2026届高三年级上册模拟预测物理试题

2026届云南省玉溪第一中学高三上学期模拟预测物理试题

学校:姓名：班级：考号：

一、单选题

1.下列说法正确的是（）

A.卢瑟福通过a粒子散射实验，发现了质子

B.一个处于〃=4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多能辐射3种不同频率的光子

C.康普顿效应说明光具有波动性

D.铀235裂变产生的中子能使核裂变反应连续进行，其反应称为链式反应，其反应方

程为/U一/Ba+SKr+2>

2.劈尖干涉是一种薄膜干涉，如图所示。将一块平板玻璃。放置在另一平板玻璃人之上，

在一端夹入一张薄纸片c,从血在两玻璃表面之间形成一个劈形空气薄膜，当红光从上方人

射后，从上往下看有明暗相间的干涉条纹。下列说法正确的是（）

顶「°T底

角［：：边

b

JIIIIIIIIIL

p„

A.当纸片c向右往底边方向拉出少许，图中的条纹间距会变得宽一些

B.保持其他条件不变，仅将红光换成绿光从上方入射，则干涉条纹会变疏

C.若增大红光射到平板玻璃。上表面的入射角，则红光有可能在平板玻璃〃的下表面发

生全反射

D.若平板玻璃人的上表面某处有一个细小的凹坑，则相应的干涉条纹会向右往底边方

向弯曲点

3.假设一颗质量为〃?的人造卫星绕质量为M的地球做匀速圆周运动，其轨道半径为，，重

力势能多与轨道半径的倒数」的关系图像如图所示，动能E*与』的关系图像未画出，规定

rr

无限远处人造卫星的重力势能为0,已知4-：图像斜率的绝对值是线-:斜率绝对值的2

倍，万有引力常量为G,下列说法正确的是（）

A.线-工关系图像的斜率为2GM〃I

r

B.人造卫星重力势能的表达式为耳=-华

4r

C.人造卫星机械能的表达式为E=-竺邈

r

D.若地球的半径为凡则人造卫星运行过程中的最大动能与最小重力势能的差值为

2R

4.如图1所示，将带电最为-。的点电荷固定在A点，现杷带电最为+，］的试探电荷沿育线AC

从3点移到。点，A、3之间的距离为小A、。之间的距离为与，图2是试探电荷所受电

场力大小尸随距离「的变化图像。已知尸-r图像阴影部分曲边梯形的面积为S,则在,4处

点电荷产生的电场中，B、C之间的电势差Use为（）

ABC

图1

〃SrrS

A.B.UscD.UK=---

q

5.如图所不，粗糙的斜面是宽为L、长为GL的长方形，其倾角为37°,把质量为〃?

的物块放置在c点,给物块一个由c指向u的初速度v。,同时给物块一个沿着斜面的拉力F

（为未知量），物块沿着可匀速运动到。，已知物块在运动过程中滑动摩擦力等于重力的0.6

倍,重力加速度为g,sin37°=0.6,cos370=0.8,下列说法正确的是（）

试卷第2页，共10页

A.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5B.物块与斜面间的摩擦生热为mgL

C.尸与儿的夹角为45。D.尸的大小为巫冬

5

6.如图所示，方波1向右传播，波峰为24,波谷为X,方波2向左传播，波峰为A,波谷

为-24两列波的波峰、波谷的宽度均相等。图示时刻，波1、波2分别传播到P、Q两个位

置。若图示时刻1=0,则此后PQ连线上某一个点的振动图像可能是（）

7.在冰雪运动训练场的水平直道上，为模拟不同摩擦条件，交替铺设长度乙=2.4m的制动

区和长度，2=3m的光滑区。滑雪运动员从第一个制动区的左端以%=7.()m/s的初速度开始

向右滑行。若制动区与滑雪板间的动摩擦因数〃=。5,光滑区无摩擦，取重力加速度

^=IOm/s2,则运动员从开始进入制动区到静止所经历的时间为()

C.6sD.7s

二、多选题

8.如图所示是磁吸基座无线充电器，当送电线圈通入〃=220及sinlOOm(V)的交流电源后,

手机上的受电线圈产生感应电流。手机即进入“无线超充模式:“超充模式”下手机的充电电

压为20V,充电电流为5A,充电基座送电线圈接有理想电流表，受电线圈接有电阻上送

电线圈与受电线圈的匝数比为10：1,若充电过程中不计漏磁和电磁辐射等引起的能量损失,

受电线圈rR_

i■

交

流

电

源

A.'、超允模式”下电流衣读数为U.5A

试卷第4页，共10页

B.若此手机的甩池容量为5()00mAh,则超充模式下的充电时间为75分钟

C.若不计两个线圈的电阻，则要保证“超充模式”正常运作，R的大小应为0.4Q

D.若两个线圈的电阻大小均为『0.1。，则要保证"超充模式''正常运作，R的大小应为

0.299C

9.以下四幅图片中：图甲是励磁线圈的应用；图乙是回旋加速器工作原理示意图；图丙是

多级直线加速器的原理示意图；图丁是质谱仪原理图，下列说法中正确的是()

A.图甲中，通过励磁线圈的电流越大，电子的运动径迹半径越小

B.图乙中，电场讲行偏转，磁场讲行加速

C.图内中，多级直线加速器一定比回旋加速器更有优势

D.图丁中，粒子打在上的位置越靠近狭缝P,粒子的比荷越大

10.如图所示，将一轻质弹簧左端固定在墙上，右端连接质量为加的小球静置于光滑水平

面上。以弹簧原长时小球的位置为坐标原点。，水平向右为正方向建立坐标轴Ox,给小球

一向右的初速度，小球沿'轴做往复运动，作出小球运动过程中动量〃随位置坐标x变化的

图像。小球的运动状态可用图像上各点的坐标表示，其中A状态的坐标为(0M),8状态的

坐标为SO,C、。状态的横坐标均为已知弹簧的弹性势能q云2,忆为弹簧的劲

度系数，x为弹簧的形变量。下列说法正确的是()

A.小球运动过程中的最大动能为J

2m

B.弹簧的劲度系数为工

C.小球从C状态经B状态到。状态所经历的时间是其运动周期的四分之一

D.小球在C状态的动量大小为立a

2

三、实验题

II.如图甲为某实验小组利用气垫导物验证”系统机械能守恒''的实验装置，调平气垫导轨,

槽码通过滑轮组带动静止在气垫导轨右端带有遮光条的滑块运动。已知滑块总质量M=100g,

槽码和动滑轮的总质量〃尸50g,当地重力加速度j?=9.8m/s2o

(I)用螺旋测微器测遮光条的宽度4,如图乙所示，宽度d为mm。

(2)实验小组先进行一次试操作，让滑块遮光条中心到光电门中心的距离L=40.0cm,由静止

释放滑块，光电门测得滑块遮光条挡光时间为&=3.0x10-35,则该过程中，系统重力势能

减少量为________J.系统动能增加量为Jo(结果均保留3位有效数字)

(3)实验小组发现：这次试操作，在实验误差范围内，系统重力势能减少量与动能增加最不

相等，导致上述结果的可能原因有()

A.滑块的质量没有远远大于槽码的质量

B.气垫导轨没有调水平，出现了左低右高的情况

C.气垫导就没有调水平，出现了左高右低的情况

D.释放滑块时不小心给了滑块•个初速度

(4)在滑块从静止释放到运动至光电门的过程中，若系统机械能守恒，则应满足的关系式为

o(用题中所给的字母"?、M、g、L、d、，表示)

12.小明同学测量某金属丝的电阻率：

(1)该同学用多用电表欧姆挡测电阻丝的阻值，当用“xl(T挡时发现指针偏转角度过大，重新

选择挡位并进行欧姆调零后，指针静止时位置如图甲所示，其读数为

试卷第6页，共10页

⑵为更精确测量金属丝的阻值Rx,小明同学从实验室找到了以下仪器设计实验方案:

A.电源电压恒为E=3.0V,内阻不计

电压表（0~3V,内阻约3kC）;（0-15V,内阻约15kC）

C.电流表A（0~0.6A,内阻约0.125A）;（0~3A,内阻约O0255C）

D.滑动变阻器用（0〜5C,3A）

E.滑动变阻器&（（）〜175OC,3A）

F.开关S、导线若十

①为了调节方便，滑动变阻器应选用（选填选项前的字母）；

②为使电阻的测最结果尽审准确且在调节电路的过程中电压表示数的变化范围足够大，请帮

小明完成图乙实验电路接线：

③利用该电路测量电阻，测量值与实际值相比（选填“偏大'''偏小''或“不变”）.

（3）实验小组又对测量电路进行了创新.如图丙所示，在电阻丝上夹有一个可沿电阻丝滑动的

金属触头P,触头的位置可从刻度尺上读出，实验时改变触头P与电阻丝接触的位置，多次

改变电阻丝接入电路的长度/,调节滑动变阻器滑动触头的位置，使电流表的读数达到某•

相同值/时，记录电压表为示数U,从而得到多个彳■的值，作出苫-/图像，如图丁所示.

如果已经测得电阻丝的直径为力根据图丁所给数据，可得电阻丝的电阻率"=.（用

。、b、c、d表示）

丙T

四、解答题

13.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为勺：&=4:1,原线圈接在电压峰值为

Um=40&V的正弦交变电源上，副线圈的回路中接有阻值为R=10。的电热丝，设电阻丝自

身升温所需热显以及所占的体积忽略不计，绝热容器A的容积为匕=2L。A容器通过一绝

热细管与一竖直的横截面积为S=100cm?的绝热容器C相连，容器C上有质量为m=10kg

的绝热活塞封闭，活塞与C容器间无摩擦。现有一定质量理想气体封闭在两容器中，开始

时容器内气体温度为4=300K,活塞离容器底高度为九：=10cm,大气压强为

5

po=l.01xl0Pa,接通电源对电阻丝加热放出热量，使C中活塞缓慢移动，当稳定时容器

内气体温度为2",电阻丝加热放出热量。=900J。不考虑容器吸收热量，重力加速度大小

⑴求变压器的输出功率4出;

(2)求达到平衡时容器。中活塞移动的位移；

(3)若电热丝产生的热量全部被气体吸收，求电阻丝加热放出Q=900J热量所用的通电时间

和容器中气体增加的内能，

14.如图所示为俯视观察的光滑绝缘桌面，位于水平面宜川内。空间中有竖直向下的匀强

磁场，桌面上有一绝缘光滑挡板沿x轴放置。一质量为加、带电量为+q的小球，紧靠在距

挡板左端为d处。某时刻起，挡板在水平桌面上沿)，釉正方向做匀速直线运动，速度大小为

%。一段时间后，小球离开挡板，最终以拉％的速度垂直击中左侧沿)，轴放置的荧光屏。

求：

试卷第8页，共10页

XXXXXXXX

8

XXXXXXXX

荧

光XXXXXXXX

屏

XXXXXXXX

TVO

■

(1)小球在挡板上运动的时间t:

(2)磁感应强度的大小B：

(3)挡板左端到荧光屏的距离L。

15.冬雪季节，大桥斜拉索杆表面的积雪结冰，有坠落伤人的风险，故在拉索杆顶端预安装

了一批除雪环。如图甲，必要时释放除雪环，可以刮除沿途所有积雪和覆冰。图乙是大桥的

部分结构示意图，08是一根拉索杆(相当于直滑道)，其中。A段用于悬挂除雪环，装有顶

盖，不会积雪。单个除雪环在拉索杆上受到的滑动摩擦力(定值)和冰雪对其阻力总和/随

冰雪层厚度d的变化关系如图丙。当拉索杆无积雪时(上0),从。点释放一个除雪环，经

f0=8氐滑到8点，已知所有除雪环均可视为从O点释放，单个除雪环质量〃?=8kg,OA=8m,

O8=320m,倾角%30。,重力加速度g取lOm/s2。

甲

⑴求单个除雪环在拉索杆上受到的滑动摩擦力振的大小；

(2)某次，A3段覆有厚度均匀的冰雪层，释放一个除雪环后，停在了C点，OC=24m,乂释

放第二个除雪环，下滑与第一个除雪环发生完全非弹性碰撞后，一起下滑。求此次冰雪层厚

度及两环同时到达B点时的速度大小；

(3)某雪天，A3段冰雪层厚度4与时间，的关系为"二6(QU.5cm/h),为了确保安全，在冰

雪层厚度达到l（）cm前，必须实施除雪。为有效除雪，且节省用环，请设计释环周期和每次

释环的数量。

试卷第10页，共10页

《2026届云南省玉溪第一中学高三上学期模拟预测物理试题》参考答案

题号12345678910

答案BADDDBBACDADAD

1.B

【详解】A.卢瑟福通过a粒子散射实验发现了原子核式结构模型，而质子是通过a粒子轰

击氮核实验发现的，故A错误；

B.一个处于〃=4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多能辐射4-1=3种不同频率的光子，

故B正确；

C.康普顿效应中光子与电子碰撞后波长变长，需用光子动量解群，说明光具有粒子性，而

非波动性，故c错误；

D.铀235裂变需吸收一个中子才能触发链式反应，可知原方程左侧缺少中子，正确的方程

为j$U+H"a+4Kr+3M，故D错误。

故选B。

2.A

【详解】A.当纸片c向右往底边方向拉出少许，相邻亮条纹（或暗条纹）之间的距离变大，

干涉条纹条纹间距变大，条纹变疏，故A正确；

B.根据条纹间距公式加=刍/1可知，保持其他条件不变，仅将红光换成绿光从上方人射，

a

由于波长减小，间距变小，则干涉条纹会变密，故B错误；

C.根据光路的可逆性，若增大红光射到平板玻璃〃上表面的入射角，则红光仍将从玻璃板

射出，不会发生全反射，故c错误；

D.若平板玻璃〃的上表面某处有一个细小的凹坑，则亮条纹提前出现，即相应的干涉条纹

会向左往顶角方向弯曲一点，故D错误。

故选Ao

3.D

【详解】A.由万有引力充当向心力可得坐=理二

Lr

结合线=；/加

联立可得"=等'!

2r

则或-1关系图像的斜率为勺=学，A错误；

r2

答案第1页，共9页

B.E--图像的斜率为£=-2k、=-GMm

r

则人造卫星重力势能的表达式为综=-罕，B错误：

C.人造卫星机械能的表达式为七=心+5=萼”+旦”=乏%，C错误；

2rr2r

D.若地球的半径为R,则人造卫星最大动能区2二等

2A

最小的重力势能综而°=一半

A

则有纭2—综min=噜"，D正确。

Z/\

故选D。

4.D

【详解】尸-/■图像阴影部分曲边梯形面积的物理意义代表试探电荷从8点移到。点过程中

克服库仑力所做的功，即电场力做负功，W=-S

因为W=qU8c

所以4c=一*

q

故选D。

5.D

【详解】A.把物块的重力分别沿着斜面和垂直斜面正交分解，有G,=mgsin370=06〃g

沿着斜面由〃指向c,垂直斜面向上由二力平衡可得尸N=，〃gcos37°

结合/=06咫与/=〃&

解得〃=0.75,A错误；

B.由几何关系可得=+)=2L

则物块与斜面间的摩擦生热Q=/K*=06〃gx2£=L2〃3,B错误；

CD.由几何关系可得从与讹的夹角为60。，则f=06ng与Gx=0.6mg的夹角为60。,把

/=06咫与G,=0.6〃田合成，由平行四边形定则可得这两个力的合力沿林与。。的夹角的

平分线，与反的夹角为30。，合力的大小为4=2/cos30=等处

由三力平衡可得尸与良等大反向，即尸的方向与灰的夹角为30。，C错误，D正确。

故选Do

答案第2页，共9页

6.B

【详解】图示时刻之后的某一刻，P。连线上某一个点可能的振动情况如下所述。方波I或

方波2首先传播到PQ连线上的这一个点，此时该点的位移为-八或-24。随后两列波在该

点相遇，根据波的叠加原理，此时该点的位移为-34。之后两列波继续传播至波峰与波谷相

遇，根据波的叠加原理，此时该点的位移为0。再之后两列波的波峰相遇，该点位移为3A,

最后两列波在该点分离，该点位移为A或2A。

故选B。

7.B

【详解】在制动区由牛顿第二定律得M摩二〃也

解得加速度大小a==5"〃/

设在制动区的总位移大小为x,则vi=2ax

2-2

解得x=曳=----m=4.9m

2d2x5

因为x=4.9m=2/,+0.1m=2x2.4m+0.1m

故滑入第三个制动区0.1m后滑雪运动员速度减为零。滑雪运动员在制动区减速时间

t.=—=-s=1.4s

1a5

设滑雪运动员刚滑出第一个制动区时速度大小为耳，则学-匕2=2以

解得匕=5m/s

L3m八/

滑雪运动员在第一个光滑区运动时间G=2=三==06s

V)5m/s

设滑雪运动员刚滑出第二个制动区时速度大小为外，则片-盯=2处

解得

I3m

滑雪运动员在第二个光滑区运动时间3.0s

v2Ini/s

则运动员从开始进入制动区到静止所经历的时间/—L4s+0.6s+3.0s=5s

故选B。

8.ACD

【详解】A.根据变压器电流与匝数关系夕=公

，2n\

答案第3页，共9页

代入数据，解得L=0.5A,故A正确;

B.由容量单位可知，手机充电时间为电池容量与充电电流的比值，即

Q5000x10\.当0碎0

r=—=------------h=lh=60min,故B错误；

15

C.根据变压器电压与匝数关系今=〃

其中a=^=^^V=220V,U°=20V

V2V2

代入数据，解得R=（）.4C,故C正确；

D.由理想变压器的等效电阻，结合C选项分析可知，一（/力+宠二。/。

解得R=0.299C,故D正确。

故选ACDo

9.AD

【详解】A.图甲中，通过励磁线圈的电流越大，磁场越大，由洛伦兹力提供向心力有

v2

evB=m—

r

可得

eB

可知，磁场越大，电子的运动径迹半径越小，故A正确；

B.图乙中,电场进行加速,磁场进行偏转，故B错误；

C.图丙中，粒子通过多级直线加速器加速，加速电压越大，粒子获得的能最越高，但要产

生这种高压所需的技术要求很高，同时加速装置的长度乜要很长，故多级直线加速器不一定

比回旋加速器更有优势，放C错误；

2

D.图丁中，通过速度选择器后，所有的粒子速度相同，进入磁场中，根据在3=机匕

解得幺=事

mHr

可知，粒子打在A|A2上的位置越靠近狭缝P,半径越小，粒子的比荷越大，故D正确。

故选ADo

10.AD

【详解】A.小球运动到平衡位置（即A状态）动能最大，由耳=上,p=a

2in

a2

可得小球运动过程中的最大动能为故正确;

茄A

答案第4页，共9页

B.小球由B到4的过程，根据能量守恒得L妨2=二

22m

解得&=£,故B错误；

mb'

C.由题意可知，振幅A

故小球的振动方程为x=〃sin年，

小球由4到。的过程有g=bsin与tAC

解得小军

又因为

所以小球从C状态经8状态到。状态所经历的时间为小=23=g

是其运动周期的三分之一，故C错误；

D.小球由8到C的过科根据能量守恒有泊唔T回

又1•幼2=且

22m

联立可得1入故D正确。

故选ADo

11.(1)4.076/4.077/4.078mm/4.079mm

(2)0.09800.104

(3)BD

(4)ingL=机(；了+M

2ArAr

【详解】(1)螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，所以

4=4+7.8x0.0Inun=4.078mm

(2)[1]系统重力势能减少量为△综=mg-L=0.0980J

乙

⑵系统动能增加量为=gL+g吗尸，v=*

代入数据解得△与=o/O4J

(3)由以上分析可知，系统重力势能减少量小于动能型加量，可能原因是导轨不水平，且

答案第5页，共9页

左低右高，使得滑块在运动过程中滑块的重力势能减少，也可能是糅放滑块时不小心给了滑

块一个初速度，使得动能变化量较大。

故选BDo

（4）在滑块从静止释放到运动至光电门的过程中，若系统机械能守恒，则应满足的关系式

为mg，g乙=g+g〃弓了，\>=*

联立可得mgL=皿;

24Nt

12.（1）13

偏小

⑶4"-c)

4q

【详解】（1）指针偏转角度过大，说明电阻值较小，倍率应该选“xl”，故读数为130

（2）[1]由于电阻丝的总阻值大约为13Q,为了调节方便，滑动变阻器选用最大阻值和被测

电阻相近的飞，并且选择分压接法，故选D。

[2]滑动受阻器叫阻值小于电阻丝，故选择分压式接法；电源电压石=3.0V,电阻丝的总阻值

大约为13Q,通过电阻丝的电流不超过约0.23A,电流表选择0.6A的量程；由于Rx<瓜苗?，

所以电流表选外接法，具体电路图如下：

[3]由于电压表分流，电流表测量值偏大，所以电阻的测量值偏小。

（3）根据欧姆定律，有4+公4

答案第6页，共9页

由电阻定律有凡=pg=名

SKd

整理后可得§=?+&

/Tier

根据图像，斜率为々二丝二%

a7rd~

解得⑹

4。

13.⑴/H=10W

(2)x=30cni

(3)r=90s,A(7=567J

【详解】(l)由题意可知，变压器输入电压的有效值为，=裳二40V

根据A丛

U

2〃2

可得，变压器的输出电压为％=i()v

则变压器的输出功率为匕出=*iow

(2)设达到平衡时容器C中活塞移动的位移为x,由题意可知，容器A和C中的气体压强

VV,

不变，根据亍=济

其中乂=%+s%,K=%+sd+幻

解得x=30cm

(3)通电时间为，=/-=90s

对活塞，根据平衡条件可知PS=p°S+mg

解得容器C中压强为〃=l.Uxl()5pa

则，达到平衡时容器C中活塞移动使得外界对气体做功为W=-pSx=-333J

根据热力学第一定律=W+Q=567J

2d

14.⑴『

⑵展号

2qd

⑶L=2d

【详解】(1)小球在洛伦兹