2026年河北省名校联盟高三一模物理高考试卷试题（含答案详解）

第页2026届名校联盟高三年级模拟考试物理试题本试卷共100分，考试时间75分钟。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.家庭装修中经常用到花岗岩、大理石等装修材料，这些石材不同程度地含有放射性元素，比如有些含有铀、钍的花岗岩会释放出气体氡，而氡具有放射性，半衰期为3.8天，其衰变方程为²22286Rn→84218A.X为α粒子B.X为β粒子C.100个氡核经3.8天后一定剩余50个D.衰变后粒子的质量之和等于衰变前氡核的质量2.2025年9月3日，在北京举办了纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年大会。展示的一款舰载激光武器LY-1引起广泛关注，它是利用定向发射的激光束直接毁伤目标或使之失效的舰用定向能武器。关于其使用的激光，下列说法正确的是A.在密度不均匀的大气中激光始终沿直线运动B.激光的频率越高，在真空中传播的速度越大C.激光武器、微波武器使用的激光和微波都属于电磁波D.激光频率越高，单个光子能量越大，对目标的毁伤效果越好3.外太空小行星若有撞击地球风险，人类将主动干预，使得小行星偏离原有的轨道。如图所示，假设某颗小行星绕太阳做圆周运动，轨道半径为r，运动方向如箭头所示。探测器在P处以较大速度撞击小行星并结合为一体。小行星的轨道变为图中虚线椭圆轨道，远日点仍为P，近日点为Q，Q到太阳的距离为r₁。下列说法正确的是A.撞击后小行星绕太阳运行的周期可能不变B.撞击后小行星经过Q点的速度比撞击前的速度大C.撞击后小行星最大速度与最小速度之比为rD.探测器可能从后面追上小行星并撞击4.如图甲所示，一绝缘半圆弧AC上均匀分布正电荷，在圆弧的圆心O处激发的电场强度大小为E，若截走右侧的13A.12 B.22E C.5.如图所示，甲、乙两同学分别站在距离同一竖直墙壁10m和5m处，甲、乙连线与墙壁垂直，甲同学以与水平方向成37°角的初速度斜向上抛出一个球，球与墙壁发生弹性碰撞，碰撞前后球的水平速度大小不变、方向反向，竖直速度不变，碰后球恰好被乙同学接到。假设乙同学的接球点与甲同学的发球点等高,sin37°=0.6,重力加速度g取10m/s²。则球的初速度大小为A.25m/s B.12.5m/s C.8.75m/s D.6.25m/s6.两质量均为m的滑块a、b，a与挡板通过劲度系数为k1₁的轻弹簧1连接，a与b通过劲度系数为k2的轻弹簧2连接。如图甲所示，挡板竖直时，b与挡板上侧面恰好接触且无挤压。若把挡板顺时针旋转A.mg B.C.kD.7.如图所示，足够长的两平行光滑导轨电阻不计，导轨所在平面与水平面的夹角为θ，整个空间存在与导轨所在平面垂直的匀强磁场。导轨上部接有两个阻值相同的电阻，开关S断开。电阻不计的金属棒垂直导轨放置，与两导轨接触良好。现将棒从静止释放，下滑一段距离后闭合S，棒恰能匀速下滑，之后棒继续下滑相同的距离。关于下滑相等距离的两个阶段，下列说法正确的是A.刚释放时棒的加速度与开关闭合前瞬间相等 B.第一阶段用时大于第二阶段用时的2倍 C.第一阶段通过金属棒的电荷量大于第二阶段的1D.第一阶段回路产生的总焦耳热大于第二阶段的1二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.学习小组利用力传感器研究摆球的受力情况。细线下端连接小球，上端穿过光滑的小孔与力传感器连接。图甲让小球在同一竖直面摆动形成单摆，图乙让小球在同一水平面转动形成圆锥摆。小球质量、摆长及摆角均相同，图甲中摆线拉力随时间变化图像如图丙所示，拉力最小值及最大值分别为F₁、F₂。不计摩擦及空气阻力，下列说法正确的是A.小球的重力为2F1-1B.摆角的余弦值为3C.图乙中摆线拉力大小为FD.由F₁、F₂可求出摆长9.一理想气体系统经历一循环过程a→b→c→d→a，其p–V图如图所示，其中d→a过程气体温度不变。下列说法正确的是A.a→b过程气体分子的平均动能增加B.b→c过程气体向外界放出热量C.状态c、a的体积和压强满足pD.a→b→c→d→a过程气体从外界吸收热量10.如图甲所示，a、b两个粒子都带正电，带电荷量均为q，a的质量为m，b的质量为2m。t=0时刻，a、b间距离为L，a速度大小为v，方向沿a、b连线指向b，b速度为0，仅在彼此静电力作用下，它们靠近后又被弹开，经过足够长时间，最终均做匀速直线运动。粒子运动轨迹在同一直线上，两粒子组成系统的电势能Ep与两粒子间距离r的关系为EpA.a、b距离最近时，a的速度大小为vB.a、b距离最近时，系统的电势能等于1C.当a、b距离再次等于L时，b的速度大小为2D.当r趋于无穷大时，a的速度大小为13三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.(5分)如图所示，用“插针法”测量一等腰直角三角形玻璃砖的折射率。主要步骤如下：(1)在白纸上画一条直线ab，并画出其垂线cd，交于O点；(2)将玻璃砖斜边AB沿ab放置，并确定直角边BC的位置ef，cd与ef的交点为(O';(3)在cd上竖直插上大头针P₁和P₂，从侧面BC透过玻璃砖观察P1和P2,，插上大头针P(4)撤去玻璃砖和大头针，连接P₃与O'，过P₃作ef的垂线，垂足为D，用刻度尺量出(O'D的长度L₁，O'P₃的长度L₂，则玻璃砖的折射率n=。(用题给物理量字母表示)(5)为了减小实验误差，大头针P₃的位置应离O'较(选填“近”或“远”)一些。12.(10分)学习小组要测定电源的电动势和内阻，可供选用的器材有：A.电压表(量程0~3V,内阻未知)B.电流表(量程0~0.6A,内阻1.0Ω)C.滑动变阻器(最大阻值10Ω，额定电流1A)D.滑动变阻器(最大阻值1kΩ,额定电流0.5A)E.待测电源(电动势约为3V，内阻约为1Ω)F.开关、导线若干实物电路如图1所示，要求测量时两电表指针偏转均不小于其量程的一半。(1)实验中所用的滑动变阻器应选(填器材前字母代号)。(2)开关S₁闭合前，滑动变阻器滑片应位于最(选填“左”或“右”)端。(3)单刀双掷开关S₂可分别与1、2端闭合，为使电源电动势及内阻的测量结果更接近真实值，S₂应与(选填“1”或“2”)端闭合。(4)各部分连接检查无误后，闭合开关S₁，移动滑动变阻器滑片到合适位置，电压表的示数如图2所示,为V。(5)记录多组电流表、电压表读数，在坐标纸上选定合适的标度，描出数据点如图3所示。请根据数据点在图3上拟合出图线。根据图线，可求出电源电动势E=V,内阻r=Ω。(结果均保留2位有效数字)(6)求出的电动势与真实值相比若存在误差，该误差属于(选填“系统”或“偶然”)误差。13.(9分)图1是钱塘江罕见的“渔网潮”景象，其原理为平面波的干涉。如图2所示，甲、乙两列简谐平面波，实线表示波峰，虚线表示波谷，频率均为f=0.5Hz,，波长均为λ=4m,，振幅均为A=0.2m,两列波起振方向均向上，传播方向间的夹角θ=60(1)波速v及从图示时刻到P点第一次出现波峰经过的时间t；(2)从开始振动到图示时刻A、B处质点运动的总路程14.(12分)游乐园滑草项目深受小朋友喜爱。滑草过程简化为以下情景：如图所示，t=0时刻，滑块从斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面(设经过B点前后速度大小不变)，最后停在C点。每隔0.5s用速度传感器测量滑块的瞬时速度，下表给出了部分测量数据。已知滑块与斜面和水平面间的动摩擦因数相同，重力加速度取g=10m/s(1)滑块与斜面和水平面间的动摩擦因数μ；(2)斜面的倾角α的正弦值sinα；(3)滑块滑行的总路程s。t/s0.00.51.0···5.05.56.0 v/0.01.02.0··10.07.55.0···15.(18分)如图所示，平面直角坐标系xOy中，第一象限存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E，第四象限存在垂直坐标平面向外的匀强磁场。一质子从坐标原点O以某一速度飞入电场，先后经过P、Q点进入磁场。P点坐标为(d，0.5d)，Q点坐标为(2d，0)。已知质子质量为m，带电荷量为+q,，不计重力。(1)求质子在O点的速度大小v0及该速度与x轴正方向的夹角θ；(2)若质子第一次进入磁场后，到达y轴时速度方向恰好垂直y轴，求质子在电场和磁场中运动的总时间t；(3)若质子某次出磁场后能经过点(2d，0.5d)，求磁感应强度的最小值。物理答案1—5ACBCB6—7CD8AB9ABC10AC11.(3)P₁和P₂(2分) 4212.(1)C(1分)(2)左(1分)(3)1(1分)(4)2.40(1分)(5)如图所示(1分)3.0(2分)1.0(2分)(6)偶然(1分)13.解:(1)对于机械波有v=λf=2m/s (1分)由对称性可知，甲、乙的波峰到P的垂直距离x=Lcosθ[易错：波峰到P点的距离是垂直距离，而不是O到P的距离]甲、乙的波峰同时到达P点，可知t=x(2)甲、乙两波同时到达A点，由波的叠加可知A处质点合振动的振幅为2A，振动的时间tA[易错从开始振动到第一次到达波峰，振动了四分之一周期，不要忽略该段]经过的总路程sA=(4+1)×2A=2m (1分)甲的波峰刚到达B点，即甲波在B处振动时间为14三个波峰刚到达B点，即乙波在B处振动时间为2+14可知甲传到B点前，B处质点经过的路程SB₁=2×4A=1.6m (1分)甲、乙叠加后B处质点经过的路程sB₂=2A=0.4m (1分)sB=14.解：(1)设滑块在水平面上滑行的加速度大小为a₂5.5-6.0s过程滑块在减速，由表格数据可知a2=|在水平面上滑行时，由牛顿第二定律有μmg=ma2可得μ=0.5 (1分)(2)设滑块在斜面下滑的加速度大小为a₁0-1.0s过程滑块在加速，由表格数据可知a1由牛顿第二定律有 mgsinα-μmgcosα=ma₁ (1分)结合数学知识可得sinα=0.6 (1分)(3)设滑块到达斜面底部时速度为vm，所用时间为t₁加速过程有v减速到t=5.5s过程，数值上有7.5=v(1分)可得t1=5s,滑块在斜面加速下滑的路程s1=在水平面减速滑行的路程 (1分)滑块滑行的总路程s=s115.解：(1)质子在电场中做类斜抛运动，根据对称性可知，P点为抛物线的顶点，设质子在电场中运动的加速度为a，从O到Q点经过的时间为t₁，由牛顿第二定律有qE=ma(1分)y方向做匀变速运动，O到P的时间为12t₁12d=可得t1=2x方向做匀速运动，O到Q有2d=v0x可得v0x=y方向有v0γ=a⋅质子在O点的速度v0=由tanθ=v可知θ=45° (1分)(2)根据运动的对称性可知，质子第一次到达Q点时速度大小为v₀，方向与x轴正方向夹角为θ=45°，质子在磁场中做匀速圆周运动，设轨迹半径为r如图1所示，由几何关系有sinθ=2d质子在磁场中做匀