2024届上海市上海外国语附属某中学物理高三年级上册期中复习检测试题含解析

2024届上海市上海外国语附属外国语学校物理高三上期中复习

检测试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码

区域内。

2.答题时请按要求用笔。

3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效;

在草稿纸、试卷上答题无效。

4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中,

只有一项是符合题目要求的。

1、甲车由静止开始做匀加速直线运动，通过位移s后速度达到匕然后做匀减速直线运动

直至静止,乙车由静止开始做匀加速直线运动，通过位移2s后速度也达到也然后做匀减速

直线运动直至静止，甲、乙两车在整个运动中的平均速度分别为也和也用与电的关系是

()

A.V1>V2B.V1=V2C.VI<V2D.无法确定

2、如图所示，质量为机、带电量为q的油滴从空中自由下落时间〃后进入水平放置的带

电极板间，再经过，2速度为第一次变为零，则油滴在极板间运动时油滴的加速度大小为

(不计空气阻力)()

A.gti/(h+t2)B.g(t/+t2)/t2

C.gh/t2D.gti/ti

3、一个沿竖直方向运动的物体，其速度图像如图所示，规定向上为正方向，当地重力

加速度g=10〃?/s2,则可知()

A.1s时物体处于平衡状态

B.上升和下降两个阶段加速度大小相等，方向相反

C.3s时物体处于抛出点上方15nl

D.3s内物体一直处于完全失重状态

4、如图所示，弹簧振子在A、8之间做简谐运动.以平衡位置O为原点，建立Ox轴.向

右为x轴的正方向.若振子位于〃点时开始计时，则其振动图像为（）

5、精彩的杂技表演总是受到广大观众的欢迎.如图所示，两条丝带上端拴在天花板上,

下端被男演员缠绕在手臂上，女演员搂着男演员的脖子，两人一起在水平面内做匀速圆

周运动（第一次）.第二次一起做圆周运动时，丝带的长度更短而丝带与竖直方向的夹

角仍不变.下列说法中正确的是（）

A.匀速转动的过程中男演员对女演员的作用力方向竖直向上

B.两次丝带对男演员的拉力大小相等

C.他们第二次做圆周运动的线速度更大

D-他们第二次做圆周运动的周期更大

6、如图所示，儿为固定在小车上的水平横杆，物块M穿在杆上并通过轻细线悬挂着一

个小铁球〃，，当小车以大小为。的加速度向右做匀加速直线运动时，物块M依靠摩擦

力与杆保持相对静止，细线与竖直方向的夹角为仇若小车的加速度逐渐增大到2〃，物

块M仍与杆保持相对静止，则

A.细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍

B.细线的拉力增加到原来的2倍

C.横杆对M的弹力保持不变

D.横杆对M的摩擦力保持不变

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，

有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得

0分。

7、如图所示，质量k=/h的物块，以速度滑上正沿逆时针转动的水平传送带,

传送带两滑轮A、B间的距离L=6w已知传送带的速度\，=2威s,物块与传送带间的

动摩擦因数〃=0.2,重力加速度g取/O而关于物块在传送带上的运动，下列表述正

确的是（）

X

n

B.物块滑离传送带时的速率为2加$

C.皮带对物块的摩擦力对物块做功为6J

D.整个运动过程中由于摩擦产生的热量为18J

8、一个物体沿直线运动，从/=0时刻开始，物体的土-/的图像如图所示，图线与纵

/

横坐标轴的交点坐标分别为0.5m/s和-卜，由此可知（）

A.物体做匀加速直线运动的加速度大小为Im/s?

B.物体做变加速直线运动

C.物体的初速度大小为0.5m/s

D.物体的初速度大小为lm/s

H,OP距离为X。。

B.如图2,将滑槽沿桌面左移一段距离，测出滑槽的末端N与桌面的右端M的距澳为

L,让滑块a再次从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的户点，测出0P'

距离X

C.改变L,重复上述步骤B,分别记录实验数据。

已知重力加速度为g,不计空气阻力。请回答下列问题:

（2）根据实验记录的数据作出关系图像，如图3所示，若图中纵截距为X：,横截距

为L。,则可求出滑块a与桌面的动摩擦因数的表达式是

（3）若更换较光滑的滑槽（末端与桌面相切），则滑块a与桌面的动摩擦因数的测量结

果将（“偏大”“偏小”“不变。

12.（12分）在用DIS研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组先用如图（a）所

示的实验装置，重物通过滑轮用细线拉小车，在小车和重物之间接一个不计质量的微型

力传感器，位移传感器（发射器）随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器（接收器）

固定在轨道一端.实验中力传感器的拉力为尸，保持小车（包括位移传感器发射器）的

质量不变，改变重物重力重复实验若干次，得到加速度与外力的关系如图（b）所示.

位移传感器位移传感器

（接收器）（发射器）

(a)

（1）小车与轨道的滑动摩擦力六N.

（2）从图象中分析，小车（包括位移传感器发射器）的质量为kg.

（3）该实验小组为得到。与尸成正比的关系，应将斜面的倾角9调整到.t保

留两位有效数字）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出

必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13.（10分）如图甲所示，质量均为m=0.5kg的相同物块尸和0（可视为质点）分别静

止在水平地面上A、C两点.P在按图乙所示随时间变化的水平力尸作用下由静止开始

向右运动，3s末撤去力尸，此时尸运动到3点，之后继续滑行并与。发生弹性碰撞,已

知3、C两点间的距离L=3.75m,P、0与地面间的动摩擦因数均为〃=0.2,取g=10

m/s2,求：

A

甲

（1）P到达8点时的速度大小y及其与。碰撞前瞬间的速度大小vi；

（2）。运动的时间f.

14.（16分）如图所示，将一质量为，"=0.1kg的小球自水平平台右端。点以yo=3m/s的

初速度水平抛出，小球飞离开平台后由A点沿切线落入竖直光滑圆轨道48C,并沿轨

道恰好到达轨道最高点C,圆轨道AZ/C的形状为半径为7?=2.5111的圆截去了左上角的

127。的圆弧，CB为其竖直直径，sin37°=0.6,g=10m/s2,

（1）小球经过C点时速度的大小?

（2）若小球运动到轨道最低点8的速度刖=5石m/s,轨道对小球的支持力多大?

（3）平台末端。点到A点的竖直高度〃.

15.（12分）如图所示，轻质弹簧一端固定在墙壁上的。点，另一端自由伸长到A点,

之间的水平面光滑，固定曲面在B处与水平面平滑连接.48之间的距离s=lm.质

量m=0.2kg的小物块开始时静置于水平面上的B点,物块与水平面间的动摩擦因数

4=0.4.现给物块一个水平向左的初速度vo=5in/s,g取10m/s2.

⑴求弹簧被压缩到最短时所具有的弹性势能Ep；

⑵求物块返回B点时的速度大小；

⑶若物块能冲上曲面的最大高度h=0.2m,求物块沿曲面上滑过程所产生的热量.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中,

只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解题分析】

根据匀变速直线运动的推论，知甲车匀加速直线运动的平均速度

-v

V=—

2

匀减速运动的平均速度

-v

可知全程的平均速度

V

同理，乙车全程的平均速度

V

则

片=口2

故B正确，A.C.O错误.

2、C

【解题分析】对全过程运用动量定理得，〃吆&+，2)-号2=0

计算得出电场力于二‘四&"2).

则油滴在极板间运动时油滴的加速度F-n^=ma

得：”丛，故C正确；

t2

综上所述本人答案是：C

3、D

【解题分析】

Is时物体，的速度为零，但是加速度不为零，不是处于平衡状态，选项A错误；图线

的斜率等于加速度，可知上升和下降两个阶段加速度大小相等，方向相同，选项B错

误；由图像可知，2s末物体回到出发点，3s时物体处于抛出点下方，选项C错误；3s

内物体物体的加速度均向下，大小为。=^=1。而金，则一直处于完全失重状态，选项

D正确；故选D.

4、A

【解题分析】

由题意：设向右为x正方向，振子运动到N点时，振子具有正方向最大位移，所以振

子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故A正确.

5^B

【解题分析】

根据女演员匀速转动需要向心力，判断男演员对女演员的作用力方向；丝带拉力F沿竖

直方向的分力等于男女演员的重力，判断拉力的变化;根据向心加速度的表达式判断线

速度和周期的变化.

【题目详解】

A.女演员匀速转动的过程中需要向心力，男演员对女演员的作用力沿丝带方向，故A

错误；

B.设丝带与竖直方向的夹角为0,丝带拉力F沿竖直方向的分力等于男女演员的重力，

F=（〃7,+%）x,夹角0不变，拉力不变，故B正确；

COS0

C.向心加速度为gtang—=^r,夹角。不变，向心加速度不变，第二次丝带的长

rT2

度更短，半径变小，线速度变小，周期变小，故C错误，D错误.

故选：B

6、C

【解题分析】

对小球受力分析，受重力和细线的拉力T,如图

根据牛顿第二定律，水平方向有:

Tsin。=ma

竖直方向受力平衡有：

Tcos6-mg=0

再对6和M整体受力分析，受总重力（M+m）g、横杆支持力N、横杆摩擦力力如图

根据牛顿第二定律，水平方向有：

竖直方向受力平衡有：

N-（M+〃?）g=0

由以上可解得：

tan9=-tN=（M+，n）g,7=—

gcos。

由以上表达式可知：

A.。的正切变为原来的2倍，但。不是2倍，故A错误；

B.由拉力表达式可知，泣力7也不是增大为原来2倍，故B错误;

C.横杆对M的弹力保持不变，等于总重，故C正确；

D.横杆对M的摩擦力增大为原来2倍，故D错误；

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，

有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得

0分。

7、BD

【解题分析】滑块先向右匀减速到零再向左匀加速，根据牛顿第二定律，有ume=ma,

得a=〃W=2m/s2,根据运动学公式，有：0m1,得〃=2s,匀减速的位移

为：x=-=jx2m=-/m<L=6m,然后物体向左匀加速过程，加速度大小仍为

2

a=2m/s,物体速度从零增大到与传送带共速时的位移为：必=（=《，=/m，用时

<2=：=：=八，向左运动时最后3m做匀速直线运动，有〃=?=去=15s,即滑块在传

送带上运动的总时间为：E=〃+f2+“=，.5s,物块滑离传送带时的速率为2m/s,故A

错误，B正确；向右减速过程和向左加速过程中，摩擦力为恒力，故摩擦力做功为：

Wf=-f(x-Xl)=-u^(x-xj)=-0.2^1x10x(4-"J=-6J,故C错误；整个运动过程中

因为摩擦产生的热量等于滑块与传送带之间的一对摩擦力做功的代数和,等于摩擦力与

相对路程的乘积；物体句右减速过程，传送带向左移动的距离为：物体

向左加速过程，传送带运动距离为：〃=近2=2m,即。=fs=+x)+(h-X])]f

解得O=18J,D正确.故选BD.

【题目点拨】根据牛顿第二定律求出滑块的加速度，再结合运动学规律判断出：滑块滑

上传送带后，由于摩擦力作用，先向右匀减速后反向加速，速度增加到等于传送带后再

一起匀速；然后根据功能关系计算出摩擦力对滑块做的功和产生的热量.

8、AC

【解题分析】

X|X\1

由图得：—=(0.5t+0.5)m/s：由x=iW+—"得：—=vo+—of.可得一a=0.5.可

t2/22

知，物体的加速度不变，做匀加速直线运动.故A正确，B错误.图线纵轴截距表示

初速度，则知物体的初速度大小为0.5in/s.故C正确，D错误.

9、AC

【解题分析】

AB.因为满足〃“vpoVpA,则根据离心原理，细胞。相对试管向内侧运动，细胞力相对

试管向外侧运动，选项A正确，B错误；

CD.根据2r可知，这种离心分离器，，模拟重力，，对应的“重力加速度，，沿转动半径方

向向外侧逐渐变大，选项C正确，D错误。

10、CD

【解题分析】

48之间的最大静摩擦力为：

以为皿=%%g=24mg

B与地面间的最大静摩擦力为：

£1、3

Amax=5〃(z加八十%)^=2〃机g

AC.设当A、8恰好发生相对滑动时的拉力为尸，加速度为4,对A则有

Ff-2jumg=2ina

对A、〃整体，有

F,--=3ma

解得：

Fr=3jiirng

所以当

3

—"mg<F<3Ring

4相对于/，静止，二者以共同的加速度开始运动；当尸>3〃〃陪时，A相对于3滑动，

故A错误，C正确；

B.当/二g〃话时，A8均处于静止状态，所以A的加速度为零，故B错误；

3

D.A对3的最大摩擦力为2w5受到的地面的最大静摩擦力为所以5相

对于地面会发生相对滑动时，由

c3

2^mg--^nig=niaH

得B的最大加速度

1

故D正确.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写

出演算过程。

11、不需要—不变

4叫

【解题分析】（1）滑块离开桌面后做平抛运动，设滑块滑到底端的速度为V0,竖直方

向：h=—gt-,

2

水平方向：Xo=Vot,x=vt

从N到M过程中，由动能定理得：*mgL=Lmv2-Lmvo2

22

解得：x2=Xo2.4|ihL,该实验不需要测量小球的质量；

22

（2）图象的函数表达式为：x=x0-4phL,

为2

x2-L图象的斜率绝对值：攵=4〃/?=£,

动摩擦因数：〃=一立；

4码

（3）若更换较光滑的滑槽，滑块a到达桌面时的速度变大，当图象的函数表达式不变,

滑块a与桌面的动摩擦因数的测量结果不变.

1

12、0,5；0.7；—；

14

【解题分析】

(1)[1]根据图象可知，当b=0.5N时，小车开始有加速度，则户0.5N；

(2)[2]根据牛顿第二定律得：

F-f1口f

a=------=—F-—,

MMM

则a-F图象的斜率表示小车质量的倒数，则

..14—0.5_

M=—=---------=0(.7kg

k5

(3)为得到。与尸成正比的关系，则应该平衡摩擦力，则有：

MgsinO=pMgcosO

解得：

tan0=/4,

根据户wM?得：

0.51

Ll=-------=一

0.7x1014

所以

tan0=—

14

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出

必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13>(1)v=8m/s,V)=7m/s(2)t-3.5s

【解题分析】

(1)在0・3s内，对P,由动量定理有：

F[ti+F2t(ti+ti)=niv-0

其中Fi=2N,F2=3N,ti=2s>t2=ls

解得：v=8in/s

设P在BC两点间滑行的加速度大小为a,由牛