2025年四川省绵阳市中考物理试卷

第1页（共1页）2025年四川省绵阳市中考物理试卷二、选择题（每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求）1．（3分）控制噪声是环境保护的重要项目。下列标志对应的措施，不是在声源处控制噪声的是（）A． B． C． D．2．（3分）吸烟危害健康，在公共场所都张贴了如图所示的标志。如果在室内，即使只有很少人吸烟，整个场所也会充满烟味，该现象表明（）A．分子在不停地做热运动 B．分子之间存在引力和斥力 C．分子运动越剧烈，物体的温度越高 D．常见的物质是由大量的分子、原子构成的3．（3分）安全用电是现代社会人人都应该了解的常识，下列场景符合安全用电原则的是（）A．甲图中使用绝缘皮破损的插头 B．乙图中用湿手控制开关 C．丙图中用干燥的木棒挑开触电者身上的电线 D．丁图中在高压线附近放风筝4．（3分）6G即第六代移动通信系统，传输速度更快、网络连接更稳定，从2020年到2024年，我国在6G专利申请数量上一直保持全球第一。6G传输信息使用的是（）A．无线电波 B．紫外线 C．X射线 D．超声波5．（3分）自2026年1月1日起，我国将全面禁止生产含汞体温计和血压计。汞是常温下唯一呈液态的金属，受热容易变成气体，进入人体内危害健康。汞受热发生的物态变化是（）A．熔化 B．汽化 C．液化 D．升华6．（3分）在光线强烈的户外使用手机时，用户常因屏幕反光，看得到屏幕上自己脸部的像，看不清屏幕本身显示的内容，所以常在屏幕上贴表面粗糙的防反光膜。下列分析正确的是（）A．光照射到防反光膜上不再遵循反射定律 B．脸部的像与用户脸部关于屏幕对称 C．脸部的像比用户的脸部小 D．脸部的像到屏幕的距离比用户脸部到屏幕的距离更近7．（3分）如图所示，螺线管与电源的X、Y两极相连接，右端有一静止小磁针。当开关闭合后，N极的指向变为水平向左，则（）A．X为电源的正极 B．通电后螺线管的右端为N极 C．仅将电源X、Y极对调，闭合开关后小磁针静止时N极指向仍然水平向左 D．仅将小磁针置于通电螺线管正上方，闭合开关后小磁针静止时N极指向水平向右8．（3分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上成的像不清晰，若将光屏向右移动适当距离，可在光屏上观察到清晰的像，则（）A．清晰的像是倒立、缩小的实像 B．清晰的像是正立、放大的实像 C．该透镜的焦距大于7.5cm小于15cm D．该透镜的焦距大于10cm小于20cm9．（3分）碰撞试验是检测汽车安全性能的重要方式之一。如图所示，让载有假人的汽车，以一定的速度冲向墙壁，碰撞后根据车辆和假人的受损程度、车门能否打开等指标判定汽车的安全性能。在汽车与墙壁碰撞的过程中（）A．汽车对墙壁的力使汽车发生形变 B．墙壁对汽车的力使汽车运动状态改变 C．汽车对墙壁的力大于墙壁对汽车的力 D．汽车对墙壁的力和墙壁对汽车的力施力物体相同10．（3分）如图所示，置于水平桌面的三个相同烧杯，分别装有质量相等的三种不同液体，x、y和z是三种液体中距杯底等高的点，则（）A．液体密度：ρ甲＞ρ乙＞ρ丙 B．液体对烧杯底部的压强：p乙＞p丙＞p甲 C．烧杯对桌面的压力：F甲＞F丙＞F乙 D．x、y、z三点液体的压强：py＞pz＞px11．（3分）如图是甲、乙两名跑步爱好者跑步过程中的路程时间图像。根据图像中的数据，可以分析出（）A．0～20min内，甲的平均速度为0.18m/s B．0～40min内，甲的平均速度为1.0m/s C．0～50min内，甲比乙多跑1.2km D．0～60min内，甲的平均速度大于乙的平均速度12．（3分）如图所示，电源电压恒定，R1、R2是定值电阻。闭合开关S，若从左向右移动滑动变阻器R的滑片，所有电表的示数均不超量程，则此过程中（）A．V1、V2和A表的示数均增大 B．V1表的示数增大，V2表和A表的示数减小 C．V2表的示数与V1表的示数的差值减小 D．V1表的示数变化量小于V2表的示数变化量13．（3分）持续提升农村幸福宜居品质是美丽乡村建设的任务之一。某乡村建设工地上，建筑工人准备利用如图所示的滑轮组（绳子未连接）匀速提升建筑材料，第一次需提升的建筑材料重1500N，第二次需提升的建筑材料重2000N，已知动滑轮组的总重量是200N，不计绳重和摩擦，则（）A．第一次提升，工人的拉力最小为340N B．第二次提升，工人的拉力最小为550N C．第一次提升，滑轮组的机械效率约为91% D．第二次提升，滑轮组的机械效率约为88%六、（本题包括5小题，每空2分，共20分）14．（4分）2025年4月30日，神舟十九号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，三名宇航员安全回家。返回舱在减速下降的过程中，其重力势能不断（选填“增大”或“减小”）；返回舱进入大气层后与大气剧烈摩擦，部分机械能通过（选填“做功”或“热传递”）转化成内能。15．（4分）如图所示，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住后从漏斗口向下持续吹气，然后将手指移开，发现乒乓球并不下落。在向下持续吹气的过程中，乒乓球上方气流速度下方气流速度，导致上方气压下方气压，从而产生压强差。（选填“大于”“小于”或“等于”）16．（4分）我国电动汽车技术不断创新，2024年电动汽车出口量首次突破200万辆。国产某品牌电动汽车以90km/h的速度在水平路面上匀速行驶27km，此过程中电机功率恒为20kW，则电动汽车消耗的电能为kW•h，若电动机消耗的电能全部用于对汽车做功，则牵引力的大小为N。17．（4分）在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，将0.2kg温度为27℃的水，加热到沸腾时的97℃，此过程中，水吸收的热量为J；若酒精灯消耗酒精4.9g，则酒精灯的加热效率为%。[忽略加热过程中水的质量变化。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），q酒精＝3.0×107J/kg。]18．（4分）如图所示电路中，电源电压恒定，R1、R2和R3是定值电阻。当X和Y均为电流表时，闭合开关，其示数之比为9：5，此时R1、R2、R3的连接方式是（选填“串联”或“并联”），若通电时间t，电路产生的总焦耳热为Q1；当X和Y均为电压表时，闭合开关，其示数之比为5：3，若通电相同时间t，电路产生的总焦耳热为Q2。则Q1Q2。七、（本题包括3小题，每空2分，共20分）19．（6分）在“探究光折射时的特点”实验中，让一束光线从空气以不同的角度斜射入水中，测量多组入射角i和折射角r的数据，记录在表中：入射角i30°45°60°75°折射角r22°32°40°？（1）分析发现，折射角r小于入射角i，说明当光从空气斜射入水中时，折射光线（选填“偏向”或“偏离”）法线；（2）根据表格数据推测：当入射角i等于75°时，折射角r55°；（选填“大于”“等于”或“小于”）（3）若让光线以32°入射角从水中射向空气，光线会在水面发生反射和折射，反射光线与折射光线之间的夹角为°。20．（6分）某实验小组用如图甲所示装置来研究影响滑动摩擦力大小的因素，实验前提出以下猜想：a.滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关b.滑动摩擦力的大小与接触面的面积大小有关c.滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关实验过程如下：①用弹簧测力计匀速拉动木块，使它沿水平长木板运动，测出木块与长木板之间的滑动摩擦力F1；②在木块上放置1个砝码，重复①中操作，测出此种情况下的滑动摩擦力F2；③换用材料相同但表面更粗糙的长木板，保持木块上的砝码不变，重复①中操作，测出此种情况下的滑动摩擦力F3。设计表格，并记录数据如下表，回答下列问题：序号实验条件滑动摩擦力F/N木块上放置砝码个数长木板粗糙程度①0较光滑1.2②1较光滑1.4③1较粗糙1.6（1）对比分析实验①②，可以研究猜想；对比分析实验②③，可以研究猜想；（选填“a”“b”或“c”）（2）另一小组设计了不同的实验方案：将木块B、长木板A叠放后置于水平地面，弹簧测力计一端固定于竖直墙壁，另一端与木块B相连，并保持水平，如图乙所示。用力拉动长木板A，使长木板A与木块B相对运动，当木块B相对于地面处于（选填“静止”“匀速直线运动”“加速运动”或“减速运动”）状态时，弹簧测力计示数与木块B所受滑动摩擦力大小相等。21．（8分）小灯泡工作时的电阻会随着温度升高而增大，为测量额定电压为2.0V的小灯泡正常发光时的电阻，某同学用两节干电池、两个电压表、滑动变阻器和阻值为1.0Ω的定值电阻等器材，连接成如图甲所示的电路进行实验。（1）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到最（选填“左”或“右”）端；（2）闭合开关，调节滑动变阻器，发现灯泡始终不亮，两个电压表示数相等且不为零，若电路中只有一处故障，则故障可能是；（3）排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器，使一个电压表的示数达到2.0V，另一个电压表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为Ω；（4）将直接与灯泡并联的电压表示数记为U1，另一电压表示数记为U2，当滑动变阻器的滑片从最右端向最左端移动的过程中，以下U2与U1的变化关系图像可能是。（选填序号）八、（本题包括2小题，共21分。解答过程必须写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）22．（9分）取一个标有“36V，18W”的灯泡，直接接在电压为40V的电源两端，它发光强烈；将其与定值电阻R一起接在电压为40V的电源两端，灯泡恰能正常发光。（1）求灯泡的额定电流和正常发光时的电阻；（2）判断灯泡与定值电阻R是串联还是并联，并求定值电阻R的阻值。23．（12分）某同学在实践活动中制作液体密度计，并用于液体密度的测量。将瓶身主体为圆柱体的空塑料瓶的瓶底剪掉，旋紧瓶盖并在瓶盖上用细线系上一金属块，然后将空塑料瓶和金属块一起倒放入装有适量水、足够高的玻璃容器中；当水面静止时，将塑料瓶瓶身上与水面相平的位置标记为“0”刻线，如图所示，“0”刻线以上塑料瓶瓶身是圆柱体。缓慢向空塑料瓶注入密度未知的液体，当液面刚好达到“0”刻线时停止注入，此时“0”刻线在水面以下4cm处。已知金属块的质量为58g，体积为8cm3，塑料瓶“0”刻线以上圆柱体的横截面积为20cm2，玻璃容器的内底面积为100cm2，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg，忽略空塑料瓶自身的厚度和重量，向空塑料瓶注入液体的过程中金属块不触底。求：（1）注入液体前，水面静止时细线对金属块的拉力大小；（2）“0”刻线以下塑料瓶的容积；（3）注入液体的密度和缓慢注入液体过程中金属块重力做的功。

2025年四川省绵阳市中考物理试卷参考答案与试题解析一．选择题（共13小题）题号1234567891011答案CACABBDDBDC题号1213答案CA二、选择题（每小题3分，共39分。每小题只有一个选项最符合题目要求）1．（3分）控制噪声是环境保护的重要项目。下列标志对应的措施，不是在声源处控制噪声的是（）A． B． C． D．【分析】减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。【解答】解：A、保持安静，是在声源处减弱噪声，故A不符合题意；B、禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声，故B不符合题意；C、佩戴耳罩，是在人耳处减弱噪声，故C符合题意；D、禁止外放，是在声源处减弱噪声，故D不符合题意。故选：C。【点评】了解控制噪声的三个途径，并能结合实际进行辨别是解答本题的关键。2．（3分）吸烟危害健康，在公共场所都张贴了如图所示的标志。如果在室内，即使只有很少人吸烟，整个场所也会充满烟味，该现象表明（）A．分子在不停地做热运动 B．分子之间存在引力和斥力 C．分子运动越剧烈，物体的温度越高 D．常见的物质是由大量的分子、原子构成的【分析】扩散现象，是指分子在永不停息地做无规则运动。吸烟时，烟分子在空气中进行扩散。【解答】解：ABCD、由于烟分子做无规则运动，在空气中进行扩散，所以即使只有很少人吸烟，整个场所也会充满烟味。故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题考查学生对扩散现象的理解能力，要熟练掌握分子动理论的内容。3．（3分）安全用电是现代社会人人都应该了解的常识，下列场景符合安全用电原则的是（）A．甲图中使用绝缘皮破损的插头 B．乙图中用湿手控制开关 C．丙图中用干燥的木棒挑开触电者身上的电线 D．丁图中在高压线附近放风筝【分析】（1）对各种电气设备按规定进行定期检查，如发现绝缘损坏、漏电和其他故障，应及时处理；（2）生活用水属于导体，有可能使电流通过生活用水传到人体上，使人体触电；（3）人触电时，应先切断电源或用绝缘体把电线挑开；（4）安全用电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。【解答】解：A、导线绝缘皮破损继续使用，当人去触摸插头时，就可能使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险，不符合安全用电原则，故A错误；B、接在电路中的电源插头属于带电体，用湿手触摸时，生活用水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，故B不符合安全用电原则，故B错误；C、发现有人触电，首先要使触电者尽快脱离电源，可以用绝缘棒将电线挑开，然后根据具体情况，进行相应的救治，符合安全用电原则，故C正确；D、在高压线附近放风筝，容易造成高压触电；故D不符合安全用电原则，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础知识，日常生活中一定要养成安全用电的习惯。4．（3分）6G即第六代移动通信系统，传输速度更快、网络连接更稳定，从2020年到2024年，我国在6G专利申请数量上一直保持全球第一。6G传输信息使用的是（）A．无线电波 B．紫外线 C．X射线 D．超声波【分析】电磁波包括无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线等，其传播不需要介质；机械波传播需要介质，且本质是机械振动的传递。【解答】解：A、无线电波属于电磁波，移动通信系统利用电磁波传递信息，无线电波适合用于无线通信，因为其能在真空中和空气中传播，故A符合题意；B、紫外线主要用于杀菌、验钞等，不适合大规模通信，故B不符合题意；C、X射线用于医学成像、材料探伤等，不适合通信，其穿透性强但对人体有害，且频率过高，故C不符合题意；D、超声波是机械波，需要介质传播，而6G作为移动通信系统，需支持空中及广域通信，故D不符合题意。故选：A。【点评】本题考查电磁波与机械波的应用区别，移动通信系统依靠电磁波传输信息，机械波因依赖介质、应用场景限制，不适合用于此类无线通信。5．（3分）自2026年1月1日起，我国将全面禁止生产含汞体温计和血压计。汞是常温下唯一呈液态的金属，受热容易变成气体，进入人体内危害健康。汞受热发生的物态变化是（）A．熔化 B．汽化 C．液化 D．升华【分析】物质由液态变成气态的过程叫汽化。【解答】解：ABCD、汞由液态易变成气体属于汽化，故ACD错误，B正确。故选：B。【点评】本题考查汽化的判断，难度不大。6．（3分）在光线强烈的户外使用手机时，用户常因屏幕反光，看得到屏幕上自己脸部的像，看不清屏幕本身显示的内容，所以常在屏幕上贴表面粗糙的防反光膜。下列分析正确的是（）A．光照射到防反光膜上不再遵循反射定律 B．脸部的像与用户脸部关于屏幕对称 C．脸部的像比用户的脸部小 D．脸部的像到屏幕的距离比用户脸部到屏幕的距离更近【分析】（1）镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律。（2）物体在平面镜里所成的像关于镜面对称。（3）物体在平面镜所成的像和物体大小相等。（4）物体在平面镜里所成的像到镜面的距离和物体到镜面的距离相等。【解答】解：A、光照射到防反光膜上遵循光的反射定律，故A错误；B、手机屏幕相当于平面镜，脸部的像与用户脸部关于屏幕对称，故B正确；C、物体在平面镜所成的像和物体大小相等，脸部的像和用户的脸部一样大，故C错误；D、脸部的像到屏幕的距离和用户脸部到屏幕的距离相等，故D错误。故选：B。【点评】本题考查的是平面镜的成像特点；知道镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律。7．（3分）如图所示，螺线管与电源的X、Y两极相连接，右端有一静止小磁针。当开关闭合后，N极的指向变为水平向左，则（）A．X为电源的正极 B．通电后螺线管的右端为N极 C．仅将电源X、Y极对调，闭合开关后小磁针静止时N极指向仍然水平向左 D．仅将小磁针置于通电螺线管正上方，闭合开关后小磁针静止时N极指向水平向右【分析】（1）根据磁极间的相互作用确定通电螺线管的磁极，根据安培定则判断电源的正负极；（2）磁场中小磁针N极指向为该点磁场方向。【解答】解：AB．已知小磁针静止时N极水平向左，根据磁极间的相互作用可知，通电螺线管的右端为S极，左端为N极，伸出右手握住螺线管，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向为通电螺线管的N极，因电源X端为负极，Y端为正极，故AB错误；C．若对调电源的正负极位置，闭合开关，电流方向改变，则螺线管的磁极改变，则小磁针静止时其N极指向将改变，故C错误；D．通电螺线管的右端为S极，左端为N极，磁场中小磁针N极指向为该点磁场方向，应指向右，故D正确。故选：D。【点评】本题考查通电螺线管的极性，要知道安培定则不但可以判出螺线管的磁极，也能根据磁极判出电流方向。8．（3分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上成的像不清晰，若将光屏向右移动适当距离，可在光屏上观察到清晰的像，则（）A．清晰的像是倒立、缩小的实像 B．清晰的像是正立、放大的实像 C．该透镜的焦距大于7.5cm小于15cm D．该透镜的焦距大于10cm小于20cm【分析】（1）凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像；（2）u＜v，且成实像，说明2f＞u＝20cm＞f，由此可得焦距的范围。【解答】解：AB、由图可知，此时蜡烛到凸透镜的距离和光屏到凸透镜的距离相等，光屏上成的像不清晰，若将光屏向右移动适当距离，可在光屏上观察到清晰的像，此时物距小于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，故AB错误；CD、因u＜v，且成实像，说明2f＞u＝20cm＞f，即20cm＞f＞10cm，故C错误，D正确。故选：D。【点评】此题考查凸透镜成像的规律。掌握凸透镜成像的特点是解题关键。9．（3分）碰撞试验是检测汽车安全性能的重要方式之一。如图所示，让载有假人的汽车，以一定的速度冲向墙壁，碰撞后根据车辆和假人的受损程度、车门能否打开等指标判定汽车的安全性能。在汽车与墙壁碰撞的过程中（）A．汽车对墙壁的力使汽车发生形变 B．墙壁对汽车的力使汽车运动状态改变 C．汽车对墙壁的力大于墙壁对汽车的力 D．汽车对墙壁的力和墙壁对汽车的力施力物体相同【分析】（1）物体间力的作用是相互的；（2）力可以改变物体的形状和运动状态。（3）相互作用力的产生条件是：力大小相等（合力为零处于无方向静止运动状态）或不相等，方向相反，作用在两个不同的物体上，且作用在同一直线上。【解答】解：A、力可以使物体发生形变，汽车发生形变是因为墙壁对汽车有力的作用，而不是汽车对墙壁的力，故A错误。B、根据牛顿第一定律，物体在不受外力或所受合外力为零时，将保持静止或匀速直线运动状态。汽车原本是运动的，与墙壁碰撞时，墙壁对汽车产生一个强大的阻力，使汽车在极短时间内速度减为零，运动状态发生了改变，故B正确。C、根据牛顿第三定律，两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。汽车对墙壁的力和墙壁对汽车的力是一对作用力与反作用力，它们大小相等，故C错误。D、汽车对墙壁的力，施力物体是汽车，受力物体是墙壁；墙壁对汽车的力，施力物体是墙壁，受力物体是汽车，二者施力物体不同，故D错误。故选：B。【点评】本题主要考查了力的作用效果，以及相互作用力的关系。10．（3分）如图所示，置于水平桌面的三个相同烧杯，分别装有质量相等的三种不同液体，x、y和z是三种液体中距杯底等高的点，则（）A．液体密度：ρ甲＞ρ乙＞ρ丙 B．液体对烧杯底部的压强：p乙＞p丙＞p甲 C．烧杯对桌面的压力：F甲＞F丙＞F乙 D．x、y、z三点液体的压强：py＞pz＞px【分析】（1）三个烧杯相同，液体质量相等，根据密度公式，质量m相等时，体积V乙＞V丙＞V甲，密度ρ甲＞ρ丙＞ρ乙；（2）三种液体质量相等，重力相等，液体对烧杯底部的压力等于液体的重力，因此压力F甲＝F乙＝F丙。烧杯底面积S相同，根据压强公式p，可得液体对烧杯底部的压强相等；（3）烧杯对桌面的压力等于烧杯和液体的总重力，三个烧杯相同（重力相同），液体质量相等（重力相同），因此总重力相等，即：F甲＝F乙＝F丙；（4）x、y、z三点距杯底等高，设该高度为h0，三点的深度分别为：hx＝Hx﹣h0，hy＝Hy﹣h0，hz＝Hz﹣h0（Hx，Hy，Hz为液体总高度），根据液体压强公式p＝ρgh，g相同，得py＝ρ乙g（H乙﹣h0）＝ρ乙gH乙﹣ρ乙gh0，pz＝ρ丙g（H丙﹣h0）＝ρ丙gH丙﹣ρ丙gh0，px＝ρ甲g（H甲﹣h0）＝ρ甲gH甲﹣ρ甲gh0，由于质量相同，根据m＝ρV＝ρh，所以ρ甲H甲S＝ρ乙H乙S＝ρ丙H丙S＝m，即ρ甲H甲＝ρ乙H乙＝ρ丙H丙，又因为密度ρ乙＜ρ丙＜ρ甲，因此：py＞pz＞px。【解答】解：A.三个烧杯相同，液体质量相等，由图可知液体体积V乙＞V丙＞V甲。根据密度公式，质量m相等时，体积越大，密度越小，因此：ρ甲＞ρ丙＞ρ乙，故选项A错误；B.液体对烧杯底部的压力等于液体的重力（柱形容器），三种液体质量相等，重力相等，因此压力F甲＝F乙＝F丙。烧杯底面积S相同，根据压强公式p，可得液体对烧杯底部的压强：p甲＝p乙＝p丙，故选项B错误；C.烧杯对桌面的压力等于烧杯和液体的总重力，三个烧杯相同（重力相同），液体质量相等（重力相同），因此总重力相等，即：F甲＝F乙＝F丙，故选项C错误；D.x、y、z三点距杯底等高，设该高度为h0，三点的深度分别为：hx＝Hx﹣h0，hy＝Hy﹣h0，hz＝Hz﹣h0（Hx，Hy，Hz为液体总高度），根据液体压强公式p＝ρgh，g相同，得py＝ρ乙g（H乙﹣h0）＝ρ乙gH乙﹣ρ乙gh0，pz＝ρ丙g（H丙﹣h0）＝ρ丙gH丙﹣ρ丙gh0，px＝ρ甲g（H甲﹣h0）＝ρ甲gH甲﹣ρ甲gh0，由于质量相同，根据m＝ρV＝ρh，所以ρ甲H甲S＝ρ乙H乙S＝ρ丙H丙S＝m，即ρ甲H甲＝ρ乙H乙＝ρ丙H丙，又因为密度ρ乙＜ρ丙＜ρ甲，因此：py＞pz＞px，故选项D正确。故选：D。【点评】本题目考查液体压强压力的综合计算，需要对P＝ρgh公式进行灵活使用。11．（3分）如图是甲、乙两名跑步爱好者跑步过程中的路程时间图像。根据图像中的数据，可以分析出（）A．0～20min内，甲的平均速度为0.18m/s B．0～40min内，甲的平均速度为1.0m/s C．0～50min内，甲比乙多跑1.2km D．0～60min内，甲的平均速度大于乙的平均速度【分析】（1）根据速度公式求出0～20min内甲的平均速度；（2）先根据速度公式求出20～60min内甲的速度，20～60min内甲做匀速直线运动，其速度不变，再根据速度公式求出20～40min内甲的路程，进而求出0～40min内甲的总路程，最后根据速度公式求出0～40min内甲平均速度；（3）先根据速度公式求出20～50min内甲的路程，进而求出0～50min内甲的总路程，再根据速度公式求出40～60min内乙的平均速度，40～60min内乙做匀速直线运动，其速度不变，然后根据速度公式求出40～50min内乙的路程，进而求出0～50min内乙的总路程，最后根据0～50min内甲、乙的总路程差求出甲比乙多跑路程；（4）根据速度公式比较二者0～60min内平均速度。【解答】解：A、0～20min内，甲的路程s甲＝3.6km＝3600m，时间t＝20min＝1200s，0～20min内甲的平均速度为：，故A错误；B、0～20min内甲做匀速直线运动，这段的路程s1＝3.6km。20～60min内甲做匀速直线运动，其速度为：，20～40min内速度不变，此时甲的路程为：s2＝v′甲t2＝1m/s×1200s＝1200m；因此，0～40min内甲的总路程：s总＝s1+s2＝3600m+1200m＝4800m；0～40min内甲平均速度为：，故B错误；C、20～50min内甲的路程为：s3＝v′甲t4＝1m/s×1800s＝1800m；因此，0～50min内甲的总路程：s甲总＝s1+s3＝3600m+1800m＝5400m；40～60min内乙的平均速度为：；40～50min内乙的路程为：s′乙＝v乙×t′乙＝3m/s×600s＝1800m；0～50min内乙的总路程为s乙总＝2400m+1800m＝4200m；甲比乙多跑路程为：Δs＝s甲总﹣s乙总＝5400m﹣4200m＝1200m＝1.2km，故C正确；D、0～60min内，甲、乙的路程均为6.0km，时间相同，根据速度公式可知二者平均速度相等，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了速度公式的应用，从图中读取相关信息是解题的关键。12．（3分）如图所示，电源电压恒定，R1、R2是定值电阻。闭合开关S，若从左向右移动滑动变阻器R的滑片，所有电表的示数均不超量程，则此过程中（）A．V1、V2和A表的示数均增大 B．V1表的示数增大，V2表和A表的示数减小 C．V2表的示数与V1表的示数的差值减小 D．V1表的示数变化量小于V2表的示数变化量【分析】AB、分析电路的连接及电表测量的对象，若从左向右移动滑动变阻器R的滑片，确定变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律可知电路的电流变化，根据U＝IR确定R2的电压变小，根据串联电路电压的规律得出，V2示数变化；C、根据串联电路电压的规律，V2表的示数与V1表的示数的差值即R1的电压，根据I＝IR分析；D、根据串联电路电压的规律，V2表的示数变化量等于R2的示数变化量，根据串联电路电压的规律，变阻器增大的电压等于两定值电阻电压减小量之和，据此分析。【解答】解：AB、R1与变阻器串联后再与R2串联，V1测变阻器的电压，V2测R1与变阻器的电压，电流表测电路的电流，若从左向右移动滑动变阻器R的滑片，变阻器连入电路的电阻变大，电路的电阻变大，由欧姆定律可知电路的电流变小，根据U＝IR可知，R2的电压变小，根据串联电路电压的规律，V2示数增大，故AB错误；C、根据串联电路电压的规律，V2表的示数与V1表的示数的差值即R1的电压，根据I＝IR可知，V2表的示数与V1表的示数的差值减小，故C正确；D、根据串联电路电压的规律，V2表的示数变化量等于R2的示数变化量，根据串联电路电压的规律，变阻器增大的电压等于两定值电阻电压减小量之和，故V1表的示数变化量大于V2表的示数变化量，故D错误。故选：C。【点评】本题考查串联电路电压的规律及欧姆定律的运用，有一定难度。13．（3分）持续提升农村幸福宜居品质是美丽乡村建设的任务之一。某乡村建设工地上，建筑工人准备利用如图所示的滑轮组（绳子未连接）匀速提升建筑材料，第一次需提升的建筑材料重1500N，第二次需提升的建筑材料重2000N，已知动滑轮组的总重量是200N，不计绳重和摩擦，则（）A．第一次提升，工人的拉力最小为340N B．第二次提升，工人的拉力最小为550N C．第一次提升，滑轮组的机械效率约为91% D．第二次提升，滑轮组的机械效率约为88%【分析】（1）滑轮组绳子股数越多，自由端的拉力越小；根据滑轮个数确定绳子最多股数，不计绳重和摩擦，利用F（G+G动）求出工人的最小拉力；（2）不计绳重和摩擦，根据η求出滑轮组的机械效率。【解答】解：滑轮组绳子股数越多，自由端的拉力越小；由图可知，滑轮为4个，则绳子股数最多为5；A、第一次提升，不计绳重和摩擦，工人的最小拉力为：F（G1+G动）（1500N+200N）＝340N，故A正确；B、第二次提升，不计绳重和摩擦，工人的最小拉力为：F'（G2+G动）（2000N+200N）＝440N，故B错误；C、不计绳重和摩擦，第一次提升，滑轮组的机械效率为：η88%，故C错误；D、不计绳重和摩擦，第二次提升，滑轮组的机械效率为：η'91%，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了机械效率公式和滑轮组绳子拉力公式的综合应用。六、（本题包括5小题，每空2分，共20分）14．（4分）2025年4月30日，神舟十九号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆，三名宇航员安全回家。返回舱在减速下降的过程中，其重力势能不断减小（选填“增大”或“减小”）；返回舱进入大气层后与大气剧烈摩擦，部分机械能通过做功（选填“做功”或“热传递”）转化成内能。【分析】动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关，机械能等于动能和势能之和；改变物体内能的方式有做功和热传递两种。【解答】解：返回舱减速着陆过程中，质量不变，速度减小，所以动能减小；质量不变，高度降低，所以势能减小；返回舱与大气剧烈摩擦，摩擦力对返回舱做功，摩擦力做的功转化成物体的内能，此过程中是通过做功改变物体的内能的。故答案为：减小；做功。【点评】本题考查改变物体内能的方式、机械能的转化等知识，综合性强，难度适中。15．（4分）如图所示，在倒置的漏斗里放一个乒乓球，用手指托住后从漏斗口向下持续吹气，然后将手指移开，发现乒乓球并不下落。在向下持续吹气的过程中，乒乓球上方气流速度大于下方气流速度，导致上方气压小于下方气压，从而产生压强差。（选填“大于”“小于”或“等于”）【分析】液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方、压强越小，流体流速越小的地方、压强越大。【解答】解：当从漏斗口向下用力吹气时，增大乒乓球上方空气的流动速度、压强减小，乒乓球下面的压强不变，乒乓球下面的压强大于上面的压强，乒乓球在压强差的作用下不会下落。故答案为：大于；小于。【点评】本题目考查了流体压强与流速的关系，看学生能否将所学知识灵活运用到实际生活中。16．（4分）我国电动汽车技术不断创新，2024年电动汽车出口量首次突破200万辆。国产某品牌电动汽车以90km/h的速度在水平路面上匀速行驶27km，此过程中电机功率恒为20kW，则电动汽车消耗的电能为6kW•h，若电动机消耗的电能全部用于对汽车做功，则牵引力的大小为800N。【分析】（1）先利用t计算电动汽车行驶的时间，再利用W＝Pt计算消耗的电能，1kW•h＝3.6×106J；（2）若电动机消耗的电能全部用于对汽车做功，则牵引力做功等于消耗的电能，利用W＝Fs计算牵引力大小。【解答】解：（1）由v可得电动汽车行驶的时间：t0.3h＝0.3×3600s＝1080s，由P可得消耗的电能：W电＝Pt＝20×103W×1080s＝2.16×107J＝6kW•h；若电动机消耗的电能全部用于对汽车做功，则牵引力做功W＝W电＝2.16×107J，由W＝Fs可得牵引力大小：F800N。故答案为：6；800。【点评】本题考查了速度公式、功率公式、功的公式的应用，属于基础题目。17．（4分）在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，将0.2kg温度为27℃的水，加热到沸腾时的97℃，此过程中，水吸收的热量为5.88×104J；若酒精灯消耗酒精4.9g，则酒精灯的加热效率为40%。[忽略加热过程中水的质量变化。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），q酒精＝3.0×107J/kg。]【分析】（1）根据Q吸＝c水m水（t﹣t0）求出水吸收的热量；（2）根据Q放＝mq求出酒精完全燃烧放出的热量，利用η求出酒精灯的加热效率。【解答】解：将0.2kg温度为27℃的水，加热到沸腾时的97℃，此过程中，水吸收的热量为：Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（97℃﹣27℃）＝5.88×104J；酒精完全燃烧放出的热量为：Q放＝mq酒精＝4.9×10﹣3kg×3.0×107J/kg＝1.47×105J，酒精灯的加热效率为：η100%＝40%。故答案为：5.88×104；40。【点评】本题考查热量的计算，主要有吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及热效率公式的应用。18．（4分）如图所示电路中，电源电压恒定，R1、R2和R3是定值电阻。当X和Y均为电流表时，闭合开关，其示数之比为9：5，此时R1、R2、R3的连接方式是并联（选填“串联”或“并联”），若通电时间t，电路产生的总焦耳热为Q1；当X和Y均为电压表时，闭合开关，其示数之比为5：3，若通电相同时间t，电路产生的总焦耳热为Q2。则Q1大于Q2。【分析】如图所示，当X和Y均为电流表时，闭合开关，R1、R2、R3中每个电阻的一端连在一起，另一端连在一起，连接方式为并联；当X和Y均为电压表时，闭合开关，R1、R2、R3中顺次连接在同一电源上，为串联；若通电相同时间t，电源电压不变，利用Q＝Wt比较两种情况下电路产生的总焦耳热的大小。【解答】解：如图所示，电源电压恒定，当X和Y均为电流表时，闭合开关，R1、R2、R3中每个电阻的一端连在一起，另一端连在一起，连接方式为并联；若通电时间t，电路产生的总焦耳热为Q1；当X和Y均为电压表时，闭合开关，R1、R2、R3中顺次连接在同一电源上，为串联；若通电相同时间t，电路产生的总焦耳热为Q2。因为电阻越串越大，大于其中任一个；电阻越并越小，小于其中任一个，所以三个电阻的并联总电阻小于串联总电阻，即R并＜R串，电源电压不变，由Q＝Wt可知，在相同时间t内电路产生的总焦耳热：Q1＞Q2。故答案为：并联；＞。【点评】本题考查了串并联电路特点、公式Q＝Wt的应用，判断两种情况下的电路连接方式是关键。七、（本题包括3小题，每空2分，共20分）19．（6分）在“探究光折射时的特点”实验中，让一束光线从空气以不同的角度斜射入水中，测量多组入射角i和折射角r的数据，记录在表中：入射角i30°45°60°75°折射角r22°32°40°？（1）分析发现，折射角r小于入射角i，说明当光从空气斜射入水中时，折射光线偏向（选填“偏向”或“偏离”）法线；（2）根据表格数据推测：当入射角i等于75°时，折射角r小于55°；（选填“大于”“等于”或“小于”）（3）若让光线以32°入射角从水中射向空气，光线会在水面发生反射和折射，反射光线与折射光线之间的夹角为103°。【分析】（1）在折射现象中，入射光线与法线的夹角为入射角，折光射光线与法线的夹角为折射角，折射角r小于入射角i，说明当光从空气斜射入水中时，折射光线靠近法线；（2）从表中数据可知，光线从空气以不同的角度斜射入水中，当入射角增大时，折射角变大，其入射角和对应的折射角的差变大；（3）根据光的折射现象中光路是可逆的，当光线以32°入射角从水中射向空气，从表中可知折射角的大小，光的反射现象中，反射角等于入射角，由此可知反射光线与折射光线之间的夹角的大小。【解答】解：（1）在折射现象中，入射关系与法线的夹角为入射角，折射光线与法线的夹角为折射角，从表中数据可知折射角r小于入射角i，说明当光从空气斜射入水中时，折射光线偏向法线（2）从表中数据可知，光线从空气以不同的角度斜射入水中，当入射角增大时，折射角变大，其入射角和对应的折射角的差变大，当入射角为60°时，折射角为40°，相差20°，所以当入射角为75°时，折射角要比入射角小20多度，故小于折射角小于55°；（3）根据光的折射现象中光路是可逆的，当光线以32°入射角从水中射向空气，从表中可知折射角为45°，光的反射现象中，反射角等于入射角，入射角为32°，反射角也是32°，由此可知反射光线与折射光线之间的夹角的大小为90°﹣32°+45°＝103°。故答案为：（1）偏向；（2）小于；（3）103。【点评】本题考查了光的反射和折射规律。20．（6分）某实验小组用如图甲所示装置来研究影响滑动摩擦力大小的因素，实验前提出以下猜想：a.滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关b.滑动摩擦力的大小与接触面的面积大小有关c.滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关实验过程如下：①用弹簧测力计匀速拉动木块，使它沿水平长木板运动，测出木块与长木板之间的滑动摩擦力F1；②在木块上放置1个砝码，重复①中操作，测出此种情况下的滑动摩擦力F2；③换用材料相同但表面更粗糙的长木板，保持木块上的砝码不变，重复①中操作，测出此种情况下的滑动摩擦力F3。设计表格，并记录数据如下表，回答下列问题：序号实验条件滑动摩擦力F/N木块上放置砝码个数长木板粗糙程度①0较光滑1.2②1较光滑1.4③1较粗糙1.6（1）对比分析实验①②，可以研究猜想c；对比分析实验②③，可以研究猜想a；（选填“a”“b”或“c”）（2）另一小组设计了不同的实验方案：将木块B、长木板A叠放后置于水平地面，弹簧测力计一端固定于竖直墙壁，另一端与木块B相连，并保持水平，如图乙所示。用力拉动长木板A，使长木板A与木块B相对运动，当木块B相对于地面处于静止（选填“静止”“匀速直线运动”“加速运动”或“减速运动”）状态时，弹簧测力计示数与木块B所受滑动摩擦力大小相等。【分析】（1）根据控制变量法，探究某个因素对滑动摩擦力的影响时，要控制其他因素不变，只改变该因素。（2）根据二力平衡条件进行分析判断。【解答】解：（1）根据控制变量法，探究某个因素对滑动摩擦力的影响时，要控制其他因素不变，只改变该因素。实验①②中，长木板粗糙程度相同，木块上放置砝码个数不同，即接触面所受压力不同，滑动摩擦力不同，所以对比分析实验①②，可以研究猜想c。实验②③中，木块上放置砝码个数相同，即压力相同，长木板粗糙程度不同，滑动摩擦力不同，所以对比分析实验②③，可以研究猜想a。（2）当用力拉动长木板A，使长木板与木块B相对运动时，木块B相对于地面处于静止状态，此时木块B在水平方向上受到弹簧测力计的拉力和长木板A对它的滑动摩擦力，这两个力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，弹簧测力计示数与木块B所受滑动摩擦力大小相等。故答案为：（1）c；a；（2）静止。【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。21．（8分）小灯泡工作时的电阻会随着温度升高而增大，为测量额定电压为2.0V的小灯泡正常发光时的电阻，某同学用两节干电池、两个电压表、滑动变阻器和阻值为1.0Ω的定值电阻等器材，连接成如图甲所示的电路进行实验。（1）正确连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到最右（选填“左”或“右”）端；（2）闭合开关，调节滑动变阻器，发现灯泡始终不亮，两个电压表示数相等且不为零，若电路中只有一处故障，则故障可能是灯泡断路；（3）排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器，使一个电压表的示数达到2.0V，另一个电压表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为4Ω；（4）将直接与灯泡并联的电压表示数记为U1，另一电压表示数记为U2，当滑动变阻器的滑片从最右端向最左端移动的过程中，以下U2与U1的变化关系图像可能是D。（选填序号）【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；（2）闭合开关，调节滑动变阻器，发现灯泡始终不亮，说明电路可能断路，两个电压表示数相等且不为零，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）分析电路连接，根据电压表选用测量范围确定分度值读数，利用串联电路电压规律求出定值电阻两端电压，根据欧姆定律求出电路中的电流和小灯泡正常发光时的电阻；（4）根据串联电路电压规律结合欧姆定律分析回答。【解答】解：（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处，即最右端；（2）闭合开关，调节滑动变阻器，发现灯泡始终不亮，说明电路可能断路，两个电压表示数相等且不为零，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即故障可能是灯泡断路；（3）由图甲可知，灯泡、定值电阻和滑动变阻器串联，其中一个电压表测灯泡两端电压，另一个电压表测灯泡和定值电阻两端电压，由图乙可知，另一个电压表选用小测量范围，分度值0.1V，其示数为2.5V，说明此时灯泡两端电压为2.0V，灯泡正常发光；根据串联电路电压规律，定值电阻两端电压为UR＝U﹣UL＝2.5V﹣2.0V＝0.5V，根据串联电路电流特点，灯泡额定电流为：IL＝IR0.5A，则小灯泡正常发光时的电阻为：RL4Ω；（4）将直接与灯泡并联的电压表示数记为U1，另一电压表示数记为U2，根据串联电路电压规律，U2＝U1+U定；当滑动变阻器的滑片从最右端向最左端移动的过程中，滑动变阻器阻值变小，电路中电流变大，灯泡和定值电阻两端电压变大，因此U2示数变大，且U2增大幅度大于U1，其图像向U2轴靠近，故ABC错误，D正确；故选：D。故答案为：（1）右；（2）灯泡断路；（3）4；（4）D。【点评】本题测小灯泡正常发光时的电阻实验，考查了注意事项、电路故障、电阻的计算