2025-2026学年甘肃省武威某校高二（上）期末物理试卷（含解析）

2025-2026学年甘肃省武威六中高二（上）期末物理试卷

一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.如图所示，某同学用毛皮摩擦过的橡胶管靠近一细水流，发现细水流向靠近橡胶管的方向偏转，下列说

法正确的是（）0yo

A.摩擦可以创造更多电荷

B.下雨天，实验效果会更明显­

C.橡胶管所带的电荷量一定是元电荷e的整数倍/

D.,书丝绸摩擦过的玻璃棒代替本实验的橡胶管，细水流会向远离玻璃棒的方向偏转

2.如图所示，4BC是等边三角形，在4点固定放置电荷量为+Q的正点电荷，在C点固定放置一个试探电荷+q,

试探电荷受到的静电力大小为凡再在8点固定放置电荷量为-Q的负点电荷时，试探电荷受到的静电力大小

C.73F

3.如图四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点.其中电势和场强都相同的是（

A.

4.某灵敏电流计的满偏甩流为100加4,与阻值为2。的定值电阻R并联可改装成量程为0.64的电流表，如图

所示，则该灵敏电流计的内阻为（）------（G）---

A.ionB.0.4。

R

C.20。D.0.2。

5.如图所示的电路中，/?3为光敏电阻，其电阻值随光照强度增大而减小，则晴天与阴天相比，下列说法正

确的是（）

A.电流表的示数较大、电压表的示数较小八A

B.电流表的示数较大、电压表的示数较大

C.电流表的示数较小、电压表的示数较小

D.电流表的示数较小、电压表的示数较大

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6.如图甲所示，在一条电场线上有48两点，若从4点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电

子从4点运动到8点的速度一时间图象如图乙所示，贝女

----•»-

A------B

甲乙

A.电子在4、8两点受的电场力也＜FB

B.N、B两点的电场强度以＜EB

C.电场方向向左

D.电子在48两点具有的电势能EpA＜Ep8

7.如图电路中，电阻R=20。断开S后，理想电压表的读数为4匕闭合S后，电压表的读数为2P,则电源

的内阻为（）

A.4P

B.3/2

C.2。

D.IQ

二、多选题：本大题共3小题，共15分。

8.某根标准电阻丝的电阻为R,接入电压恒定的电路中，要使接入电路的电阻变为可采取的措施是（）

A.剪其一半的电阻丝接入B.并联相同的电阻丝接入

C.将电阻丝均匀拉长一倍D.对折原电阻丝后再接入

9.如图所示，当电流通过线圈时，小磁针将发生偏转，关于线圈中电流方向和小磁针的偏转方向，正确的

说法是（）

A.通入逆时针方向的电流，小磁针的S极指向外

B.通入顺时针方向的电流，小磁针的N极指向外

C.通入逆时针方向的电流，小磁针的N极指向外

D.通入顺时针方向的电流，小磁针■的S极指向外.

10.如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源的电动势为10V、内阻为1。定值电阻R的阻

值为5。滑动变阻器的最大阻值是1012。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P由最左Q端向最右b端滑动过程

中，下列说法正确的是（）

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A.电流表的示数变大

B.滑动变阻器消耗的功率一直变大

C.电源内部消耗的功率变小

D.电源的最大效率约为93.7%

三、填空题：本大题共1小题，共8分。

11.把一量程为6nL4、内阻为10。。的电流表改装成欧姆表，电路如图所示，现备有如下器材：4电源

E=3P（内阻不计）；用变阻器0〜200C;C.变阻器。〜500。；D红表笔；立黑表笔。

（1）变阻器选用______O

（2）红表笔接______端，黑表笔接端（填"M”或"N”）。

（3）电流表2mA刻度处换成电阻刻度，其电阻值应为_____。。

四、实验题：本大题共1小题，共8分。

12.某同学准备测品某电池组的电动势和内阳。已知电池组的内阻约1C,电动势约5V,除被测电池组、开

关、导线若干外，还有下列器材供选用:

4电压表匕（量程。〜15V,内阻约100000

8.电压表匕（量程0-6，，内阻约30000

C.电阻箱R（0〜99.9。）

。.定值电阻％=ion

氏定值电阻&-iooon

（1）设计的电路图如图甲所示，如果要准确测量电源的电动势和内阻，电压表V应选择______（选填"A”或

“B”）；定值电阻离应选择______（选填"D”或"E”）。

（2）改变电阻箱的阻值R,记录对应电压表的读数U,作出的♦一方图像如图乙所示，图线与横、纵坐标轴的

UK

截距分别为-q、p,定值电阻的阻值用仆表示，则可得该电池组的电动势为,内阻为_____（用字母

表示）。

五、计算题：本大题共3小题，共41分。

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13.如图所示，有一垂直纸面向里的范围足够大的匀强磁场，磁感应强度B=1T

现于纸面内先后放上圆线圈。、b,圆心均处于。处，线圈a的半径为1m,匝数

为100匝；线圈b的半径为2机，匝数为10匝。求：

(1)穿过线圈a和线圈b的磁通量大小；

(2)现仅将磁场方向改变为与纸面成30。角向里(磁场方向与纸面的线面角为

30)线圈Q中的磁通量大小；

(3)现仅将磁场反向，线圈b中的磁通量的变化量大小。

14.如图所示，把质量为0.2kg的带电小球4用丝线吊起，将带电荷量为4x10-8。的

小球B靠近它，当两小球在同一高度且相距3cm时，丝线与竖直方向的夹角为45。，

静电力常量s=9x•62q2,g—i0m/s2»求：

(1)小球8受到的库仑力的大小：

(2)小球A的电荷量。

15.如图所示，在绝缘水平面上，相距为L的4、B两点处分别固定着两个等量正电荷。a、匕是48连线上两点,

其中4a=8b二号，Q、万两点电势相等，。为48连线的中点。一质量为m带电量为+q的小滑块(可视为质点)

以初动能埒从a点出发，沿直线向b运动，其中小滑块第一次经过。点时的动能为初动能的3倍，到达b

点时动能恰好为零，小滑块最终停在。点，求：

(1)小滑块与水平面间的动摩擦因数〃；

(2)Ob两点间的电势差U°b；

(3)小滑块运动的总路程s。

其

--►

④□11」

A°ObB

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答案解析

\.c

【解析】解：根据电荷守恒定律，电荷不会凭空产生或创造，只能发生转移，故力错误；

8、本题中由于摩擦起电而使橡胶管带了负电，下雨天周围环境潮湿会影响毛皮与橡胶管之间的电荷转移，

所以实验效果会不明显，故4错误；

。、电荷量本身是不连续的，元电荷e即为电荷量的最基本单元且不可再分，任何带电体的电荷量一定是e

的整数倍，故C正确：

。、橡胶管靠近细水流能吸引细水流是因为带电体可以吸引轻小物体，细水流可以视为轻小物体，故无论是

带正电的玻璃棒还是橡胶管都会对细水流产生静电力从而吸引细水流，故。错误。

故选：Co

本题考查的内容比较基础，掌握电荷守恒定律，摩擦起电以及静电力的相互作用即“J轻松解题。

本题通过课外实验来考察分析推理能力，综合运用所学的关于静电力及电荷的基础知识可迎刃而解。

2.B

【解析】解：对。出处的点电荷进行分析，如图所示；

由于电荷量为+Q的点电荷对试探电荷+q的静电力大小为凡则电荷量为-Q的点电荷对试探电荷+q的静电

力太小也为F。

根据平行四边形法则可得该试探电荷受到的静电力大小为凡故8正确、4CO错误。

故选：B。

根据电荷量为+Q的点电荷对试探电荷+q的静电力大小确定-Q对试探电荷+q的静电力大小，再根据平行四

边形法则进行解答。

本题主要是考查库仑定律在力学中的应用，关键是弄清楚+q的受力情况，能够根据平行四边形法则进行解

答。

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3.B

【解析】解：小力两点在一等势面上，电势相同，Q的场强方向向左，匕的场强方向向右，则场强不同。故

4错误。

E、a、b在等量异种电荷连线的中垂线.匕而此中垂线是一条等势线，两点电势相同。根据口场线分布的

对称性可■知，这两点场强相同。故4正确。

C、a、b两点场强相同，而电势a点高于b点，故C错误。

D、根据电场线的对称性可知：a、b两点的电势相同，而a的场强方向向上，b点的场强方向下，场强不同。

故。错误。

故选：B。

电势是标量，根据电场线的方向和对称性分析a、b两点电势是否相同.场强是矢量，根据电场线的疏密和

切线方向及对称性，确定场强是否相同.

判断巾势的高低，根据电场线的方向.判断场强的大小根据中场线疏密，方向看中场线的切线方向.要注

意场强是矢量，只有大小和方向均相同，场强才相同.

4/

【解析】解：设灵敏电流计的内阻为％,由题意可知

/=/+”

9R

代入数据解得：9=100,故力正确，BCO错误；

故选：Ao

根据串并联特点结合欧姆定律可求得灵敏电流计的内阻。

本题考查电表改装，关键在于理解电路的串并联特点，根据串并联电路的特点进行求解即可。

5.C

【解析】解：晴天与阴天相比，%的阻值较小，外电路总电阻较小，由闭合电路欧姆定律知，干路电流/

较火。电压表的示数U=E-/(/?4+厂)，/较大，其它量不变，则电压表的示数较小。%并联电压=E-

/(8+&+r)，/较大，其它量不变，则U#较小，通过&的电流较小，因此电流表的示数较小，故月8。错

误，C正确。

故选：Co

晴天与阴天相比，危的阻值较小，根据闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，并判断电压表示数的变化,

以及修、%并联电压的变化，判断通过灯的电流变化，从而确定电流表的示数变化。

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本题是电路的动态分析问题，按局部T整体T局部的顺序进行分析，也可以根据“串反并同”的结论进行判

断。

6.C

【解析】解：48.u-t图象切线的斜率表示加速度，由图像得，电子的加速度逐渐减小，说明电场力减小，

场强减小，故/出错误：

C电子从A点到8点做加速运动，所受电场力向右，说明场强方向向左，故C正确；

D电子由A点到8点的过程中，速度增大，电场力做正功，电势能减少，即EpA>Ep8,故。错误。

故选：C。

u-t图象切线的斜率表示加速度，由斜率判断加速度的大小变化，进而得到电场力和电场强度的大小变化;

由静止释放电子，电子仅受电场力作用，从力点加速运动到8点，即可得到电场力的方向和电场的方向；速

度增大，电场力做正功，电势能减小。

本颍要根据电子的运动情况判断电子的受力情况，从而确定场强、电场力、电势能的变化情况。

7.C

【解析】解：断开S后，理想电压表的读数为4V,则电源的电动势E=4/

闭合S后，电压表的读数为U=2%则根据闭合电路欧姆定律有

U

E=U+/

解得电源的内阻为r=2。，故月8。错误，C正确。

故选:Co

断开S后，理想电压表的读数等「电源电动势。闭合S后，根据闭合电路欧姆定律计算电源的白阳。

解答本题时，要知道理想电压表对电路没有影响，开路电压等于电源电动势。

8/8

【解析】解：A由电阻定律R=p,剪去一半的电阻丝，长度变为原来的右电阻减小为故力正确；

艮并联相同的电阻丝后，相当于横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律R=P4，电阻减小为4R.故“正

确；

。.均匀拉长一倍，则长度变为原来2倍，横截面积变为原来孑根据电阻定律R=p1则电阻变为原来4倍,

故C错误；

。.根据电阻定律R=p：对折原电阻丝后，长度变为原来的:横截面积变为原来的2倍，总目阻变为原来

的故。错误。

4

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故选：AB.

影峋电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积，并且与长度成正比，与横截面积成反比；要改变导

体的电阻大小，就要从以上三个因素入手考虑。结合串并联电路的特点分析。

导体的电阻大小与三个因素有关，要确定两个电阻的大小关系，就要同时确定这三个因素。

9.CD

【解析】解：安培定则：用右手握着通电线圈，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电线圈的N

极。

A.当线圈通以沿逆时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的S极，纸外是通电线圈的N极。

通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电线圈的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方向

相同，小磁针N极垂直指向纸外。故力错误C正确；

6、当线圈通以沿顺时针方向的电流时，根据安培定则知，纸里是通电线圈的N极，纸外是通电线圈的S极。

通电线圈内部的磁场是从S极出来回到N极，小磁针在通电螺线管的内部，小磁针N极受到的磁力和磁场方

向相同，小磁针N极垂直指向纸里，故8错误。正确；

故选：CD.

一个通电线圈也有N极和S极，也按照安培定则判断，纸里是线圈的N极，纸外是线圈的S极.

线圈外部的磁场是从线圈的N极出来问到S极，线圈内部的磁场是从线圈的S极出来问到N极.

磁场中该点的磁体N极受到磁力方向和该点的磁场方向相同.

通电线阖内部的磁场方向和通电线圈外部的磁场方向不同.

通电线圈内部的磁场从S极出来回到N极：通电线圈外部的磁场从N极出来回到S极.

10.CD

【解析】解：4、由图可知，闭合开关后电路为定值电阻和滑动变阻器的串联电路，滑片从Q向b端滑动，接

入阻值变大，总电阻变大，电流变小，故力错误；

B、将定值电阻和电源等效为新电源，则新电源内阻为R+r,所以当变阻器阻值等于R+r时功率最大，则

变阻器功率先增大再减小，故6铛误；

C、电流变小，电源内部功率变小，故。正确；

。、当变阻器阻值最大时，电源效率最大，V=x100%=93.75%,故。正确。

K-rKp-rT3+1U+1

故选：CD。

滑片从a向力端滑动，接入阻值变大，根据闭合电路欧姆定律和电功率表达式分析。

考查了串联电路的动态分析方法，电源最大输出功率和最大效率要能分清。

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lieN,M；1000

【解析】解：⑴根据闭合回路欧维定律可得滑动变阻器电阻的最小值为A解得用nin=4000,

变阻器选用c；

(2)电流必须从红表笔流入欧姆表，从黑表笔流出欧姆表。红表笔接N端，黑表笔接M端；

(3)根据闭合电路欧姆定律得67/1/1=任右，2mA=R

十//<0十/十

解得&=iooon

电流表2nM刻度处换成电阻刻度，其电阻值应为1000/2o

故答案为：(1)C；(2)N,M；(3)1000

(1)由电源的电动势与电流表的量程选择合适的滑动变阻器；

(2)欧姆表的电路为电源与电表，变阻器相串联，根据电流必须从红表笔流入欧姆表，从黑表笔流出欧姆表

分析；

(3)由闭合电路欧姆定律确定各刻度的电阻值。

本题考查欧姆表的改装原理，明确欧姆表的内部结构，会根据闭合网路欧姆定律确定刻度值是解题关键。

12.B;%”o

【解析】解：(1)电压表匕的量程太大，使得电压表指针的偏角太小，测量误差太大，/?2=10。0。的定值电

阻太大，使得电压表指针的偏角太小，且在改变电阻箱阻值时，电压表的示数变化不明显，故电压表选择B,

定值电阻选择。“

(2)由闭会电路欧姆定律得

U

u=E-R(r+Ro)

化简得

丁+&

1•-1-4-1

UERE

则有

解得

r11D

E=Fr=厂/

故答案为：(1)8,D；(2)^；:Ro。

(1)根据电源电动那的大小诜申.压表的量程，根据申.压表的指针偏转范围与电阻的关系确定柒侑的阻侑:

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(2)根据欧姆定律、闭合电路的欧姆定律求解函数表达式，结合图像斜率和纵截距求电源的电动势和内

阻。

本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确图像的应用，能正确根据闭合电路欧姆定律和图像结合

求解电动势和内电阻。

13.解：(1)根据公式得

2

=F5a=1x7TxlWb=TtWb

2

(Pb=BSb=lxnx2Wb=4nWb

(2)当磁场方向改变为与纸面成30。角向里时，线圈a中的磁通量大小为%=BSasin30°=nx^Wb=^nWb

(3)磁场反向后线圈b中的磁通量的变化量大小为

4中5=-BSb-BSb=-4nWh-4nWb=-8nWb

故磁通量变化量大小为QnWb.

答：(1)穿过线圈a和线圈b的磁通量大小分别为兀卬6和4nWh；

(2)现仅将磁场方向改变为与纸面成30。角向里(磁场方向与纸面的线面角为30。线圈a中的磁通量大小为

(3)现仅将磁场反向，线圈b中的磁通量的变化量大小为QnWb.

【解析】(1)先计算力和B线圈有磁场穿过的有效面积，再计算磁通量的变化即可；

(2)先计算线圈有磁场穿过的有效面积，再计算磁通量的变化。

(3)据磁通量的定义可求出初、末位置的磁通量的大小，计算转过180。的过程中磁通量的变化量。

本题考查磁通量和磁通量变化量的计算，比较容易出错，要明确磁通量计算公式小=8S,与线圈匝数无关,

另外S是有磁场穿过的有效面积，不一定等于线圈本身的面积，这里要特别注意。

14.(1)小球8受到的库仑力的大小为2N(2)小球力的电荷量5x10-6C

【解析】解：(1)4球受重力、拉力和库仑力处于平衡状态，根据共点力平衡得，力球所受的库仑力大小为：

FA=〃以gCa”45c

解得：FA=2N

根据牛顿第三定律，8球受到的库仑力大小：FB=FA=2N-,

(2)根据库仑定律知：巳,二k警，其中：r=3cm=0.03m

代入数据得：QA=5x10-6。。

答：(1)小球8受到的库仑力的大小为2N；

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