映出泡内气体

的温度，即环境温度，并可由B管上的刻度直接读出.（B管的体积与4泡的体积相比可忽略）

①在标准大气压下（Po=76cmHg）,对B管进行温度刻线.己知温度口=27汽，管内与槽中水银面

的高度差与=16an,此高度即为27T的刻度线.求当t=0久时，刻度线与槽中水银面的高度

差

②若大气压变为Pi=75cmHg,利用该装置测量温度时所得读数仍为27。&则此时实际温度是多

少？

16.直径d=1.00m,高H=0.5（hn的不透明圆桶，放在水平地面上，桶内盛有折射率n=1.60的透

明液体，某人站在地面离桶右侧的距离为*=1.60机处，他的眼睛到地面的距离y=1.70m.问桶

中液面高九为多少时，他能看到桶底中心（桶壁厚度忽略不计、不考虑桶壁反射情况、计算结果

可以用根式表示）.

参考答案及解析

I.答案：A

解析：解：因为三种情况用同样大小的力，移动相同的距离X,即F相等，x相等，

所以%=w2=W3=Fx；

故选：A.

根据功的计算公式W=Fs,二者用同样大小的力，移动相同的距离S,即可判定做功的多少.

此题主要考查学生对功的计算，一个力做的功多少取决于力的大小和力方向上的位移，与物体是否

还受其他外力无关.

2.答案：C

解析：解：在公共汽车在到达路口前，乘客具有与汽车相同的速度，当车辆转弯时，由于惯性，乘

客要保持向前的速度，这样转弯时乘客有向转弯的外侧倾倒的可能.所以车内播音员提醒主要是提

醒站着的乘客拉好扶手，以免车辆转弯时可能向转弯的外侧倾倒.故C正确.4、B、。错误.

故选C.

公共汽车在到达路口转弯时，由于惯性，乘客有向转弯的外侧倾倒的可能.

本题运用惯性知识分析生活现象的能力.惯性现象，当物体的状态发生变化时会表现出来.基本题.

3.答案：C

解析：解：AC,几个物体组成的系统动量守恒，则系统受到的合外力一定为零，但每个物体受的合

外力不一定为零，故A错误，C正确。

8、每个物体的动能可能变化，由动能定理知每个物体受到的外力做总功可以不为零，故B错误。

。、每个物体受到的外力做总功不一定为零，系统的总动能可能变化，则系统受到的合外力做的总

功不一定为零，故。错误。

故选：C«

系统动量守恒的条件是系统所受的合外力为零，外力做功可根据动能定理分析.

解决本题的关键是要正确理解动量守恒的条件是：系统所受的合外力为零，本题也可以通过列举实

例来判断.

4.答案：D

解析：解：AB,只有入射光的频率大于金属的极限频率，才能产生光电效应，才产生光电流，因此

能否发生与光的强度无关.故AB错误.

CD,只有入射光的频率大于金属的极限频率，或入射光的波长小于，极限滤长时，才会发生光电效

应现象，故C错误，D正确.

故选：D.

当入射光的频率大于金属的极限频率，就会发生光电效应.根据波长越长，则频率越低，发生条件

与光强无关，从而即可求解.

解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道波长与频率的关系，注意理解极限波长与极限频率

的含义.

5.答案：C

解析：解：4其他条件不变的情况下，c端向上滑动。副线圈匝数增加，变压器副线圈电压增大，力

变亮，故A错误；

2、其他条件不变的情况下，P端向下滑动，R接入电路的电阻增大，由于副线圈电压不变，所以通

过G的电流强度变小，名变暗；故B错误；

C、其他条件不变的情况下，P端向上滑动，R接入电路的电阻减小，由于副线圈电压不变，所以通

过人的电流强度变大，输出功率变大，则输入功率也变大，原线圈中的电流会增大，故C正确；

。、原线圈与副线圈总匝数之比为10：1,当c滑到最上端时，输出电压的有效值为：U2=^X22OV=

22V,最大值为：Em=22V2V=31.1K>30K.故电容器不能正常工作，故。错误。

故选：Co

根据滑动变阻器的变化分析电压和电阻的变化，从而分析灯泡的亮度变化和电流强度的变化；计算

副线圈的电压最大值分析电容器是否能够工作.

变压器的动态问题大致有两种情况：一是负载电阻不变，原、副线圈的电压打,U2,电流12,输

入和输出功率Pl，P2随匝数比的变化而变化的情况；二是匝数比不变，电流和功率随负载电阻的变

化而变化的情况.不论哪种情况，处理这类问题的关键在于分清变量和不变量，弄清楚“谁决定谁”

的制约关系.

6.答案：BCD

解析：

速度图象的“面积”表示位移。0〜2s内物体做匀加速运动，由速度图象的斜率求出加速度，2〜6s内

物体做匀速运动，拉力等于摩擦力，由P=求出摩擦力，再由图读出P=30V/时，v=2m/s,由

F=£求出。〜2s内的拉力，由勿=Fx求出0〜2s内的拉力做的功，由皿=Pt求出2〜6s内拉力做的

功。

本题解题关键是理解图象的物理意义，求功的方法主要有三种：一、皿=FLcosG,适用于恒力做功;

二、W=Pt,P为恒定功率；三、动能定理，主要是变力做功时应用。

A、0〜6s内物体的位移大小等于v-t图象中图线与坐标轴所包围的面积，为：x=|x2x2+4x

2m=10m,故A错误：

B、0〜2s内物体的加速度为：a=柴=|m/s2=lni/s2,由图可知，当P=30W时，v=2m/s,得

到牵引力：F[=/==15N,在0〜2s内物体位移为X]=2m,则拉力做的功为：％=&叼=15x

2J=30J,2〜6s内拉力做的功为：—=&=10x4/=40/,所以0〜6s内拉力做的总功为：W=

3074-40/=70/,故B正确；

CD、在2〜6s内，v=2m/s,P=10W,物体做匀速直线运动，F=f,则滑动摩擦力为：f=F=

?=^N=5N；0-2s内由牛顿第二定律可得：F1-f=ma,可知：m=10kg,故CQ正确。

故选：BCD.

7.答案：AC

解析：解：当磁感应强度为当时，粒子运动情况如下图所示。

根据洛伦兹力提供向心力可得：qv（）Bi逋…①

rl

粒子恰好沿绿线轨迹运动时，根据几何关系有：6=¥/?…②

联立①②式子可得：/=需…③

当磁感应强度为B2时，粒子运动情况如下图所示,

根据洛伦兹力提供向心力可得：q%%=m—...（4）

r2

粒子恰好沿绿线轨迹运动时，根据几何关系有：「2=Rcos300=^-R…⑤

联立④⑤式子可得：坊=嗯也…⑥

由②⑤式可得：前后两次粒子运动的轨迹半径比为6：万=在：V3;

由③⑥式可得：前后两次磁感应强度的大小之比为品：=V3：V2,故AC正确，80错误。

故选：ACo

带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，当磁感应强度为当时，粒子均从由P点开始弧长为：兀/?的圆周范

围内射出磁场，即有圆周上有（圆弧范围上有粒子射出，找到临界几何条件：距P点;圆弧的位置恰好

有粒子射出，再根据洛伦兹力提供向心力列式，联立即可求出磁感应强度/和轨迹半径6；

同理，当磁感应强度为B2时，粒子都从由P点开始弧长为|兀/?的圆周范围内射出磁场，即有圆周上有

5圆弧的范围上有粒子射出，找到临界几何条件：距P点;圆弧的位置恰好有粒子射出，再根据洛伦兹

力提供向心力列式，联立即可求出磁感应强度与和轨迹半径「2，即可求出「I：丁2和%：为。

本题是带电粒子在有界磁场中的运动类型，解题关键是画出各个方向入射的粒子轨迹过程图，找到

临界几何条件，利用洛伦兹力提供向心力，结合几何关系求出轨迹半径和磁感应强度。本题为定圆

的旋转模型，可以找一枚硬币，绕P点旋转观察从圆形磁场区域出射的范围。

8.答案：BC

解析：解：开始时，液滴静止，故mg=Eq,电场力向上；

4、当开关闭合时，两板间的电势差不变，则减小两板间距离时，由（/=9（/可知E增大，液滴所受电

场力增大，合力向上，故液滴将向上运动，故A错误；

B、当开关闭合时，两板间的电势差不变，则增大两板间距离时，由〃=5&可知E减小，液滴所受电

场力减小，合力向下，故液滴将向下运动，故8正确；

c,“、而通电后断开开关，无论如何改变两板间的距离，板间的电场强度均不发生变化，故电场力

不变，故粒子仍能受力平衡，故C正确，。错误；

故选:BCo

开始时液滴静止说明液滴受力平衡，可得出电场力与重力大小相等；

根据开关的通断，可知两板间电势差的变化或电量的变化；则改变极板间的距离时.，由电容器的性

质可知板间电场强度的变化，由尸=Eq可知电场力的变化，即可判断液滴的运动情况.

若通电后断开开关，则若只改变两板间的距离时极板间的电场强度是保持不变的，本结论应熟记并

能灵活应用.

9.答案:ADE

解析：解：力、一定质量的某种理想气体，分子势能为零，当温度降低时，其中分子平均动能减小，

故内能减小，故A正确；

8、晶体熔化时吸收热量，温度不变，内能增大，故B错误；

C、对于理想气体，温度趋近绝对零度，体积趋近零，但是对于实际气体，温度过低，气体已经液化

或凝固，故C错误；

。、不可能违背热力学第二定律，故无法制造出效率是100%的热机，故o正确；

E、根据热力学第二定律可知，宏观自然过程自发进行是有其方向性，能量耗散就是从能量的角度反

映了这种方向性，故E正确。

故选：ADE.

理想气体分子势能忽略不计，温度降低，分子平均动能减小，其内能减小；晶体熔化时吸收热量，

内能增大；气体温度趋近于绝对零度时，已经液化或凝固；无法制造出效率是100%的热机；根据热

力学第二定律判断。

本题考查了热力学定律、内能、理想气体等知识点。这种题型知识点广，多以基础为主，只要平时

多加积累，难度不大。

10.答案:CD

解析：

机械波产生与传播的条件是机械振动与传播介质，当传播方向与质点振动方向垂直时，是横波，当

平行时，则是纵波；由〃=〃可知，决定波速的因素。

考查机械波产生的条件是振源与介质，波传播的是振动这种形式，掌握横波与纵波的区别，理解波

长的概念，注意波源的振动频率与机械波的传播频率关系。

A、横波的传播方向跟质点振动的方向总是垂直的，故A错误；

B、由u=*可知，电磁波的波速是由波源振动的频率和波长两个因素决定的，而机械波的波速由介

质决定，故B错误；

C、一个周期内，沿着波的传播方向，振动形式在介质中传播的距离等于一个波长，故C正确；

。、机械波的频率是由波源振动的频率决定的，与波在哪种介质中传播无关，故。正确；

故选CD。

11.答案：-M等U

解析：解：因为欧姆表的“-”孔与内部电源的正极相连，所以红表笔与电压表的“-”接线柱连接.

电压表内阻约25k。〜35k0，用欧姆表测其内阻时，测电阻时应尽量使指针指在中间值附近，所以

应选x1K挡：

欧姆表中值电阻为：R力=3Oxlk0=3OOOOO,

欧姆表指小刻度，则电压表内电阻即=1000m,流过电压表电流为：力=看=6公.

由闭合电路欧姆定律电池电动势为：E=U+/vR中=噤(/

故答案为：(T)—1k；

②臂U.

根据电流“红进黑出”判断，判断红表笔与哪一个接线柱连接，用欧姆表时，指针指在中央附近最

好；

根据实验电路，应用闭合电路欧姆定律推导电动势表达式.

解决本题的关键知道欧姆表的使用方法，以及会通过闭合电路欧姆定律推导欧姆表电池电动势的大

小.

12.答案：(1)远大于(2)0.64(3)偏小(4)甲(5)(m+m0)g否

解析：

(1)根据牛顿第二定律求出绳子拉力与祛码和盘的总重力的关系，判断出在什么情况下祛码和盘的总

重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力；

(2)根据匀变速直线运动的规律△%=。厂可以求出加速度的大小;

(3)考查实验时平衡摩擦力时出现的误差问题，不是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，就是平衡摩擦

力时过大.从图上分析两图各是什么原因即可；

(4)根据图线斜率表示的物理意义，判断绳子拉力的大小；

(5)根据小车做匀速运动列出方程，对合外力进行分析即可求解。

教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这儿

点去搞清楚；对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由.比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先

接通电源后释放纸带等。

(1)对整体分析，根据牛顿第二定律得，。=盘

则绳子的拉力F="a=罂=罩，当">>m,即祛码和盘的总质量远小于小车和小车上祛码的

M

总质量时，祛码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力.

所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与祛码和盘的总质量m满足M»m的条件.

(2)根据△x=a72,运用逐差法得，a=(%+xs+x匕『X2+X3)=064m/s2；

(3)当拉力F等于Fo时，小车才产生力加速度，故原因是没有平衡摩擦力，也可能是木板与水平桌面

间的倾角偏小；

(4)a-上的关系图线的斜率上=手可知图线的斜率表示拉力，可知甲同学实验中的拉力较大；

(5)当物体小车匀速下滑时有：Mgsind=/+(m+m^g

当取下细绳和祛码盘后，由于重力沿斜面向下的分力Mgs讥。和摩擦力/■不变，因此其合外力为(m+

mo)g,由此可知该实验中不需要祛码和祛码盘的总质量远小于小车的质量

故填：(1)远大于；(2)0.64；(3)偏小；(4)甲；(5)(m+mo)g,否。

13.答案：解：(1)M棒将要进入磁场上边界时回路的电流强度为此时M棒的加速度刚好为零，以

整体为研究对象，根据平衡条件可得：

3mg=mg+B^L

此时回路的电功率为：P=¥.2R=当兽

1B2l7

此时的速度设为内，则有：/1=赞

解得：%=黑

(2)已知M棒从静止释放到将要进入磁场的过程中，经历的时间为3对整体根据动量定理可得：

(3mg—mg)t—BILt=4mv1—0

2

nnn.Bl7vt

RJ：2mgt----2-R-=47n%

mh=-t=±ngR(B^t-W

对整体根据动能定理可得：(3mg-mg)h-得=gx4mvf

此过程中产生的焦耳热为：<?总=必

根据焦耳定律可得该过程中M棒上产生的焦耳热为：

c_R八_4m2g2R(B2l?t-9mR)

Q=R+R。息=FF:

(3)导体棒N离开磁场后，感应电动势突然减小，安培力突然减小，导体棒M在磁场中向下做加速运

动，速度逐渐增大，安培力逐渐增大，到其离开磁场前可能一直做加速度逐渐减小的加速运动，也

可能先加速再匀速，如图所示：

亚-:X鬻______一

/kJ:

</mg8

以2?、一('........B2r

---------------F~~~i〃

匀速诂*M意场

根据图象可知：a=%=微

金属棒N离开磁场前二者匀速运动的速度设为方，根据平衡条件可得：

3mg=rrig+2BI2L

其中，2=喏

根据图象可得：匕=刈=黑

答：(1)M棒将要进入磁场上边界时回路的电功率为粤箸；

(2)若已知M棒从静止释放到将要进入磁场的过程中，经历的时间为3该过程中M棒上产生的焦耳热

4m2g2/82^2—97nR)

(3)补画出M棒“从匀速运动结束，到其离开磁场”的图线见解析，两纵坐标a、b的值分别为翳

8^7

解析：(1)以整体为研究对象，根据平衡条件求解电流强度，根据电功率的计算公式求解此时回路的

电功率，根据闭合电路欧姆定律求解速度大小；

(2)已知M棒从静止释放到将要进入磁场的过程中，对整体根据动量定理求解九，对整体根据动能定

理、焦耳定律求解该过程中M棒上产生的焦耳热；

(3)分析导体棒的受力情况，判断加速度大小变化情况，然后画出图象，根据平衡条件结合闭合电路

欧姆定律求解a和b的值。

本题主要是考查电磁感应中力学问题与能量问题的综合，涉及力学问题常根据牛顿第二定律或平衡

条件列出方程；涉及能量问题，要知道电磁感应现象中的能量转化情况，根据动能定理、功能关系

等列方程求解，弄清楚运动过程是解答本题的关键。

14.答案：解：⑴由题意，电荷做匀速圆周运动的半径r=3洛仑兹力充当向心力，有：qv0B=m^-

解得：B=3

qL

(2)电荷运动的周期为：7=等

v0

电荷在磁场中从。到力偏转90。，所以运动时间为：［=黑7=；7=登；

DOU4Zl/Q

答：(1)该匀强磁场的磁感应