天津市河西区2025年中考一模物理试题（解析版）

第第页天津市河西区2025年中考一模物理试题一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）1．2024年6月6日，列车“静音”车厢车票开始发售。在“静音”车厢内须遵守：使用各类电子设备时，须关闭声源外放功能或佩戴耳机等约定，共建共享文明、温馨、安静的列车旅行环境。关闭声源外放功能，这种控制噪声的措施属于（）A．防止噪声产生 B．监测噪声强弱C．减弱噪声的传播 D．防止噪声进入耳朵【答案】A【解析】【解答】根据减弱噪声的方法可知，关闭声源外放功能，属于在声源处减弱噪声，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。

【分析】减弱噪声的方法：防止噪声产生，阻断噪声传播，防止噪声入耳。2．2020年3月22日是第二十八个“世界水日”，水是生命之源，节约用水是每个公民的责任。关于水的物态变化，下列说法正确的是（）A．霜的形成是凝固现象 B．露的形成是液化现象C．冰的形成是凝华现象 D．雾的形成是汽化现象【答案】B【解析】【解答】A．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，A不符合题意。B．露是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，属于液化现象，B符合题意；C．冰是液态的水凝固变成的，属于凝固现象，C不符合题意；D．雾是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，属于液化现象，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】露、雾是液化现象，霜是凝华现象。3．唐代诗人高骈在《山亭夏日》里写道：“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”，下图中能正确反映诗人看见“楼台倒影入池塘”的光路图是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】【解答】“楼台倒影入池塘”，说的是楼台发出的光在水面发生反射形成的平面镜成像。在光的反射现象中，反射角等于入射角，故B符合题意，故ACD不符合题意。故选B。

【分析】根据平面镜成像原理，结合光的反射定律判断。4．“蒸”是中国人发明的最早烹饪方法之一，其历史可以追溯到炎黄时代。在改变物体内能方式上，图中的实例与“蒸”相同的是（）A．钻木取火 B．搓手取暖C．围炉烤火 D．压缩空气【答案】C【解析】【解答】在烹饪方式“蒸”中，食物吸收水蒸气的热量升高温度，这是通过热传递来改变物体的内能。

钻木取火、搓手取暖、压缩空气，都是将机械能转化为内能，即通过做功的方式来改变物体的内能。围炉烤火是通过吸收火焰辐射的热量来变暖，是通过热传递来改变物体的内能。故选C。

【分析】做功和热传递都能改变物体的内能，前者的本质为能量的转化，后者的本质为能量的转移。5．为避免引发安全事故，运输汽油的油罐车尾部需拴一条拖在地上的链子，如图所示。下列最适合用来制作这种链子的材料是（）A．橡胶 B．塑料 C．软木 D．铁【答案】D【解析】【解答】运输汽油的油罐车，由于汽油和罐体不断摩擦，则罐体上会积累大量电荷，一旦放电，可能引起爆炸。其尾部拖在地上的链子的作用是将静电释放，因此它的材料必须是导电能力强的物体，而橡胶、塑料、软木是绝缘体，铁是导体。故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。

【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。6．如图所示，园艺工人在修剪枝条时，常把枝条尽量往剪刀的轴处靠近，这样做是为了（）A．增大动力臂，能够省力 B．增大阻力臂，方便使用C．减小动力臂，方便使用 D．减小阻力臂，能够省力【答案】D【解析】【解答】常把枝条尽量往剪刀的轴处靠近，目的为减小阻力臂，导致力臂和力的乘积减小，动力臂不变，动力减小，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。

【分析】杠杆原理的应用：杠杆的平衡条件为：动力*动力臂=阻力*阻力臂，阻力臂减小，阻力不变，动力臂不变，则动力减小。7．新型智能手机无线充电技术应用了电磁感应原理，当交变电流通过充电底座中的线圈时，线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场（如图）就能产生电流，通过“磁生电”来实现充电。下列设备也是利用“磁生电”原理工作的是（）A．电烙铁 B．电动机 C．发电机 D．电磁起重机【答案】C【解析】【解答】根据题意可知，“磁生电”其实就是电磁感应现象。

电烙铁的工作原理是电流的热效应，电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，发电机的工作原理是电磁感应，电磁起重机的工作原理是电流的磁效应，

故C符合题意，而ABD不合题意。故选C。

【分析】对四个选项中各个用电器的工作原理进行分析，然后与“磁生电”的原理对照即可。8．“教室是我们学习知识的天空，是陪伴我们的第二个家”，对于教室中的物品，下列估测最接近实际的是（）A．黑板的长约为60cmB．一只粉笔的重力约为200NC．通过每盏日光灯的电流约为40AD．将物理课本从地面捡起做功约为2J【答案】D【解析】【解答】根据题意可知，教室黑板的长度一般在3～4m左右；一只粉笔的质量大约为10g，重力为G=mg=0.01kg物理课本的质量大约为0.2kg，课本高度大约为1m，将物理课本从地面捡起做功约为W=Gh=mgh=0.2故D符合题意。故选D。

【分析】根据自己对常见物体的长度、重力、电流和做功大小的认识判断。9．为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带。当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光。下图中符合上述要求的电路图是（）A． B．C． D．【答案】B【解析】【解答】正常情况下，开关与灯泡串联，则闭合开关时灯泡发光，断开开关时灯泡熄灭。而此时闭合开关，灯泡熄灭，与正常情况相反，则灯泡与开关并联，如下图所示：

故选B。

【分析】根据题目描述分析灯泡与开关的串并联关系即可。10．近年来，中国科技成就让世人瞩目：“C919”国产大飞机、“嫦娥六号”卫星、“奋斗者号”载人潜水器、“天舟八号”货运飞船……一大批对国民经济和社会发展有重大影响的标志性科技创新成果不断涌现。下列说法不正确的是（）A．国产大飞机C919匀速直线飞行时，所受合外力为零B．“天舟八号”货运飞船经火箭发射上升的过程中，它的重力势能增大C．中国万米载人潜水器“奋斗者号”在下潜的过程中，受到水的压强增大D．绕月飞行的“嫦娥六号”卫星如果不受任何外力作用，将会一直绕月做圆周运动【答案】D【解析】【解答】A．国产大飞机C919匀速直线飞行时，处于平衡状态，所以所受合外力为零，故A正确不符合题意；B．“天舟八号”货运飞船经火箭发射上升的过程中，质量不变，高度增加，所以它的重力势能增大，故B正确不符合题意；C．，“奋斗者号”在下潜的过程中，深度增大，根据液体压强公式为p=ρgh可知，它受到水的压强增大，故C正确不符合题意；D．绕月飞行的“嫦娥六号”卫星如果不受任何外力作用，将会沿当时的速度方向做匀速直线运动，而不是一直绕月做圆周运动，故D错误符合题意。故选D。

【分析】A．当物体处于匀速直线运动状态时，物体处于平衡状态，所受合外力为零；

B.重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大；

C.根据液体压强公式为p=ρgh分析；

D.根据牛顿第一定律，一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分。每小题给出的四个选项中，符合题意的选项均多于一个，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得零分。）11．在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、焦距为10cm的凸透镜、光屏位置如图所示时，光屏上恰好呈现烛焰清晰的像（图中未画出）。下列说法正确的是（）A．投影仪就是利用这一规律成像的B．若要在光屏上得到更大清晰的像，可将蜡烛靠近透镜，光屏远离透镜C．保持凸透镜位置不变，把蜡烛从光具座上10cm刻度线处逐渐移动到45cm刻度线处，烛焰清晰的像先变大后变小D．保持凸透镜位置不变，将蜡烛从如图位置移动到10cm刻度线处时，像的位置在50~60cm刻度线之间【答案】B,C【解析】【解答】A．根据图片可知，此时像距小于物距，则光屏上成倒立、缩小的实像，应用为照相机，故A错误；B．若要在光屏上得到更大清晰的像，根据凸透镜成实像“物近像远大”的规律可知，此时要减小物距，增大像距，则可将蜡烛靠近透镜，光屏远离透镜，故B正确；C．当从40cm刻度线处逐渐移动到40cm刻度线处，根据“物近像远大”的规律可知，此时成的实像逐渐变大。当蜡烛从40cm到45cm时，在焦点以内，此时是正立放大的虚像，此时物距变小，像距变小，像变小，因此像先变大后变小，故C正确；D．保持凸透镜位置不变，将蜡烛从如图位置移动到10cm刻度线处时，仍然是物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，即像的位置在60∼70cm刻度线之间，故D错误。故选BC。

【分析】A.比较像距和物距大小，从而确定成像特点和应用；

B.根据凸透镜成实像“物近像远大”的规律分析；

C.根据物距的变化，确定成像虚实和大小变化；

D.根据凸透镜的成像规律判断。12．如图所示，电源电压保持不变，R1、R2的阻值分别为10Ω、5Ω。当开关S1、S3闭合，S2断开时，电流表的示数为0.6A，R1两端的电压为A．电源电压为6VB．UC．R3D．当开关S1、S【答案】A,C,D【解析】【解答】A．根据图片可知，当开关S1、S3闭合，S2断开时，此时只有R1，此时电源电压等于R1两端的电压，即电源的电压U＝I1R1＝0.6A×10Ω＝6V，故A正确；B．根据图片可知，当开关S3闭合，S1、S2断开时，R1与R3串联，此时R1两端的电压U2＝I2R1＝0.15A×10Ω＝1.5V；则U1∶U2＝6V∶1.5V＝4∶1；故B错误；C．根据图片可知，当开关S3闭合，S1、S2断开时，R1与R3串联，

此时电路的总电阻R总则R3的阻值R3＝R-R1＝40Ω-10Ω＝30Ω；故C正确；D．根据图片可知，当开关S1、S2闭合，S3断开时，R1与R2并联，电流表测干路中的电流。

电流表的示数I'故D正确。故选ACD。

【分析】AB.由电路图可知，当开关S1、S3闭合，S2断开时，电路为电阻R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求电源的电压和R1两端的电压；

C.当开关S3闭合，S1、S2断开时，R1与R3串联，电流表电路中的电流，根据欧姆定律求R1两端的电压和电路的总电阻，根据串联电路的电阻规律可得R3的阻值；

D.当开关S1、S2闭合，S3断开时，R1与R2并联，电流表测干路中的电流，根据并联电压规律和欧姆定律求电流表的示数。13．将一底面积为S0的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器中装有适量密度为ρ0的水，将一体积为3V0的球A和体积为A．图中，绳子上的拉力为2B．最终球A露出水面的体积为pC．球A的重力为3D．物块B的密度为2【答案】B,C【解析】【解答】B．根据题意可知，当剪断绳子后，水对容器底的压强减小了p0，

则此时容器下降的高度h=A露出水面的体积等于容器内的水减小的体积，即此时A露出水面的体积V=S故B正确；C．根据图片可知，当把细绳剪断待稳定后，⑤物体A在水中漂浮，浮力等于重力，

A排开液体的体积V排受到的浮力为F浮故C正确；A．综上所述，物体A的重力为GA没有剪断绳子前A受到的浮力F浮=3ρ0g故A错误；D．对B进行受力分析可知，没有剪断绳子前，B的重力GB则B的密度ρB故D错误。故选BC。

【分析】B.将一体积为3V0的球A和体积为2V0的物块B用细绳相连放入水中恰好悬浮，此时浮力等于球A和物块B重力之和；当把细绳剪断待稳定后，球A漂浮，物块B沉底，球A和物块B整体浮力减小，减小的浮力等于水对容器底减小的压力，即球A对物块B的拉力，据此求出绳子上的拉力；

A.当球A悬浮时，根据阿基米德原理求出球A受到的浮力，对A进行受力分析，根据力的平衡关系求出球A的重力；

C.当把细绳剪断待稳定后，球A漂浮，此时球A受到的浮力等于球A的重力，根据阿基米德原理求出球A排开水的体积，据此求出球A露出水面的体积；

D.当物块B悬浮时，根据阿基米德原理求出物块B受到的浮力，对物块B进行受力分析，根据力的平衡关系求出物块B的重力，利用密度公式求出物块B的密度。三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）14．我国运动员在巴黎奥运会跳水女子10m跳台决赛中，以出色成绩获得冠军。当运动员站立在跳台上，跳台台面距离水面10m，泳池中水的深度为5.4m，运动员在水中的像到水面的距离为m，当运动员离开跳板下落时，在水中的像的大小（选填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】10；不变【解析】【解答】（1）当运动员站立在跳台上，平静的水面相当于平面镜。跳台台面距离水面10m，根据平面镜成像“物像等大”的规律可知，此时运动员在水中的像到水面的距离为10m。（2）当运动员离开跳板下落时，物距减小，根据“平面镜成的像与物大小相等”可知，它在水中的像的大小不变。

【分析】（1）根据平面镜成像“物像等大”的规律分析；

（2）根据“平面镜成的像与物大小相等”分析。15．2025年1月25日，在南海某海域，参与演练的多架歼-15战机返回山东舰上，如图，舰载机着舰后由于继续高速运动，所以必须适时放下着舰钩，钩住甲板上的拦阻索；当舰载机停在航母水平甲板上时，其重力与力属于平衡力。【答案】惯性；支持【解析】【解答】（1）根据题目描述可知，舰载机着舰后由于惯性继续向前运动，为了保证安全，必须适时放下着舰钩，钩住甲板上的拦阻索。（2）根据平衡力的条件可知，当舰载机停在航母水平甲板上时，舰载机受到甲板的支持力和重力大小相等、方向相反、在同一条直线上且作用在同一物体上，是一对平衡力。

【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；

（2）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上。16．为了增加钢制零件表面的硬度，需要一道工序，即把零件放入含碳的渗碳剂中，这样碳分子就可以渗入到零件的表面层。这道工序利用了物理学中的现象，要加快碳分子的渗透，可以采用提高的方法。【答案】扩散；温度【解析】【解答】（1）把零件放入含碳的渗碳剂中，由于分子在不停地做无规则运动，所以碳分子就可以渗入到零件的表面层，这是扩散现象。（2）温度越高，分子运动越剧烈，则要加快碳分子的渗透，可以采用提高温度的方法。

【分析】（1）不同的物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散现象；

（2）分子无规则运动的剧烈程度与温度高低有关。17．如图，“雪龙2号”是我国第一艘自主建造的极地科考破冰船，安装在底部的破冰箱（shǒu）是破冰利器，它犹如一把利刃，能（选填“增大”或“减小”）对冰层的压强实现破冰。若它在极地2m厚的冰环境中做匀速直线运动，破冰航行的速度为1.5m/s，受到的阻力恒为2×107N【答案】增大；1.8×【解析】【解答】（1）根据题意可知，破冰艏犹如一把利刃，即通过减小受力面积增大压强。（2）根据题意可知，破冰航行的速度为1.5m/s，

则破冰60s的过程中，运动的路程s=vt=1.5m/s×60s则破冰船克服阻力做的功W=Fs=2×10【分析】（1）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积；

（2）根据s=vt计算破冰船行驶的距离，然后根据W=Fs计算破冰船克服阻力做功。18．甲、乙两小灯泡铭牌上分别标有“4V2W”和“6V6W”字样，若两灯都正常发光，则（选填“甲”或“乙”）灯会更亮一些；若把两灯串联在10V的电压下，则（选填“甲”或“乙”）灯更易被烧坏。（不计温度对灯丝电阻的影响）【答案】乙；甲【解析】【解答】（1）根据“4V2W”和“6V6W”可知，甲灯正常发光时P甲额=2W，乙灯正常发光时P乙额=6W。

因为6W>2W，所以乙灯更亮。（2）根据“4V2W”和“6V6W”可知，灯泡甲的电阻R甲灯泡乙的电阻R乙若把两灯串联在10V的电压下，则甲灯泡两端的电压U甲乙灯泡两端的电压U乙故甲灯泡会被烧坏。

【分析】（1）当灯泡正常发光时，它的实际功率等于额定功率，据此分析比较；

（2）根据R=U19．图所示是一款有两个挡位的挂烫机的工作电路图，正常工作电压为220V，加热电阻R1=44Ω，R2=88Ω，只闭合开关S1时，挂烫机的功率是W。同时闭合开关S1、S2，挂烫机工作1min消耗的总电能为。【答案】1100；99000J【解析】【解答】只闭合开关S1时，R1单独工作，挂烫机的功率是P1同时闭合开关S1、S2，R1、R2并联，挂烫机工作1min消耗的总电能为W=Pt=P1+U2（1）根据电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的基本电路，利用电功率公式P=U2R进行计算；

（2）根据Q=W=pt求出同时闭合开关S1、S2时，R1四、综合题（本大题共6小题，共37分。解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位。）20．下图是某款鸡蛋孵化器，底部装有电加热器。通电后，电加热器对水加热，水向上方鸡蛋传递热量，提供孵化所需能量。已知额定加热功率为80W，当它正常工作300s，把质量为0.5kg、初温为27℃的水加热升高到37℃。求这段时间内：c（1）水吸收的热量。（2）孵化器给水加热的效率。【答案】（1）解：根据题意可知，质量为0.5kg、初温为27℃的水加热升高到37℃时，水吸收的热量Q吸（2）解：已知额定加热功率为80W，当它正常工作300s，

则孵化器消耗的电能W=Pt=80W那么孵化器给水加热的效率η=Q【解析】【分析】（1）根据公式Q吸=c水m（1）水吸收的热量Q（2）孵化器消耗的电能W=Pt=80则孵化器给水加热的效率η=21．小丽在“测量小灯泡电功率”的实验中，实验器材有：电压恒为3V的电源，小灯泡（额定电压为2.5V）、电压表、电流表、滑动变阻器、开关及导线。请你完成下列内容。（1）如图1所示是小丽连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线；（2）连接电路过程中，开关应该（选填“断开”或“闭合”），滑动变阻器的滑片应该移动到（选填“A”或“B”）端；（3）正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是_______；（选填符号）A．灯泡短路 B．灯泡断路C．滑动变阻器短路 D．滑动变阻器断路（4）电路故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表指针如图2所示，则此时通过小灯泡的电流是A；（5）正确操作后，小灯泡发光，此时电压表的示数为2.0V，为了测量小灯泡的额定电功率，这时应该向（选填“A”或“B”）端移动滑动变阻器的滑片。【答案】（1）（2）断开；A（3）B（4）0.14（5）B【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡电功率”的实验中，除了电压表与灯泡并联，其它的都是串联。根据图1可知，此时应该将灯泡右端与电流表相连的导线从电流表上拆下，改接在电压表的“-”接线柱上即可，如下图所示：（2）连接电路过程中，为了避免电路时通时断烧毁用电器，则开关应该断开。为了避免电流过大烧毁用电器，则滑动变阻器的滑片应该移动到阻值最大的A端。（3）根据题意可知，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路。电压表有示数，说明电压表与电源的两极之间正常连通。对比可知，应该是与电压表并联的电路断路了，即电路的故障可能是灯泡断路，故选B。（4）如图乙所示，电流表选用0-0.6A量程，分度值0.02A，其示数为0.14A。（5）因为2.0V小于2.5V，所以应增大灯泡两端电压。根据串联电路U总=U1+U2可知，应减小滑动变阻器两端电压。根据串联电路电压与电阻成正比的规律可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故这时应该向B端移动滑动变阻器的滑片。

【分析】（1）在“测量小灯泡的电功率”实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；

（2）为了保护电路，连接电路过程中，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应该移动到阻值最大处；

（3）正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；

（4）根据电流表选用量程确定分度值读数；

（5）比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向。（1）原电路图中，电流表与灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，在“测量小灯泡的电功率”实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：（2）[1][2]为了保护电路，连接电路过程中，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应该移动到阻值最大处，即A端。（3）正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，电压表被串联在电路中，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路的故障可能是灯泡断路，故选B。（4）电流表指针如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.14A。（5）电路连接正确操作后，小灯泡发光，此时电压表的示数为2.0V，小于灯泡额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定电功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故这时应该向B端移动滑动变阻器的滑片。22．小聪看到建筑工地上工作的塔吊如图1所示，她查阅相关资料后，画出了与塔吊连接方式相同的滑轮组如图2所示。已知物体的重为3000N，拉力为1500N，物体以0.5m/s的速度匀速上升10s。求：（1）绳端移动的距离；（2）拉力的功率；（3）滑轮组的机械效率。【答案】（1）解：根据图片可知，动滑轮上承担重力的段数n=3，物体上升的距离h=vt=0.5m/s×10s=5m；

则绳端移动的距离为s=nh=nvt=3×5m=15m。（2）解：根据题意可知，拉力做的总功W总=Fs=1500N×15m=22500J；则拉力的功率为P=W（3）解：综上所述，滑轮组的机械效率η=W【解析】【分析】（1）根据滑轮组装置确定绳子股数，根据计算h=vt计算物体上升的高度，利用s=nh求出绳端移动的距离；

（2）根据W总=Fs计算拉力做的总功，根据P=W总t计算拉力的功率；（1）由图可知，滑轮组的动滑轮绕绳子的段数n=3，绳端移动的距离为s=nh=nvt=3×0.5m/s×10s=15m（2）拉力的功率为P=（3）滑轮组的机械效率η=23．物理兴趣小组在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，提出如下猜想：猜想一：浮力的大小可能与液体的密度有关；猜想二：浮力的大小可能与物体的重力有关；猜想三：浮力的大小可能与排开液体的体积有关。为了验证猜想，同学们使用体积相同的甲、乙、丙三个圆柱体，测得它们的重力分别为4N、5N和6N，然后进行如图1所示的序号为a、b、c、d、e的5次实验。请你完成下列内容。（1）如下2图，用手把饮料罐按入水中，饮料罐浸入水中越深，手会感到越吃力。这个事实可以支持猜想。（选填“一”“二”或“三”）（2）如图1序号a的实验中，物体受到的浮力为N。（3）为了验证猜想一，比较图1中序号为的三次实验，可得出结论：物体的和相同时，液体的密度越大，物体所受的浮力越。（4）比较图1中序号为的三次实验，可得出结论：浮力的大小与物体的重力无关。（5）实验即将结束时，小明同学提出浮力的大小还可能与物体的形状有关。为此同学们用两块相同的橡皮泥分别捏成不同形状进行如图3所示的实验。由此小明得出的结论是：浮力的大小与物体的形状有关。小亮认为这结论不可靠，主要原因是：。【答案】（1）三（2）1.6（3）a、d、e；重力；排开液体的体；大（4）a、b、c（5）没有控制排开液体的体积相同【解析】【解答】（1）饮料罐浸入水中越深，则它排开水的体积越大。手会感到越吃力，根据力的作用的相互性可知，饮料罐受到的浮力变大，故实验现象可以支持以上猜想三。（2）根据序号a可知，弹簧测力计分度值为0.2N，读数为2.4N，则此时a所受的浮力F浮＝G甲-F拉＝4N-2.4N＝1.6N；（3）验证猜想1，即探究浮力大小与液体密度有关，只改变液态密度，而应该控制物体排开液体体积相同故选a、d、e。

实验e中浓盐酸的密度大，对应测力计的示数小，而物体受到的浮力更大，那么得到结论：当物体排开液体体积和重力相同时，液体的密度越大，物体所受的浮力越大。（4）探究浮力的大小与物体重力无关时，需要控制液体密度和排开液体体积相同，只改变物体重力，故选a、b、c。（5）根据控制变量法的要求可知，探究浮力大小与形状的关系时，需要控制液体密度和排开液体的体积相同，只改变物体的形状。由图3可知，两次实验没有控制排开液体的体积相同，故不能得出浮力的大小与物体的形状有关。【分析】（1）用手把饮料罐按入水中，饮料罐浸入水中越深，手会感到越吃力，说明浮力的大小可能与排开液体的体积有关。

（2）利用称重法F浮＝G甲-F拉求浮力。

（3）根据控制变量法的要求选择对照实验。物体排开液体体积和物体重力相同时，液体的密度越大，物体所受的浮力越大。

（4）根据控制变量法的要求选择对照实验。

（5）利用控制变量法分析。（1）用手把饮料罐按入水中，饮料罐浸入水中越深，手会感到越吃力，说明受到的浮力变大，故实验现象可以支持以上猜想三。（2）如图1序号a的实验中，弹簧测力计分度值为0.2N，读数为2.4N；根据称重法可知，a所受的浮力F浮＝G甲-F拉＝4N-2.4N＝1.6N（3）[1][2][3][4]探究浮力大小与液体密度有关，应该控制物体排开液体体积和物体重力相同，比较浮力的变化，故选a、d、e，当物体排开液体体积和物体重力相同时，液体的密度越大，物体所受的浮力越大。（4）比较序号a、b、c可知，虽然重力不相同，但是浮力相同，故浮力的大小与物体重力无关。（5）由图3可知，两次实验没有控制排开液体的体积相同，故不能得出浮力的大小与物体的形状有关。24．物理拓展课上，老师拿来一个标有“xkΩ”的电阻（x为模糊不清的某一个位数字），让同学们测出这个电阻的阻值，老师又给他们如下器材：两节旧干电池、一只内阻为R0的电压表（量程：0~3V），一个单刀双掷开关及若干导线。请你利用上述器材帮助同学们设计一个实验方案，测出未知电阻单刀双掷开关简介实物图：符号：使用方法：单刀双掷开关由动端“刀”和不动端“1”“2”两个触点组成，使用时可将“刀”掷向“1”或“2”触点，起到双控的作用。电压表的内阻电压表的内阻非常大，大约10kΩ，连入电路中也会有很小的电流通过，电压表相当于一个能显示自身两端电压的定值电阻。（1）在虚线框内画出实验电路图；（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；（3）写出待测电阻Rx的数学表达式。（用已知量和测量量表示）【答案】（1）（2）实验步骤如下：①按照电路图连接电路；

②将开关的“刀”掷于触点“1”，记下电压表的示数U1；

③将开关的“刀”掷于触点“2”，记下电压表的示数U2。（3）R【解析】【解答】（1）如下图所示，电压表要能够直接单独接在电源两端测量电源电压，电压表还要能够与待测电阻串联，根据规律得到待测电阻两端的电压与通过它的电流。所以设计的电路图如下：（3）综上所述，将开关的“刀”掷于触点“1”时，电压表的示数U1就是电源电压；将开关的“刀”掷于触点“2”时，未知电阻两端的电压Ux此时通过未知电阻的电流Ix那么未知电阻的阻值Rx=UxIx=U1−U（1）根据欧姆定律可知，要求出电阻的大小，必须需要知道其两端的电压和通过它的电流，所以要能测量出未知电阻的阻值，必须要解决以下两个问题：解决问题一：通过未知电阻电流的大小由于没有电流表，所以电流不能够直接得出，要通过电流的规律得出，所以可以将电压表与未知电阻串联，根据串联电路电流的规律可得出通过未知电阻电流的大小等于通过电压表电流的大小；解决问题二：未知电阻两端电压的大小根据“问题一”中讲到的连接方式，根据串联电路电压的规律可得未知电阻两端电压等于电源电压减去电压表两端电压，由于电压表两端的电压可以直接读出，所以就要能够测量出电源的电压，根据电压表的使用方法，只要将电压表能够直接连接在电源两端就能够测量电源电压。综上所述，电路要满足以下条件：电压表要能够直接单独接在电源两端测量电源电压，电压表还要能够与待测电阻串