2023-2024学年河北省保定市雄县中考物理猜题卷含解析

2023-2024学年河北省保定市雄县中考物理猜题卷注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．（2017•镇江卷）图是一种输液时所用报警电路：电源电压恒定，R为定值电阻，闭合开关S，贴在针口处的传感器M接触到从针口处漏出的药液后，其电阻RM发生变化，导致电压表的示数增大而触犯警报器（图中未画出）报警，则M接触药液后（）A．M的电阻RM变大B．电路消耗的总功率变大C．电压表与电流表的示数乘积不变D．电压表与电流表的示数之比变大2．下列关于物理知识在生活中的应用说法正确的是（）A．电冰箱接入三孔插座后电冰箱与电灯是串联B．瓶起子是费力杠杆C．抽油烟机在工作时，利用了转动的扇叶处气体的流速大，压强小的原理D．运载火箭的燃料采用液氢，是因为液氢的比热容大3．如图所示，不计质量的硬杆处于水平静止状态，以下说法错误的是A．由图得，FA<GB．硬杆始终保持水平静止状态，改变FA的方向，FA的大小也会改变C．硬杆始终保持水平静止状态，无论怎样改变FA的方向，FA始终小于GD．撤去FA在B点施加一个力FA，若FA=FB，则二力的力臂也满足lA=lB4．为了节约能源，需要提高热机的效率，下列措施不能提高热机效率的是（）A．让燃料与空气混合充分，使燃料燃烧得比较完全B．在设计与制造热机时要不断改进与创新，以减少能量的损失C．尽量减少热机内部各部件间的摩擦D．尽量增加热机的工作时间5．下列图中所示光现象中，由于光的反射形成的是A．太阳光经过凸透镜形成光斑B．手影的形成C．水中铅笔看起来变弯折D．塔在水中形成倒影6．下列估测最接近实际情况的是A．一支普通2B铅笔的质量约为200gB．中学生正常行走时一步的长度约为0.5mC．普通绿叶蔬菜保鲜的适宜温度约为40℃D．播放一遍中学生眼保健操音乐的时间约为20min7．在水平雪地上滑行的运动员如图所示，下列说法正确的是A．运动员弯着腰是通过降低重心来增大重力B．运动员受到的重力与地面对他们的支持力是一对平衡力C．运动员滑行时有惯性，停下来就没有惯性D．停止蹬地运动员就慢慢停下来，说明力是维持物体运动的原因8．如图所示,闭合开关,发现灯泡亮,不亮,电压表指针略有偏转,调节变阻器滑片,变亮,始终不亮,出现这一现象的原因可能是A．灯泡比灯丝的电阻小得多B．灯泡短路C．灯泡短路D．滑动变阻器断路9．在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置；松手后，木块最终静止在图乙所示位置．下列说法正确的是A．弹簧被压缩过程中，长度变短，弹簧的弹性势能减小B．木块被弹簧弹离的瞬间，如果它受到的力全部消失，木块将静止C．木块从被弹簧弹离至最终静止的过程中，速度减小，摩擦力不变D．图乙中，木块受到的重力和木块对水平面的压力是一对平衡力10．下列关于功、内能和热量的描述中正确的是（）A．物体的温度不变，内能一定不变B．做功和热传递都能改变物体的内能C．温度高的物体含有的热量比温度低的物体多D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．下列光路图画法正确的是（）A．B．C．D．12．很多动物为了适应自身的生存环境，进化时符合一定的物理规律，下列说法中正确的是A．鸟的翅膀上部是向外凸起的流线型，可以获得升力便于飞行B．鱼类靠“鱼鳔”像潜水艇一样来改变自身的重力，实现上浮和下沉C．壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，利用大气压使其不会从天花板上掉下来D．骆驼具有宽大的脚掌，可以减小对沙漠的压力而不会下陷13．为了节约水资源，公厕用的定时定量冲水装置主要部件如图所示。浮筒底面积为S1，且足够高，表面积为S2的圆形阀门(厚度不计)略大于出水口，浮筒与阀门用细杆相连(不计浮筒、阀门、轻杆的重)。通常情况下，水龙头以滴漏形式向储水桶供水，当储水罐水位上升到20cm时，浮筒即将通过轻杆将阀门拉起冲水，即将开始冲水时，下列说法正确的是A．阀门受到竖直向上的浮力、细杆向上的拉力和水对它向下的压力B．阀门所受水的压强为2×103PaC．细杆对阀门的拉力为4ND．浮筒浸入水中部分的深度为0.4m三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．如图所示，用同一滑轮按甲、乙两种方式匀速提升同一物体，物体重100N，滑轮重25N，绳重和摩擦不计．使用图甲的好处是__________，图乙装置的机械效率η乙=________，若图乙中再加挂一物体，机械效率将________．15．现有两个分别标有“6V

6W”和“3V

6W”的灯泡和，若将它们并联后接在某一电源上，使其中一个灯泡正常发光，干路允许通过的最大电流是______A．若将它们串联后接在某一电源上，使其中一个灯泡正常发光，则电源电压是______V。16．暑假期间某同学和家人外出旅游，他忘记将家中电视机的电源关闭，电视机处于屏幕保护状态，出门前它家电能表的示数如图所示，10天后它回到家中，电能表的示数为这段时间电视机消耗了_______kW·h的电能，电视机处于屏幕保护状态时，电功率约为______W．你从电能表的盘面上还能获得什么信息：_______．(写出一条即可)17．在测视力时，眼要与视力表相距5m，由于空间的限制需借助平面镜，若视力表与平面镜相距3m，则被测人离平面镜的距离应为_____m．小丽经测试后为近视，医生建议她可以佩戴隐形眼镜，这是一种直接贴在角膜表面的超薄镜片，可随眼球的运动而运动，目前使用的软质隐形眼镜是由甲醛丙烯酸羟酯（HEMA）制成的，中心的厚度只有0.05mm，近视眼患者戴的HEMA超薄镜片的边缘厚度_____0.05mm（选填“大于”、“小于”或“等于”）18．在一足够高的容器底部固定一轻质弹簧,弹簧原长10cm,弹簧上方连有正方体木块A,木块的边长为10cm,容器的底面积为200cm2,如图,此时弹簧长度为6cm(已知弹簧的长度每改变1cm,所受力的变化量为1N),现向容器内注入某种液体,当木块A有1/2的体积浸入液体中时,弹簧恰好处于自然伸长状态,则木体A的密度为________kg/m3；在木块A正上方再放置一合金块B,静止时液面刚好浸没B．已知合金块B的体积为100cm3,高为4cm,则合金块B的重力为________N．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．在如图（甲）所示的电路中，电源电压15伏保持不变，电阻R1的阻值为12欧，滑动变阻器R2上标有“20欧2安”字样。（1）闭合开关S，移动滑片至电流表示数为1安。求：①在10秒内通过电阻R1的电荷量。②变阻器R2接入电路的阻值大小。（2）如果用新的电阻R3、新的电源U'替换原来的电阻R1及电源，并将一表盘如图（乙）所示的电压表并联接入电路。如果将电压表并联在R3两端，则在移动变阻器滑片的过程中，发现电压表示数的最大值为15伏、最小值为7伏；如果将电压表并联在R2两端，则在移动变阻器滑片的过程中，发现电压表示数的最大值为14伏、最小值为1伏。求电源电压U'及电阻R3的值。20．如图所示是我国一艘装备精良的现代化综合公务船正在钓鱼岛巡航的示意图。（海水密度取1.02×103kg/m3，g取10N/kg）（1）若该船的声呐探头距海面深度为10m，则该声呐探头受到海水的压强是多少？（2）该船满载时排水量为3500t，则船受到的浮力多大？（3）当该公务船以45km/h的速度匀速航行1h，若航行时受到阻力为船重的0.05倍，则这一过程中动力所做的功是多少？21．如图所示是部分中小学投入使用的新型安全校车，这种校车完全符合校车安全标准．中考期间，××中学的学生乘坐这种新型安全校车以36km/h的速度匀速行驶了15min安全到达考点，此过程中校车的输出功率为150kW，求：（1）在15min内校车行驶的路程；（2）在15min内校车牵引力所做的功；（3）若校车和学生总质量为9000kg，车轮与地面的接触总面积为1500cm2，求校车对水平路面的压强．五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．用笔画线代替导线，将如图连有开关的电灯和三孔插座接入家庭电路中。23．如图所示，完成图中的光路；六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．如图甲所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置。在两个相同的烧杯中分别装入A、B两种液体，并用两个相同的酒精灯加热并不断搅拌。（1）烧杯中加入的A、B两种液体除初温相同外，还应保证_____（选填“体积”或“质量”）相同。（2）物质吸热的多少是通过_____（选填“加热时间”或“升高的温度”）来反映的。（3）根据实验数据描绘出如图乙所示的A、B液体的温度随加热时间变化的图象。由图可知：升高相同的温度，_____（选填“A”或“B”）吸收的热量较多，A的比热容与B的比热容之比为_____。（4）下列现象可用比热容知识来解释的是_____（填字母）A．夏天在教室洒水，感到凉爽B．金属勺装有塑料手柄C．沙漠地区昼夜温差较大D．霜前冷，雪后寒25．小华同学做“测定小灯泡的电功率”实验，实验器材齐全并完好，电源电压保持不变，滑动变阻器标有“”的字样，待测小灯上只有所标“”（指小灯正常工作电流）字样清晰可见。小华将电源、小灯泡、电流表、电键以及滑动变阻器正确连入电路后，接着将变阻器的滑片移至一端，再分别将两个电压表并联在电路中，然后闭合电键，移动变阻器的滑片直至小灯泡正常发光。在上述实验过程中发现：一个电压表的示数始终未变，如图所示，另一个电压表的示数在2.2～2.6伏间变化；电流表的示数在0.26～0.30安间变化。①小华判定小灯泡正常发光的理由是________。②请根据相关信息，求小灯泡的额定功率。______（本小题的解答过程应有必要的说明和计算）26．在做研究“充水玻璃管中气泡的运动规律”实验时，小明取长50cm的细玻璃管注满水，管中留一个小气泡，将玻璃管反转后，观察气泡的运动情况.表一：从0点开始的距离S/cm0102030405mm高的气泡从0点开始的时间t/s04.79.714.819.6表二：从0点开始的距离S/cm0204060801cm高的气泡从0点开始的时间t/s03.67.110.814.42cm高的气泡从0点开始的时间t/s03.46.810.213.6（1）分析表一实验数据可知气泡在做________运动（匀速直线/变速直线）.（2）小明换用粗玻璃管又做了两组实验，数据记录如表二.观察数据可知：___（大/小）气泡运动较快.由于气泡上升较快，会造成时间的测量难度较大，根据小明的实验数据，请你提出一点改进建议：___________________________.（3）本次实验中，小明还发现，玻璃管与水平成60°角放置，管中气泡的上升要比竖直放置快一些；而当玻璃管水平放置时，气泡几乎不动.根据此现象你能推测出：随倾斜角度的增大，气泡上升速度的大小将：__________.（变大/变小/先变大后变小/先变小后变大）

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、B【解析】由电路图可知，定值电阻R与传感器电阻M串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．由题意可知，M接触药液后，警报器报警，电压表V的示数增大，由I＝的变形式U＝IR可知，电压表示数增大时，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，则电压表与电流表的乘积变大，故C错误；由P＝UI可知，电源电压不变时，电路消耗的总功率变大，故B正确；由R＝可知，电路中的总电阻变小，因串联电路中总电阻等于各分电压之和，所以，M的电阻RM变小，故A错误；由R＝可知，电压表V与电流表A的比值等于定值电阻R的阻值，则电压表与电流表的比值不变，故D错误．故选B．点睛：由电路图可知，定值电阻R与传感器电阻M串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．根据题意可知，M接触药液后，警报器报警，电压表V的示数增大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电压表V与电流表A的乘积变化；根据P＝UI可知电路消耗总功率的变化，根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，根据电阻的串联可知M的电阻变化；根据欧姆定律结合定值电阻的阻值可知电压表V与电流表A的比值变化．2、C【解析】

A．家庭电路中各个用电器互不影响，所以用电器都是并联的，故A错误；B．瓶起子在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；C．转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出，故C正确；D．运载火箭的燃料采用液氢，是因为液氢的热值大，密度小，而和它的比热容无关，故D错误．3、C【解析】

如图所示：A．FA的力臂是lA，重力G的力臂是lC，lA＞lC，根据杠杆平衡条件FAlA=GlC得到，FA＜G，故A正确，不符合题意；B．硬杆始终保持水平静止状态，改变FA的方向，FA的力臂也改变，阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知FA的大小也会改变，故B正确，不符合题意；C．硬杆始终保持水平静止状态，阻力和阻力臂不变，当FA的力臂小于G的力臂，根据杠杆的平衡条件可知FA大于G，故C错误，符合题意；D．撤去FA在B点施加一个力FA，如果FA=FB，根据杠杆的平衡条件可知FAlA=FBlB=GlC，lA=lB，故D正确，不符合题意．4、D【解析】

ABC.热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．所以减少热量的损失可以提高热机的效率．所以使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率．故ABC正确，不符合题意；增加热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故D错误，符合题意．5、D【解析】

A、太阳光经过凸透镜形成光斑，是由于光的折射形成的。故与题意不符。B、手影的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；C、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；D、平静湖面上塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。6、B【解析】

一只大苹果的质量接近200g，铅笔的质量很小，一般不超过20g，故A不合实际；中学生正常行走时一步的长度约为半米，即0.5m，故B符合实际；普通绿叶蔬菜保鲜要求温度较低，适宜温度约为4℃，故C不合实际；播放一遍中学生眼保健操音乐的时间约为5min，达不到20min，故D不合实际。7、B【解析】

A、运动员弯着腰是通过降低重心来增大稳度，不是增大重力，故A错误；B、运动员受到的重力和地面对他们的支持力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，故B正确；C、一切物体在任何运动状态下都有惯性，运动员滑行时有惯性，停下来也有惯性，故C错误；D、停止蹬地，运动员受到摩擦力的作用会慢慢停下来，说明力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因，故D错误。故选B。8、A【解析】

电路中电压表测L2的电压，且电压表指针略有偏转，则L2没有短路，调节变阻器滑片，变亮，L1没有短路，电路是通路，所以始终不亮的原因，可能是灯泡比灯丝的电阻小得多，电流相同时，电阻越小，功率越小，亮度越低，故A正确，BCD错误．9、C【解析】

A、弹簧被压缩过程中，长度变短，形变变大，所以弹簧的弹性势能增大，故A错误；B、木块被弹簧弹离的瞬间具有一定的速度，如果它受到的力全部消失，由牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动；故B错误；C、木块从被弹簧弹弹离至最终静止的过程中，在水平方向上受到摩擦阻力和空气阻力的作用，导致其速度减小，但木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，所以摩擦力的大小是不变的，故C正确；D、图乙中，木块受到的重力和木块对水平面的压力方向相同，且作用在不同物体上，所以不是一对平衡力，故D错误．10、B【解析】

A．内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，应考虑其它因素．故A不符合题意．B．改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的；故B符合题意．C．温度高的物体，含有的热量一定多；错误，热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；故C不符合题意．D．传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体．故D不符合题意．二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、ABCD【解析】AB、根据凸透镜的三条特殊光线可知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，故AD正确；CB、根据凹透镜的三条特殊光线可知，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，故CD正确；故选ABCD.点睛：根据凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点．③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变．凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点．③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变．12、AC【解析】

A.鸟的翅膀上部是向外凸起的流线型，在翅膀上方的空气流速快压强小，在翅膀下方的空气流速慢压强大，便形成向上的升力，故A正确．B.鱼在水中是靠鱼鳔来改变自身的体积从而改变浮力来实现上浮和下沉．潜水艇是靠改变自身的重力，实现上浮和下沉，故B错误．C.壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，外界大气压把吸盘压在天花板上，从使其在天花板上也不会掉下来，故C正确；D.骆驼能在沙漠自如行走，是因为它的脚掌面积很大，在压力一定时减小了骆驼对地面的压强，从而不会陷入沙漠中．故D错误．13、BC【解析】

根据题图“公厕用的定时定量冲水装置”，当储水罐水位上升到20cm时，浮筒即将通过轻杆将阀门拉起冲水可知，本题考查浮力和液体内部压强的计算。根据液体压强公式和阿基米德原理进行计算，然后逐项分析判断。【详解】A．根据浮力产生的原因，浮力等于物体受到的向上和向下的压力差，由于阀门下方没有水，所以阀门不受浮力的作用。阀门受到细杆向上的拉力和水对它向下的压力，故A错误。B．由题可知，当h=20cm时，阀门所受水的压强为：，故B正确。C．阀门刚被拉起时，因为不计重力，故阀门在竖直方向只受到细杆的拉力F和水的压力而平衡。拉力，故C正确。D．阀门刚被拉起时，因为不计重力，故浮筒在竖直方向只受到浮力和细杆的拉力F’=F=4N，由力的平衡得F’=F浮=ρ水gV排可得：，解得H=0.04m，故D错误。故答案为BC。三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、可以改变力的方向80％提高【解析】

由图可知，甲滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮可以改变力的方向，乙滑轮是动滑轮,绳重和摩擦不计,有用功W有用=Gh,总功W总=(G+G轮)h，则动滑轮的机械效率η乙====×100%=80%当提升重物的重力增加，做的有用功就变大，而额外功几乎不变，有用功在总功中所占的比例变大，所以机械效率变大．15、2.57.5【解析】

根据题意知，L1的额定电压，额定功率，所以L1的额定电流为：，L1的电阻为：，L2的额定电压为，额定功率为.所以L2的额定电流为：，L2的电阻为：，若两灯泡并联，若使其中一个灯泡正常发光，电源电压应为3V.所以干路电流为：，若两灯泡串联，使其中一个灯泡正常发光，则电路中的电流应为.所以电源电压为：.故答案为：2.5；7.5.16、2.410该电能表接在电压为220V的电路中工作【解析】

这段时间电视机消耗的电能为1574.7kW·h-1572.3kW·h=2.4kW·h，电视机处于屏幕保护状态时，电功率约为P=W/t=2.4kW·h/（10×24）h=0.01kW=10W．还能知道该电能表接在电压为220V的电路中工作。17、2大于【解析】

视力表距平面镜3m，视力表在平面镜中所成的像距离平面镜为3m，已知眼睛与视力表应相距5m远，则人距平面镜应为5m﹣3m＝2m．近视眼患者戴的是凹透镜，凹透镜的四周的厚度要比中间的厚度厚，故这种超薄镜片的边缘厚度大于0.05mm．18、0.4×10110.8【解析】

弹簧原长10cm，在未注入液体前，弹簧长度为6cm，则木块将弹簧压缩了4cm．因弹簧的长度每改变1cm，所受力的变化量为1N，说明木块给弹簧的压力未4N，则木块的重力G木=4N，所以木块质量为m木===0.4kg．木块边长为10cm，则木块体积为V木=（10cm）1=1000cm1=0.001m1．则木块密度为ρ===0.4×101kg/m1；向容器内注入某种液体，当木块A有1/2的体积浸入液体中时，弹簧恰好处于自然伸长状态，说明此时木块受到液体的浮力大小等于木块的重力，且此时木块排开液体的体积等于木块体积的1/2．根据F浮=ρ液gV排得ρ液====0.8×101kg/m1．木块A有1/2的体积浸入液体中，则此时木块浸入液体中的深度等于木块边长的1/2为5cm，且此时弹簧恰好处于自然伸长状态，则此时容器中液体的深度等于弹簧原长度加木块浸入液体中的深度，即h液=10cm+5cm=15cm=0.15m．因此时容器中液面以下的总体积由液体体积和木块浸入液体的体积两部分组成，且该总体积V液+排=S容h液=200×10-4m2×0.15m=1×10-1m1，所以容器中液体的体积V液=V液+排-V排=1×10-1m1-×0.001m1=2.5×10-1m1．在木块A正上方再放置一合金块B，静止时液面刚好浸没B，合金块B的体积为100cm1，则此时木块和合金块排开液体的总体积为V排总=V木+V合金=0.001m1+100×10-6m1=1.1×10-1m1，此时木块和合金块受到的总浮力F浮总=ρ液gV排总=0.8×101kg/m1×10N/kg×1.1×10-1m1=8.8N．由于液面刚好浸没B，所以此时容器中液面总深度为H====0.18m，则此时弹簧长度等于液面总深度减去木块和合金块的高度，即0.18m-10cm-4cm=4cm，说明此时弹簧被压缩了6cm，则弹簧此时产生的弹力大小为F弹=6N．此时木块和合金块静止，将它们看成一个整体，它们受到重力G总=G木+G合金、浮力F浮总、弹簧向上的弹力F弹三个力作用，则G木+G合金=F浮总+F弹=8.8N+6N=14.8N，则G合金=14.8N-G木=14.8N-4N=10.8N．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、（1）10库（2）3欧（3）21伏（4）10欧【解析】

（1）由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，当移动滑片至电流表示数为1A时，在10s内通过电阻R1的电荷量：Q=It=1A×10s=10C；电路的总电阻：，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，变阻器R2接入电路的阻值大小：R2=R-R1=15Ω-12Ω=3Ω；（2）如果用新的电阻R3、新的电源U替换原来的电阻R1及电源后，R3与R2串联，电流表测电路中的电流，将电压表并联在R3两端，则在移动变阻器滑片的过程中，发现电压表示数的最大值为15V、最小值为7V，将电压表并联在R2两端，则在移动变阻器滑片的过程中，发现电压表示数的最大值为14V、最小值为1V，因滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大时，R3两端的电压最小，R2两端的电压最大，所以，此时R3两端的电压U3=7V，R2两端的电压U2=14V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U2+U3=14V+7V=21V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：，即，解得：R3=10Ω。答：（1）①在10秒内通过电阻R1的电荷量为10C；②变阻器R2接入电路的阻值大小为3Ω；（2）电源电压为21V，电阻R3的值为10Ω。20、（1）1.02×105Pa；（2）3.5×107N；（3）7.875×1010J。【解析】

（1）探头受到海水的压强：p＝ρgh＝1.02×103kg/m3×10N/kg×10m＝1.02×105Pa；（2）该船满载时排水量m排＝3500t＝3.5×106kg，公务船所受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝3.5×106kg×10N/kg＝3.5×107N；（3）由v＝可得，船匀速航行1h通过的路程为：s＝vt＝45km/h×1h＝45km＝4.5×104m，因为船漂浮，所以船的重力：G＝F浮＝3.5×107N；因船匀速行驶，所以船受到的动力：F＝f＝0.05G＝0.05×3.5×107N＝1.75×106N，动力所做的功：W＝Fs＝1.75×106N×4.5×104m＝7.875×1010J。21、（1）9km；（2）1.35×108J；（3）6×105Pa。【解析】

（1）15min内校车行驶的路程：s=vt=36km/h×h=9km；（2）15min内校车牵引力所做的功：W=Pt=150×103W×15×60s=1.35×108J；（3）物体在水平面的压力大小等于物体重力，即F=G=mg=9000kg×10N/kg=90000N，校车对水平路面的压强：p==6×105Pa。答：（1）在15min内校车行驶的路程是9km；（2）在15min内校车牵引力所做的功是1.35×108J；（3）校车对水平路面的压强是6×105Pa。五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解析】

首先辨别上面三根线地线