2026年辽宁大连市高考模拟物理试题（含答案详解）

2026年大连市高三双基模拟考试

物理

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写

在答题卡上。写在本试题卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第卜7

题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小

题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

1.关于下列四幅图说法正确的是（）

A.图甲中三角形导线框绕轴匀速转动产生直流电

B.图乙中周期性变化的磁场可以产生电磁波

C.图丙中强磁体从铝管中静止下落做自由落体运动

D.图丁为磁流体发电机装置，A极板电势高

2.杯的一种同位素%Pu衰变时释放巨大能量，其衰变方程为%Pu-%U+：He,则下列

说法中正确的是（）

A.此衰变为夕衰变

B.比常Pu的结合能大

C.比％Pu更稳定

D.经过一个半衰期，10C个杯还剩下50个

3.如图甲，两列沿相反方向传播的横波，形状是半个波长的正弦曲线，上下对称，具振幅

和波长都相等。它们在相遇的某时刻会出现两列波“消失”的现象，如图乙。则（）

a：c\b

A.此时质点匕向左运动B.相遇过程中c点振动速度始终为0

C.此后质点4、。振动速度相同D.此后质点。比。先停止振动

4.天问一号”从地球发射后，在如图甲所示的，点沿地火转移轨道运行到。点，再依次进入

如图乙所示的调相轨道和停泊轨道，已知图乙中两轨道用切于“点，则天问一号（）

天问一号

A.发射速度大于16.7km/s

B.在地火转移轨道运行时，经过P点的加速度小于经过。点的加速度

C.从调相轨道变轨到停泊轨道，运行周期变小

D.从调相轨道变轨到停泊轨道，需要在M点点火加速

5.一定质量的理想气体经历如图所示的循环过程，其中"T〃过程是绝热过程，卜.列说法

正确的是（）

P

A.匕fc过程，气体分子的平均动能增大

B.c-a过程，气体做等温变化

C.ar〃过程，单位时间单位面积撞击器壁的分子数增大

D.aa过程，气体从外界吸收热量

6.将一个小球从地面竖直上抛，小球受到的阻力与速率成正比，设向上为正方向，小球的

速度、位移、重力势能和机械能分别为八J和七，以地面为零势能面，则下列图像可

试卷第2页，共8页

能正确的是（

7.如图所示，竖直面内有一圆形区域，半径为R。AC、分别是圆的水平方向和竖直方

向直径。空间存在平行于圆形区域的匀强电场。8C的中点M是圆周上电势最低的点。质量

为巾，电荷最为“（9＞。）的小球从A点以相同的速率%向竖直面内各个方向发射，重力

加速度为W，下列说法中正确的是（）

A.电场沿A用方向

B.电势差

C.小球到达Q点的动能为g+mgR

D.小球加速度大小可能为a=；g

8.氢原子从〃=5、〃=3能级直接跃迁到〃=2能级时分别发出光P、。。则下列说法正确

的是（）

A.尸光比。光的光子动黄大

B.相同的光电管，。光照射能发生光电效应，则尸光照射也能发生光电效应

C.位于水下同一深度处，尸点光源比。点光源在水面上形成的光斑大

D.在完全相同的实验条件下做双缝干涉实验，P光的相邻干涉条纹间距大

9.如图所示，光滑水平桌面上有一轻质光滑绝缘管，处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应

强度大小为3。绝缘管在水平外力”的作用下以速度丫向右匀速运动。一带电小球，由管道

M端相对管道静止释放，一段时间后，小球运动到管道N端。小球质量为〃?、电量为“，MN

长度为/,小球直径略小于管道内径。关于小球从M端运动到N端说法正确的是（）

X

B

A.小球的运动轨迹是一条抛物线

B.外力产和洛伦兹力做功大小相等

C.绝缘管的位移大小为2儒

D.外力中的冲量大小为夕3/

10.如图，木板叫足够长，静止在光滑水平地面上，物块多静止在木板右侧，叫左端固定

一劲度系数为k的轻弹簧，弹簧处于自然状态。滑块叫以水平向右的速度％滑上木板叫，叫

与町速度相等时仍刚好与弹簧接触，此后再经过时间2弹簧压缩量最大，并且叫与叫恰

好能始终保持相对■静止。已知孙、和巴的质最均为加，弹簧始终处在弹性限度内，弹

性势能Ep与形变量工的关系为综=g区°,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度为g,

下列说法正确的是（）

/WWWW

A.木板刚接触弹簧时速度H=5%

B.弹簧的最大压缩量%=%

试卷第4页，共8页

c.弹簧压缩量最大时，飞的位移大小为占=竽-争出

j\）K

D.%与成间的动摩擦因数4■底

二、非选择题：本题共5小题，共54分。

11.某小组探究物体加速赛与所受合外力的关系。实验装置如图（a）所示，水平轨道上安

装两个光电门，小车上固定一遮光片，细线一端与小车连接，另一端跨过定滑轮挂上钩码。

遮光片

滑轮

宓

小钩码

/(ms2)

6.0

、

-4

3.0

2.0

（I）实验前先调节轨道，使细线与轨道平行，并平衡小车所受摩擦力。

（2）小车的质量为ML320g。利用光电门系统测出不同钩码质后〃?时小车加速度钩

码所受重力记为尸，作出。-尸图像，如图（b）中图线甲所示。

（3）由图线甲可知，尸较小时，。与产成正比。进一步探究，分别将小车的质量增加至

/也=47（恰和/%=720g篁复步骤（2）,作出。-尸图像，如图中图线乙和丙所示。

（4）比较图线甲、乙、丙可得：在钩码重力的变化区间相同时，小车的质量增大，f图

像的线性区间（选填“变大”“变小”）：我们可以猜想：要在。-b图像中得到足

够大的线性区间，实验中小车的质量”和钩码的质量，"应满足的大小关系为

（5）分析实验数据：图线甲、乙、丙都存在非线性区间，是因为非线性区间的加速度。和

钩码重力尸在误差允许的范闱内不满足关系式〃二二，请写出该区间加速度。和钩码重力产

满足的关系式。=（用。、M、机、F表示）;如何改进实验可以消除因系统误

差产生的非线性区间，请写出一种方案o

⑴用甲图测电池的电动势和内阻，在电压表和电流表内组都未知的情况下，其系统误差来

源于。

⑵为了提高实验精度，该小组设计了如图乙所示的电路，其中被测电池为（选

填“A”或"B”）。

⑶实验操作如下：

①将滑动变阻器R和七的滑片移到最左端，闭合开关Si和S2；

②调节滑动变阻器型，使灵敏电流计G的指针指在（选填“零刻度线”或“满偏

刻度”），记录此时电压表的示数为U=2.80V、电流表的示数为4=O.15A：

③接着，改变滑动变阻器A的滑片位置，再重复步骤②.记录另一组数据q=2.60V、

/2=O.35A。则电池的电动势七=V,内阻/•=C（结果均保留两位

小数）;

（4）在（3）的操作中，电源电动势的测量值.真实值（选填“大于”“等于"“小于”）。

13.如图所示，小球A质量朕=1kg,用细线悬挂于。点，静止时细线与竖直方向夹角9=37。。

由静止释放小球A,下落到最低点时细线达到最大拉力并断开（不计能量损失），与静止在

平台上的小球B发生弹性正碰，不考虑两球落地后反弹。已知小球B的质量，g=3kg,平

台长d=10m,细线长L=lm,平台高〃=5m,两小球均可视为质点，不计一切阻力，重力

加速度g=10m/s2,求：

试卷第6页，共8页

(1)绳子的最大拉力；

(2)碰后小球A、B的速度大小；

(3)小球A、B落地点间的水平距离。

14.如图所示，水平面内有两根电阻不计、间距为L的足够长光滑平行导轨。一质量为“、

电阻不计的导体棒置于导轨上，轻绳一端连接导体棒，另一端绕过定滑轮与一质量也为，〃的

物块连接。电容器的电容为C，定值电阻的阻值为R。空间存在竖直向上的匀强磁场5。物

块由静止释放牵引导体棒向左运动，导体棒运动过程中始终与导轨接触良好并保持垂直，电

容器未被击穿，忽略绳与定滑轮间的摩擦，重力加速度为求：

口〃7

(1)开关S接1,导体棒的最大速度为多少，并定性画出导体棒的修图像；

(2)开关S接1,当导体棒达到最大速度时，物块下落高度为人，这个过程电阻上产生的焦耳

热为多少；

(3)开关5接2,物块下落高度〃时，物块的速度大小为多少。

15.如图是研究离子在电磁场中加速和偏转的装置。离子首先进入由〃个金属圆筒组成的直

线加速器，在圆筒间的电场中加速，在圆筒中做匀速直线运动，直线加速器接电压大小不变，

周期为7•的交变电压。某正离子从圆筒。处由静止加速，以速度％沿中心轴线进入圆筒I,

继续加速后从。点进入由电场和磁场组成的偏转区域，该区域为边长为L的立.方体

ABCD-AB£R,。为。A中点，以。为原点建立空间坐标系O-QZ,AB.八。和AA分别

平行X轴、》轴和Z轴，加速器中心轴与X轴重合。关闭圆笥4以后的加速电场，当仅在沿4。

方向加磁感应强度大小为综的匀强磁场时，离子恰好打在3点。不计重力，求:

⑴圆筒4的长度;

⑵该离子的比荷;

⑶将一足够大的荧光屏垂直x轴放置，屏中心0'到。点的距离为2L。撤掉偏转区域方

向的磁场，同时加上沿+z方向的匀强电场£=外空殳和匀强磁场8=2叵综，除了偏转区

乃28°

域外，其他空间不存在电场和磁场，求离子打在荧光屏上的位置的坐标。

试卷第8页，共8页

I.B

【详解】A.闭合线圈绕着与匀强磁场方向垂直的轴匀速转动，会产生正弦式交变电流，故

A错误；

B.周期性变化的磁场产生周期性变化的电场，周期性变化的电场产生周期性变化的磁场，

如此循环往复，就会形成电磁波，故B正确；

C.强磁体从铝管中静止下落，铝管中会产生涡流效应，感应电流的磁场将会对下落的强磁

体也产生阻力作用，故强磁体不做自由落体运动，故C错误；

D.由图根据左手定则可知，正电荷向下偏转，则B板带正电，电势较高，故D错误,

故选B。

2.C

【详解】A.衰变方程中释放的是。粒子，属于。衰变，故A错误；

B.原子核的稳定性由比结合能（即平均每个核子的结合能）决定，而非总结合能。该衰变

能自发进行，说明生成物肥U比反应物,Pu更稳定，即皆U的比结合能更大。而对于重核，

总结合能近似与质量数成正比，因此质量数较大的,Pu的总结合能大于方U的总结合能，

故B错误

C.衰变自发发生表明杯・239不稳定，衰变产物铀-235更稳定，故C正确；

D.半衰期具有统计意义，对少数原子不适用，故D错误。

故选C。

3.B

【详解】AC.由图看出，两列波的波峰与波谷叠加，振动减弱，两波的振幅相等，所以如

图（乙）所示的时刻两列波“消失”；根据波形平移法判断可知，向右传播的波单独引起。质

点的振动方向向下,b质点的振动方向向上，向左传播的波单独引起a质点的振动方向向下，

〃质点的振动方向向上，根据售加原理可知，此时。质点的振动方向是向下，〃质点的振动

方向是向上，故AC错误；

B.。点为振动减弱点，相遇过程中，。点的位移始终为0,速度为零，故B正确；

D.因为两列波的波长相等，介质相同，则波速相同，根据丁=2

v

可知周期相等，所以此后质点。、〃会同时停止运动，故D错误。

故选B。

4.C

答案第1页，共10页

【详解】A.因发射的卫星要能变轨到绕太阳转动，则发射速度要大于第二宇宙速度，即发

射速度介于H.速m/s与16.速m/s之间,故A错误;

B.根据牛顿第二定律有曾=〃心

r-

由图中卫星轨道半径大小关系可知，经过尸点的加速度大于经过。点的加速度，故B错误；

C.因在环绕火星的停泊轨道的半长轴小于调相轨道的半长轴，则由开普勒第三定律二=k

T-

可知，从调相轨道变轨到停泊轨道，运行周期变小，故C正确；

D.在环绕火星的调相轨道变轨到停泊轨道，降轨要在M点减速，故D错误。

故选C。

5.D

【详解】A.〃fc过程，压强减小，体积不变，根据牛=/求

可知温度降低，气体分子的平均动能减小，故A错误；

B.CT。为绝热过程，即匕0

因体积减小，故外界对气体做功，即w>0

根据热力学第一定律，有AU=Q+W

可知，At/>0

即气体内能增大，则温度升高，故B错误；

C.过程中，气体压强不变、体积增大，根据（

可知，温度升高；压强由单位时间单位面积的撞击次数：与分子数密度相关）和单次撞击力

（与分子速率相关）共同决定。体积增大导致分子数密度降低，虽温度升高使单次撞击力增

强，但二者作用相互抵消，最终使压强保持不变，故单位时间单位面积撞击器壁的分子数减

少，故C错误；

D.因"段图像与横轴所包围的面积大于ca段图像与横轴所包围的面积，故气体对外界做

的功大于外界对气体做的功。即。一力一。一。的整个过程中，卬<0,A（/=0o

则根据热力学第一定律，有AU=Q+W

可知0>0,即气体从外界吸收热量，故D正确。

故选D。

6.C

答案第2页，共10页

【详解】A.小球在上升过程中，由牛顿第二定律得，〃g+h=,%

可知丫逐渐减小，则。减小，下降过程中，由牛顿第二定律，有mg-kv=〃ia

£越来越大，故加速度继续减小，图像趋势正确，但速度为零时，斜率不为零，且加速度为

g，图像应为平滑曲线，故A错误；

B.u-x图斜率为k=3

v

在上升过程中斜率变大，下降过程中斜率变小，故B错误：

C.重力势能耳尸〃抬〃与高度力成正比。上升阶段：小球做加速度减小的减速运动，速度（小/

图像斜率）逐渐减小，因此场“曲线斜率减小，呈上凸（越来越平缓）。下落阶段：小球做加

速度减小的加速运动，速度（〃“图像斜率绝对值）逐渐增大，因此即/曲线斜率绝对值增大，

呈下凸（越来越陡）。图中上升段斜率减小，下落段斜率绝对值增大，与运动规律完全吻合，

故c正确；

D.向上运动过程比向卜过程中任意一个位置，阻力要更大，故向上过程中阻力做功更多一

点，机械能损失要更多一点，故D错误。

故选C。

7.C

【详解】A.匀强电场中圆周上电势最低点M与最高点”关于圆心。对称，电场线由高电

势指向低电势，因此电场方向沿半径0M方向，而人M为弦，其方向与0M不同，故A错

误；

B.因C8连线垂直电场线，可知“3=。，而UgwO,可知电势差B错误；

C.因A。两点电势相等，则从4到。电场力不做功，由动能定理，小球到达。点的动能为

耳。=-tnvl+n3，c正确；

D.小球受恒力作用，设水平加速度=8s竺■.

m

竖直加速度〃小心in45fg

合加速度a=Ja；+a；-

由数学知识可知，。的最小值为小访=立g

min20

故加速度不可能为0.5g,故D错误。

故选C。

答案第3页，共10页

8.AB

【详解】A.氢原子从〃=5跃迁到〃=2的能级差大于从〃=3跃迁到〃=2的能级差，则P

光的光子能量大于。光，根据〃=一二£,可知尸光比。光的光子动量大，A正确；

B.因P光的光子能量大干Q光，根据%=切-W,则相同的光电管，。光照射能发生光

电效应，则P光照射也能发生光电效应，B正确；

C.因P光的光子能量大于。光,可知尸光频率大于。光,P光折射率大于。光，根据sinC=-

n

可知，P光临界角C较小，则位于水下同一深度处，在水面处形成的光斑半径为r=/?tanC,

可知尸点光源比。点光源在水面上形成的光斑小，C错误；

D.因尸光频率大于。光,可知P光的光子波长小于。光，根据人羊二4/1可知，在完全相

a

同的实验条件下做双缝干涉实验，P光的相邻干涉条纹间距小，D错误。

故选ABo

9.AD

【详解】A.小球受洛伦兹力七=8#恒定，故小球沿MN做初速度为零的匀加速直线运

动，同时小球随绝缘管水平向右做匀速直线运动，故小球的合运动是类平抛运动，其运动轨

迹是一条抛物线A正确；

B.洛伦兹力不做功，故B错误；

CD.对小球沿管方向/=2=现

tnm

又/

绝缘管的位移大小为嘤，外力始终与洛伦兹力的垂直管道的分力平衡，外力少

VqB

的冲量大小等于。=4=ZqVyB，=qBZvJ=qBl

故C错误,D正确。

故选ADo

10.ACD

【详解】A.设木板刚接触弹簧时速度为耳，则以叫和明整体作为研究对象，对其列动最

守恒定律方程有〃?%=2叫

答案第4页，共10页

解得匕=；%，故A正确；

B.当旭2和叫共速时，弹簧的压缩量最大，以叫、叫以及叫整体作为研究对象，对其列

动量守恒定律方程有2/叫=3〃吗

解得共同的速度为为=；%

设此时弹簧的最大压缩量为小，则由能量守恒定律有义齿；=32叫'-13〃M

解得%=%后，故B错误；

C.从刚好与弹簧接触到弹簧压缩到最大过程，对班和叫进行受力分析，根据动量定理有

一/=2//ZV2-2m\\

一11

设此过程叫和外的位移为x，则根据动能定理有-&二不2欣---2/mr

联立解得工=警，下=察

123小

所以弹簧压缩量最大时，叫的位移大小为当=工-i=警-/=单+粤-/

14J14

又因为R=h当

则有武二??

2〃?必

解得k=

3”

所以卬。二%2〃%二死

12123依皿l8Jtrm

将i=%倍代入上式解得著

所以叫的位移大小为占=也+也7nl=也-2"=也-叵，故C正确:

312333376k

D.弹簧压缩过程中，见和〃k的合力等于弹簧的弹力，由于町和巴相对静止，说明二者间

的静摩擦力提供啊的加速度，且弹簧压缩到最大时静摩擦力达到最大值（等于滑动摩擦力）。

设弹簧压缩到最大时町和生的加速度为“，则对町和帆整体列牛顿第二定律方程有

kxin=2ma

此时对，公列牛顿第二定律方程有〃〃火=〃以

答案第5页，共10页

联立解得叫与町间的动摩擦因数为〃=/底，故D正确。

故选ACDo

11.变大M远大于机a=—^—F以“和机组成的系统为研究对象，

M+m

以钩码的重力为系统的合外力来探究加速度与所受合外力的关系；或：以小车作为研究对象,

用力传感器测量出绳子的拉力作为小车的合外力，来探究加速度与所受合外力的关系

【详解】［1］由题图(b)分析可知，与图线甲相比，图线乙的线性区间较大，故小车的质量

增大，。-尸图像的线性区间变大。

⑵⑶设绳子拉力为T,对钩码根据牛顿第二定律有/-T=，加

对小车根据牛顿第二定律有T=Ma

联立解得厂=GW+ni)a

变形得志/

当"?9M时，可认为+M=M,

则•尸，即。与尸成正比。因此要在。-尸图像中得到足够大的线性区间，实验中小车

的质量M远远大于钩码的质量,〃。

⑷以M和〃?组成的系统为研究对象，以钩码的重力为系统的合外力来探究加速度与所受合

外力的关系；或：以小车作为研究对象，用力传感器测量出绳子的拉力作为小车的合外力，

来探究加速度与所受合外力的关系。

12.(1)电流表的分压作用

⑵A

⑶零刻度线2.951.00

(4)等于

【详解】(1)甲图测电池的电动势和内阻，采用的是伏安法内接，因为电流表的分压作用，

导致电压表测量的并不是电源两端的电压，从而产生误差。

(2)图乙是利用让灵敏电流计G指零，此时电压表测量的是电池A的真实路端电压，电流

表测量的是电池A回路的电流，因此被测电池为A,电池B是补偿支路的电源，用于抵消

电流表的分压影响。

(3)［1］通过滑动变阻器调节使灵敏电流计G指在零刻度线，此时灵敏电流计G两端

答案第6页，共10页

的电势差为0,左右两个支路相互独立，电流表等效测量A电源回路中的电流，而此时电压

表可精准测量被测电池A的路端电压。

⑵[3]由闭合电路的欧姆定律得E=5+3,E=U2+l2r

代入数据联立解得七=2.95V,r=1.00Q

(4)根据上述分析可知，该实验设计消除了电流表内阻对实验的影响，所以电源电动势的

测量值等于真实值。

13.(1)14N

(2)均为lm/s

(3)12m

【详解】(1)小球从最高点到最低点时机械能守恒，则叫‘g"l-COS0)=g〃?」：

解得vA=2m/s

在最低点时耳-，纵8=吆幺

L

解得%=I4N

(2)A、B碰撞过程由动量守恒和能量关系可知"人八=叫9+"%匕，；%或=；"入口：+；"十年

解得匕=Tm/s,v2=lm/s

A、B两球速度均为lm/s,

(3)AB脱离桌面后均做平抛运动，则人=

水平方向4=卬=加1,=v2r=lm

则小球A、B落地点间的水平距离*=4+4+[=12111

答案第7页，共10页

【详解】（1）物块下落，导体棒向左运动，根据右手定则可知，导体棒上的电流方向由〃流

向〃，所受安培力向右。

导体棒的速度达到最大时，受力平衡，有"但=8〃，

E

其中/=一,E=BL\>

R

解得％=鬻

O

（2）当导体棒达到最大速度时，物块下落高度为〃，根据能量守恒定律有

〃3?=5(/〃+〃2)年+。

府g?R2

解得Q=mgh—

（3）电容器充电，结合法拉第电磁感应定律有〃c=3小

AQCAt/e

根据电流的定义式有/

A/Ar△/

根据牛顿第二定律叫-帆=（〃?+〃?）〃

解得。二〃火

2m+CB2l}

可知加速度恒定，根据速度一位移公式有/=2ah

2mgh

解得i，

Im+CB1!3

15.(l)v07

⑵