湖南省湘潭市2026年高考二模物理试题（含答案）

第第页湖南省湘潭市2026年高考二模物理试题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．湘江水碧湘山绿，一艘船在横渡湘江，它在静水中的速度大小为2v，水流速度大小为v，该船经时间t航行到正对岸，则此处湘江两岸的距离为（）A．3vt B．vt C．5vt 2．如图所示，两根长直通电导线M、N，分别通有竖直向上的电流I1和水平向右的电流I2，且I2=3I1，直线电流在周围空间产生的磁场的磁感应强度与距离的关系为B=kIr，其为电流，r为周围空间的点到长直导线的距离，k为比例系数。在空间施加一垂直于纸面、磁感应强度大小为B0的匀强磁场，此时b点的磁感应强度恰好为0。已知a点到通电导线M、NA．通电导线M在a点的磁感应强度大小为2B．通电导线N在a点的磁感应强度大小为6C．a点的磁感应强度大小为7D．匀强磁场垂直纸面向里3．一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻的波形如图所示，此后0.15秒时间内质点A运动的路程为60厘米，则下列说法正确的是（）A．这列波的周期是0.3秒，且波源开始振动时的速度沿y轴负方向B．在t=0.2秒时刻，波刚传播到质点P处C．质点P在0.45秒时刻第一次出现在波峰位置D．质点B的振动方程为y=20cos4．如图所示，凹透镜与一块平直玻璃板接触，用红光垂直透镜的上表面向下照射，会观察到明暗相间的同心圆环，则下列说法正确的是（）A．同心圆环越往外越稀疏B．透镜下表面越平坦，同心圆环越密集C．将红光更换为蓝光，同心圆环变稀疏D．同心圆环主要的形成原理是光的干涉5．有a、b、c、d四颗卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示。下列说法正确的是（）A．在相同时间内，c转过的弧长最短B．b的向心加速度小于d的向心加速度C．c在6 h内转过的角度是D．d的运动周期可能是286．如图所示，水平天花板下方固定一个光滑小定滑轮O，在定滑轮的正下方C处固定一个正点电荷，不带电的小球a、带正电的小球b分别与跨过定滑轮的绝缘轻绳两端相连。开始时系统在图示位置静止，已知Ob<OC。若b球所带的电荷量缓慢减少（未减为零），则在b球到达定滑轮O正下方前，下列说法正确的是（）A．a球的质量可能等于b球的质量B．b球的轨迹是一段以O点为圆心的圆弧C．此过程中点电荷对b球的库仑力增大D．此过程中滑轮受到轻绳的作用力减小7．如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为2：1，小灯泡的电阻为1Ω且不变，开关S断开，在a、b两端加上8 V的正弦交流电压，小灯泡正常发光，定值电阻A．小灯泡的额定电压为2B．开关S闭合后，灯泡可能变亮C．电动机的额定功率为5D．开关S闭合后，通过电动机的电流大于通过灯泡的电流二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．一本质量为m的《楚辞》静止放置于水平课桌桌面上，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A．《楚辞》可能受摩擦力作用B．《楚辞》对桌面的压力是因为桌面发生了形变C．经时间t，重力对《楚辞》的冲量大小是mgtD．以跑动的学生为参考系，《楚辞》是运动的9．地铁靠站时列车车体和屏蔽门之间安装有光电传感器。如图甲所示，若光线被乘客遮挡，电流发生变化，工作电路立即报警。如图乙所示，光线发射器内大量处于n=3激发态的氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光中只有a、b两种光可以使该光电管阴极逸出光电子，图丙为b光单独照射光电管时产生的光电流I与光电管两端电压U的关系图线。已知光电管阴极；材料的逸出功为2.55eV，可见光光子的能量范围是1.62eV~3.11eV，下列说法正确的是（）A．光线发射器发出的光中有一种可见光B．题述条件下，光电管中光电子飞出阴极时的最大初动能为10.54C．题述a光为氢原子从n=2能级跃迁到n=1能级时发出的光D．若部分光线被遮挡，则光电子飞出阴极时的最大初动能不变，光电流也不变10．如图所示，将两个质量分别为m1、m2的小球甲、乙叠放在一起，中间留有微小空隙，从初始高度h处由静止释放。甲球与地面碰撞后立即以原速率反弹，并与乙球发生弹性碰撞，所有的相互作用和运动都发生在竖直方向上，不计空气阻力，重力加速度大小为A．若m1=2B．若m1≫C．若在乙球上方以同样方式放置一个质量为m3的小球丙且满足m1D．若以相同方式共放置n个小球且满足m1≫m2三、非选择题：共57分。11．某学习小组做“研究匀变速直线运动”的实验，实验装置如图甲所示，各个计数点已经在纸带上标出，如图乙所示，每相邻两个计数点间还有四个点没有画出，打点计时器接频率f=50 Hz（1）该实验满足钩码的质量远小于木块的质量。（2）打下计数点2时木块的速度v0=（用x1、x2、x3（3）木块的加速度a=（用x1、x2、x3、x（4）如果交变电流的频率f<50 Hz，但当时做实验的同学并不知道，那么测得的加速度值比真实值12．用如图所示的电路测量电源的电动势和内阻，实验器材有待测电源（电动势约为3 V，内阻约为2Ω）、保护电阻R1（阻值为10Ω）和R2（阻值为5实验主要步骤：①将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；②逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；③以U为纵坐标、I为横坐标，作U−I图线(U、I都用国际单位）；④求出U−I图线斜率的绝对值k和在纵轴上的截距b。回答下列问题：（1）电压表最好选用，电流表最好选用。A.电压表（量程为0∼3 V，内阻约为2B.电压表（量程为0∼3 V，内阻约为30C.电流表（量程为0∼20 mA，内阻约为2D.电流表（量程为0∼180 mA，内阻约为2（2）电动势E和内阻r的表达式分别为E=，r=。（用已知字母表示）13．汽车行驶时轮胎的胎压太高或太低都容易造成安全隐患。小张一家计划自驾去天门山，出行前汽车停放在室外停车位，胎压监测仪显示轮胎的胎压为2.6bar、温度为37℃。该同学查询说明书得知：该汽车轮胎胎压的正常范围为2.0bar∼3.0bar，厂家建议标准胎压为（1）若汽车在行驶过程中轮胎内气体的温度可达到77℃，为了安全起见，请通过计算判断小张出发前是否需要调整车胎的胎压。（2）小张查询天气预报得知未来几天山上平均气温为17℃，为了使汽车在山上时胎内气体在环境温度下能以标准胎压2.4bar14．2024年8月24日，湖南省第二届滑板公开赛在衡东激情开赛。某次滑板运动员比赛过程可简化为如图所示的模型，ABC是半径R=3.6 m的光滑固定圆弧形滑板赛道，A点与圆心O等高，B为最低点，圆弧BC所对应的圆心角为60∘。滑板运动员从A点以v0=23 m/s的初速度沿圆弧面滑下，从C点滑出过最高点后落到斜面上的D点，（1）运动员和滑板一起在B点受到的向心力F；（2）斜面上的D点到圆弧轨道上的C点的水平距离；15．如图所示，两竖直放置的平行金属板M、N之间的电压U0=50 V，N板右侧宽L=0.1 m的区域分布着电场强度大小E=100033 V/m、方向竖直向下的匀强电场，虚线PP'与CQ'为其边界，虚线QQ右侧存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。一质量m=1.6×10−25 kg、电荷量q=+1.6×10−17C的粒子从靠近M板的S点由静止释放，经PP（1）粒子第一次到达A点时的速度大小v0（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）粒子从A点进入电场至返回到A点的运动时间（结果可以用π表示）。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】船要到达正对岸，需保证合速度方向垂直河岸，即沿河岸方向的合速度为零。设船在静水中的速度大小为2v，水流速度大小为v，船头与垂直河岸方向的夹角为θ。船速沿河岸的分速度为2vsin⁡θ（与水流方向相反），水流速度为v解得sin⁡θ=12船垂直河岸的合速度（即实际渡河速度）为：v已知渡河时间为t，则河宽（渡河距离）为：d=故答案为：A。

【分析】根据船到达正对岸时沿河岸方向合速度为零的临界条件，分解船速并抵消水流速度，求出船头偏角，再计算垂直河岸的合速度，最终结合渡河时间得到河宽。2．【答案】B【解析】【解答】A．设两直导线l1（对应电流I1）和l2（对应电流3I1）在b点产生的磁场分别为B1、B2，匀强磁场为B0。由b点合磁感应强度为0，结合右手定则知两导线磁场均垂直纸面向里，故B0向外，且kI1B．通电导线N（对应l2）在a点的磁场为k3I1rC．a点总磁场为导线M、N的磁场与匀强磁场B0的叠加，即6D．由b点合磁场为0及右手定则，匀强磁场应垂直纸面向外，故D错误；故答案为：B。【分析】先利用b点合磁场为0的条件，求出单根导线在对应距离处的磁场与B0的定量关系，再分别计算a3．【答案】C【解析】【解答】A．波沿x轴正方向传播，由同侧法可知质点B沿y轴负方向起振，因此波源起振方向也为y轴负方向。0.15s内质点A的路程为60cm，对应34T=0.15sB．由图可知波长λ=2m，根据波速公式v=λT，代入数据得v=C．P点起振方向与波源一致（y轴负方向），第一次到达波峰需要34T的时间，因此第一次出现在波峰的时刻为D．质点B沿y轴负方向起振，其振动方程为y=−Asin⁡2π故答案为：C。【分析】根据质点A的路程求出波的周期，结合波长计算波速与波传到P点的时间，再依据质点起振方向与波源一致的规律，计算P点第一次到波峰的时刻，同时验证振动方程。4．【答案】D【解析】【解答】A．牛顿环的明暗同心圆环，由透镜与玻璃板间空气膜上下表面的反射光干涉形成，属于等厚干涉，同一亮、暗圆环对应空气膜厚度相等；相邻明圆环的空气膜厚度差为半个波长。离圆心越远，空气膜厚度变化越快，条纹越密集，因此圆环呈内疏外密分布，A错误；B．透镜下表面越平坦，空气膜厚度随径向距离的变化越缓慢，相同间距内的厚度差越小，干涉条纹越稀疏，B错误；C．蓝光频率更高、波长更短，同一干涉装置中，条纹间距与波长成正比，因此蓝光的干涉条纹间距更小，同心圆环更密集，C错误；D．该同心圆环的核心形成原理是光的薄膜干涉（空气膜的等厚干涉），D正确；故答案为：D。

【分析】依据牛顿环空气膜干涉的等厚性原理，结合条纹厚度差、透镜平坦度、波长与条纹疏密的关系，分析各选项。5．【答案】D【解析】【解答】A．因a在地球上，c为地球同步卫星，所以a、c角速度相同，由v=ωr可知，同步卫星c的轨道半径远大于地球自转半径，因此c的线速度大于a，相同时间内c转过的弧长更长，A错误；B．对绕地球做圆周运动的卫星，由万有引力提供向心力GMmR2C．同步卫星c的周期为24h，24h内转过的角度为2π，则6h内转过的角度为π2D．由开普勒第三定律R3故答案为：D。

【分析】结合同步卫星的角速度特点、万有引力定律的向心加速度公式、开普勒第三定律，逐一分析各选项的运动规律。6．【答案】B【解析】【解答】A．对b球进行受力分析，受到轻绳的拉力T、重力mbg和库仑力由相似三角形可知T其中T=整理得magOb=mB．OC长度不变，Ob长度基本不变。当b球电荷量减小时，bC距离减小，库仑力减小，b球将以O点为圆心摆动，轨迹为圆弧，B正确；C．b球电荷量减少时，库仑力变化，b球受力不平衡，不会保持静止，C错误；D．绳子拉力始终等于mag，但两绳夹角随故答案为：B。【分析】利用相似三角形建立b球受力与几何线段的关系，结合库仑力随距离变化的规律，分析各选项中质量关系、运动状态及滑轮受力的变化情况。7．【答案】A【解析】【解答】A．S断开时小灯泡正常发光，根据理想变压器电压与匝数的关系，结合原线圈电流I=1A、副线圈电流2A、小灯泡额定电压2VB．S闭合后副线圈总负载增大，副线圈电流变大，原线圈电流同步变大，电阻R分压增大，原线圈两端电压减小，副线圈电压同步减小，灯泡实际功率降低、亮度变暗，故B错误；C．S断开时原线圈输入总功率为UI=4W，电动机额定功率为副线圈输出功率，小于原线圈输入总功率，故电动机额定功率小于4D．设灯泡电阻为r，S闭合后灯泡电流IL=U2r；对电动机，由能量关系U故答案为：A。【分析】结合理想变压器的电压、电流、功率规律，分析S通断对电路的动态影响，区分纯电阻（灯泡）与非纯电阻（电动机）的电路规律。8．【答案】C,D【解析】【解答】A．《楚辞》静止在水平桌面上，无相对运动或相对运动趋势，因此不受摩擦力作用，A错误；B．《楚辞》对桌面的压力是弹力，由《楚辞》发生弹性形变产生，B错误；C．根据冲量定义I=Ft，重力的冲量大小为

mgt，C正确；D．以跑动的学生为参考系，《楚辞》相对学生的位置发生变化，因此是运动的，D正确；故答案为：CD。

【分析】结合摩擦力产生条件、弹力本质、冲量定义、参考系的相对性，逐一分析各选项的力学规律，判断选项正误。9．【答案】A,C【解析】【解答】A．根据氢原子能级跃迁公式E=Em−En，计算各跃迁的光子能量：

E1=E3B．根据光电效应方程Ekm=hν−W0，代入最大光子能量E1C．根据光电效应方程Ekm=hν−W0与遏止电压公式eUc=Ekm，可知遏止电压Uc与光子能量D．根据光电效应方程，光电子最大初动能仅与光子频率有关，与光强无关；遮挡光线仅减少光子数目，导致光电子数目减少，饱和光电流减小，D错误；故答案为：AC。【分析】首先先利用能级跃迁公式计算光子能量，然后结合光电效应方程及遏止电压公式，接着分析光子能量与可见光、遏止电压的关系，同时依据光电效应规律判断光电流变化。10．【答案】B,D【解析】【解答】A．小球自由下落触地速度由匀变速位移-速度公式v2=2gh得v=2gh。甲、乙球碰撞为弹性碰撞，由动量守恒定律m1v−m2v=mB．由上述计算可知，当m1=2m2时，回弹最大高度H=25C．引入质量为m3的丙球，对甲、乙列动量守恒与机械能守恒，再对乙、丙列同样方程。当m1≫m2D．根据数学归纳法，若放置n个小球且满足m1≫m2≫⋯≫故答案为：BD。【分析】先利用自由落体公式求出触地速度，再对碰撞过程应用动量守恒定律和机械能守恒定律分析速度与高度，最后通过数学归纳法推广至多球碰撞场景。11．【答案】（1）不需要（2）x（3）x（4）偏大【解析】【解答】（1）本实验研究匀变速直线运动的规律，只需要测出木块运动的加速度和速度，而不需要测出合外力的大小，不需要满足钩码的质量远小于木块的质量。故答案为：不需要；

（2）根据匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，有v2故答案为：x1+x2故答案为：x4+x3−x2−x（2）利用匀变速直线运动的推论：某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，结合打点计时器的时间间隔T=1f，计算计数点2的瞬时速度（3）应用匀变速直线运动的逐差法推论Δx=aT2（4）分析系统误差：当实际频率f<50Hz时，计算时仍代入f=50（1）本实验研究匀变速直线运动的规律，只需要测出木块运动的加速度和速度，而不需要测出合外力的大小，不需要满足钩码的质量远小于木块的质量。（2）根据匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，有v2（3）根据匀变速直线运动的推论有a=（4）频率f<50Hz12．【答案】（1）B；D（2）b；k−【解析】【解答】（1）电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的电压表，即应选择B；当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，通过电流表的电流最大，此时通过电流表的电流约为I=E故答案为：B；D；

（2）由闭合电路欧姆定律可知U=E−I则图像的斜率绝对值k=r+R2，则内阻r=k−R2,E=b。

故答案为：b电流表：由闭合电路欧姆定律算出最大电流约176mA，选量程匹配的D。(2)根据闭合电路欧姆定律得U=E−I(r+R纵截距b=E；斜率绝对值k=r+R2，故（1）[1][2]电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的电压表，即应选择B；当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，通过电流表的电流最大，此时通过电流表的电流约为I=E（2）[1][2]由闭合电路欧姆定律可知U=E−I则图像的斜率绝对值k=r+R2，则内阻13．【答案】（1）解：对车胎内气体分析，出发前车胎的压强为p1=2.6行驶过程中，车胎的压强为p2，温度为车胎的容积可视为不变，得p代入数据解得p2（2）解：在山上时胎压为p3=2.4bar，温度为t3设出发前调整后的胎压为p4，则解得p根据理想气体状态方程有p代入数据解得V从车胎内放出气体的质量为Δm，占车胎内气体总质量m的百分比为代入数据解得Δ【解析】【分析】(1)车胎容积不变，气体做等容变化，应用查理定律p1T1(2)先由查理定律p4T1=p3T3，计算出发前需调整的胎压（1）对车胎内气体分析，出发前车胎的压强为p1=2.6行驶过程中，车胎的压强为p2，温度为车胎的容积可视为不变，得p代入数据解得p2（2）在山上时胎压为p3=2.4bar，温度为t3设出发前调整后的胎压为p4，则解得p根据理想气体状态方程有p代入数据解得V从车胎内放出气体的质量为Δm，占车胎内气体总质量m的百分比为代入数据解得Δ14．【答案】（1）解：对运动员和滑板从A点出发到B点的过程，根据动能定理有mgR=根据牛顿第二定律有F=m解得F=1400 N（2）解：对运动员和滑板从A点出发到C点的过程，根据动能定理有mgR解得v由题意知hCD=1 m，运动员和滑板从C点到D点做斜上抛运动，由竖直方向上的运动特点可知h由此得tCD=1 s斜面上的D点到圆弧轨道上的C点的水平距离xCD【解析】【分析】(1)对运动员和滑板从A到B的过程，用动能定理mgR=12m(2)