甘肃省天水地区2025届物理高一第一学期期末质量跟踪监视模拟试题含解析

甘肃省天水地区2025届物理高一第一学期期末质量跟踪监视模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图，一个质量为50kg的高中生站在台秤上从静止开始下蹲，下列图像能够正确反映秤上的读数变化的是（）A. B.C. D.2、在倾角为的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一平行于斜面的恒力拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度大小为v，加速度大小为a、方向沿斜面向上。设弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度大小为g，则（）A.当B刚离开C时，A发生的位移大小为B.当A的加速度等于零时，B的加速度大小为C.恒力F的大小为D.从A开始运动到B刚离开C，经历的时间为3、如图所示，B和C是一组塔轮，其中B和C半径不同，它们固定在同一转动轴上且无相对滑动，其半径之比为RB∶RC＝3∶2；A轮的半径大小与C轮相同，它与B轮紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B轮也随之无滑动地转动起来。a、b、c分别为三轮边缘的三个点，则a、b、c三点在转动过程中的（）A.a、b点线速度大小之比为3∶2B.a、b点转动角速度之比为1∶1C.b、c点转动角速度之比为1∶1D.a、c点转动向心加速度大小之比为4∶94、光滑的半球形物体固定在水平地面上，球心正上方有一光滑的小滑轮，轻绳的一端系一小球，靠放在半球上的A点，另一端绕过定滑轮后用力拉住，使小球静止，如图所示，现缓慢地拉绳，在使小球沿球面由A到B的过程中，半球对小球的支持力N和绳对小球的拉力T的大小变化情况是（）A.N变大、T变小B.N变小、T变大C.N变小、T先变小后变大D.N不变、T变小5、如图所示，自由落体的小球从它接触弹簧开始，到弹簧压缩到最短过程中，小球速度、合力、加速度的变化情况正确的是（）A.小球一接触弹簧就做减速运动B.小球速度先变大后变小C.小球受到的合力先变大，后变小D.小球运动的加速度不变6、物体在水平面上做匀变速直线运动，初速度，后的速度大小为，则该内物体的（）A.加速度大小一定为 B.加速度大小可能为C.位移可能等于 D.平均速度一定不会为零7、甲、乙两物体在同一地点分别从4h与h的高度开始做自由落体运动，若甲的质量是乙的4倍，则下述说法正确的是()A.甲、乙两物体落地时速度相等B.落地时甲的速度是乙的2倍C.甲、乙两物体同事落地D.甲在空中的时间是乙的2倍8、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块小滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出小滑块A的加速度a，得到如图乙所示的图象，g取，则()A.小滑块A的质量为2kgB.木板B的质量为2kgC.当时木板B加速度小于D.小滑块A与木板B间动摩擦因数为9、A、B两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程中A.A、B的速度之差保持不变B.A、B的速度之差与时间成正比C.A、B的位移之差与时间成正比D.A、B的位移之差与时间的平方成正比10、将力F分解为两个不为零的力，下列情况具有唯一解的是（）A.已知两个力的方向，并且不在同一直线上B.已知一个分力的大小和另一分力的方向C.已知两个力的大小D.已知一个分力的大小和方向二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，在平台AD中间有一个长为2l的凹槽BC，质量为m的滑板上表面与平台AD等高，质量为2m的铁块(可视为质点)与滑板间的动摩擦因数为μ1，铁块以一定的初速度滑上滑板后，滑板开始向右做匀加速运动，当滑板右端到达凹槽右端C时，铁块与滑板的速度恰好相等，且铁块刚好到达木板最右端，滑板与凹槽右侧边碰撞后立即原速反弹，左端到达凹槽B端时速度恰好为零，而铁块则滑上平台CD，重力加速度为g。（1）滑板与凹槽间动摩擦因数μ2多大？（2）求铁块滑上滑板时的初速度大小v0。14、（14分）如图所示，质量为M=1kg的长木板B放置在水平面上，质量为m=1kg，可视为质点的物块A放置于长木板B的上表面的正中央，A、B之间的动摩擦因数为μ1=0.5，B与水平面之间的动摩擦因数为μ2=0.35，长木板B的右侧s=3m处有一竖直墙面，木板与墙面之间发生碰撞时，速度反向且大小保持不变。现从静止开始对长木板B持续施加一个水平向右的推力，使其向右运动，直到右端接触到竖直墙面前的瞬间将力F撤去。设物体间的最大静摩擦力等于其滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2。（1）若保持A、B一起向右匀速直线运动，求F的大小；（2）要使A与B之间发生相对滑动，则力F至少需要多大?（3）若力F=18N，要使A不从B的上表面滑落，长木板B的长度L至少为多少?15、（13分）气球以10m/s的速度匀速竖直上升，从气球上掉下一个物体，经17s到达地面．求物体刚脱离气球时气球的高度．(g＝10m/s2)

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】对该同学的下蹲运动过程分析可知，人在加速下蹲过程中，有向下的加速度，人处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力大小；在减速下蹲过程中，加速度方向向上，人处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力大小；人从静止开始下蹲的全过程，先失重后超重；故C项正确，ABD三项错误。2、B【解析】A．开始A处于静止状态，弹簧处于压缩，根据平衡有解得弹簧的压缩量当B刚离开C时，B对挡板弹力为零，有解得弹簧的伸长量可知从静止到B刚离开C的过程中，A发生的位移A错误；C．根据牛顿第二定律得解得C错误；B．当A的加速度为零时，A的速度最大，设此时弹簧的拉力为FT，则所以以B为研究对象，则根据牛顿第二定律得解得B正确；D．若A一直做匀加速直线运动，则从开始运动到B离开C的时间而实际的情况是开始时A受到的向上的弹簧的弹力比较大，随A向上运动的过程中弹簧对A的弹力先逐渐减小后反向增加，所以A向上运动的加速度始终减小，可知在B离开C前A的加速度一直大于a，所以从开始运动到B刚离开C时，所用的时间一定小于，D错误。故选B。3、C【解析】AB．A轮、B轮靠摩擦传动，边缘点线速度相等，即a、b点线速度大小之比为1∶1；由题意可知A轮的半径与B轮的半径之比为RA∶RB＝RC∶RB=2∶3根据公式有故A错误，B错误；C．B和C是固定在同一转动轴上且无相对滑动的转动，可知b、c点转动角速度之比为1∶1，故C正确；D．由C选项分析可知结合前面的分析可知根据A轮的半径大小与C轮相同，可知a、c点转动向心加速度大小之比故D错误。故选C。4、D【解析】以小球为研究对象，分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力N，作出N、T的合力F，由平衡条件得知由得，得到，，由题缓慢地将小球从A点拉到B点过程中，，AO不变，变小，可见T变小，N不变，故选项D正确考点：共点力平衡的条件及其应用、力的合成与分解的运用【名师点睛】本题平衡问题中动态变化分析问题，N与T不垂直，运用三角形相似法分析，作为一种方法要学会应用5、B【解析】开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于向下重力，此时合外力大小：F=mg-kx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；当mg=kx时，合外力为零，此时速度最大；由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kx-mg，方向向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大．故整个过程中合力先减小后增大，加速度先变小后变大，速度先变大后变小，故ACD错误，B正确。故选B。【点睛】本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习6、BCD【解析】AB．若2s后速度与初速度方向相同，速度变化量为：若速度与初速度方向相反，速度变化量为：则加速度为：或故A错误B正确；CD．物体做匀变速直线运动，故平均速度为：或故位移为：则位移等于8m或．故CD正确7、BD【解析】由位移速度关系式：v2=2gH，可得，甲下落的高度为4h，乙下落的高度为h，则落地时甲的速度是乙的2倍，故A错误，B正确；因为甲乙物体均做自由落体运动，加速度为g，甲下落的时间为，乙下落的时间为，所以甲在空中的时间是乙的2倍，故C错误，D正确8、AD【解析】A．对滑块：当F等于3N时，滑块的加速度为：，即：当F等于5N时，滑块的加速度为：，即：联立可得滑块A的质量：，A与B之间的摩擦力，故A正确；B．对B进行受力分析，当拉力为3N时，加速度等于，则：代入数据得：，即可木板B的质量是，故B误；C．由图可知，当拉力F大于3N后二者即发生相对运动，所以当时木板B加速度仍然为。故C错误；D．A与B之间的摩擦力：所以：故D正确。故选AD。9、AC【解析】根据速度时间公式求出速度之差，根据位移时间公式求出位移之差，从而分析判断【详解】设两个物体的加速度为a，初速度分别为v1、v2．a、b的速度之差△v=（v1+at）-（v2+at）=v1-v2，可知a、b的速度之差保持不变，故A正确，B错误；a、b的位移之差，故C正确，D错误．所以AC正确，BD错误【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式10、AD【解析】因合力F一定，若已知两个力的方向，并且不在同一直线上，则分解的结果是唯一的，选项A正确；已知一个分力的大小和另一分力的方向，分解的结果可能有两种，选项B错误；已知两个力的大小，分解的结果可能有两种，选项C错误；已知一个分力的大小和方向，则另一个分力一定是唯一的，选项D正确；故选AD.二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）μ1；（2）【解析】(1)滑板向右加速过程由速度位移公式有①滑板向左反弹过程由速度位移公式有②对滑板向右加速过程由牛顿第二定律有③滑板向左反弹过程由牛顿第二定律有④联立①②③④解得⑤(2)由②④⑤得⑥铁块向右滑动的加速度大小为a，则⑦铁块向右做匀减速运动，有⑧由⑥⑦⑧解得14、（1）7N；（2）F=17N；（3）7m。【解析】（1）若保持AB一起向右匀速直线运动，以AB整体为研究对象，由平衡条件有：解得：F=7N（2）以A为研究对象，A的最大加速度为aA，则有解得：以B为研究对象，当AB恰要有相对运动时具有相同的加速度。则：解得：F=17N（3）F=18N，物块与板发生了相对滑动。此时，以A为研究对象，则解得：，方向向右以B为研究对象，则：解得：，方向向右设两者开始运动到板右端接触到竖直墙面所用时间为t1，则：解得：这段时间内A向右运动的距离板撞竖直墙面时，板的速度大小：物块的速度大小：板撞墙后，向左运动，对板受力分析，则：解得：，方向向右板向左做减速运动板撞墙后，对物块受力分析，则：解得：，方向向左物块向右做减速运动板和物块的减速时间分别为因为，板减速到0后保持静止，然后A减速到0；此过程中板和物块运动的位移大小分别为：要使A不从B的上表面滑落，则：解得：15、775m【解析】方法一：可将物体的运动过程视为匀变速直线运动．根据题意画出运动草图如图所示．规定向下方向为正，则V0=-10m/s，g=10m/s2根据则有∴物体刚掉下时离地1275m方法二：如图将物体的运动过程分为A→B→C和C→D两段来处理．A→B→C为竖直上抛运动，C→D为竖直下抛运动在A→B→C段，据竖直上抛规律可知此阶段运动时间为由题意知tCD=17-2=15（s）根据下抛运动规律方法三：根