河北保定市某中学2025-2026学年高二年级下册3月阶段检测物理试题（解析版）

高二物理

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级和考号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需

改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在

本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项是符合题目要求的。

1.如图所示，一列水波从深水区传播到浅水区后,水波的波长减小，则从深水区到浅水区，关于频率和波

速的变化情况，以下判断正确的是（）

A.频率减小，波速增大B.频率不变，波速减小

C.频率增大，波速减小D.频率不变，波速增大

【答案】B

【解析】

【详解】频率由波源决定与介质无关，故从深水区到浅水区水波的频率不变，又U=水波从深水区

传播到浅水区后，水波的波长减小，则波速减小。

故选B。

2.如图甲所示，一根轻质细线卜.端悬挂着一个小球，将小球稍微拉离最低点后由静止释放，不计空气阻力,

细线始终保持紧绷，小球做简谐运动，其振动图像如图乙所示。下列说法正确的是（）

甲

A.小球的振幅为10cmB.r=ls时小球受到的合力为0

c./=2s时小球受到的回复力最大D.r=4s时小球的动能最大

【答案】C

【解析】

【详解】A.振幅是简谐运动的最大位移大小，由图乙可知小球振幅为5cm,故A错误：

B.，=ls时小球位移为0,位于平衡位置，此时回复力为0,但小球做圆周运动，合力需要提供向心力，

因此合力不为0,故B错误；

C.简谐运动的回复力满足户=一6

I可复力大小与位移大小成正比，，=2s时小球位移最大，因此回复力最大，故C正确；

D.z=4s时小球位移最大，速度为0,因此动能最小；小球在平衡位置（位移为0处）速度最大，动能最

大，故D错误。

故选C。

3.如图所示，竖直放置一根长为乙=1.25m的空心铝管，把一个小圆柱形永磁体从铝管上端管口处由静止放

入管中（圆柱形永磁体直径略小于铝管的内径）。永磁体在管内运动时，不与铝管内壁接触且无翻转，不计

空气阻力。重力加速度g取10向s2。关于永磁体在铝管内下落的时间，下列说法正确的是（）

*永磁体

-空心铝管

室

A.永磁体穿过铝管的时间大于0.5s

B.永磁体穿过铝管的时间为（）.5s

C.永磁体穿过铝管的时间在0.25~0.5s之间

D,永磁体穿过铝管的时间为0.25s

【答案】A

【解析】

【详解】若自由下落，由L二；g/

解得，=0.5s,永磁体穿过铝管会发生电磁感应，产生电磁阻尼，故下落时间大于0.5s

故选Ao

4.地球周围的磁场分布与条形磁体的磁场分布相似，若北极附近的磁场分布视为竖直向下的匀强磁场，两

根相同的导体棒以卜.两种方式运动：图甲中导体棒以速度%水平抛出做平抛运动：图乙中导体棒以速率%

在外力作用下沿四分之一圆弧做匀速圆周运动。导体棒始终平行于地面。则两根导体棒在运动到地面之前,

两端电势差的变化是(

A.甲变大；乙不变B.甲不变；乙变大

C.甲变小；乙不变D.甲不变；乙变小

【答案】D

【解析】

【详解】图甲中导体棒以速度％水平抛出，竖直方向上导体棒速度与磁场方向平行，不切割磁感线，不产

生感应电动势；水平方向上导体棒切割磁感线，产生感应电动势，但无闭合回路，不产生感应电流，导体

棒不受安培力作用，因此水平方向导体棒做匀速直线运动，两端电势差的大小保持不变，满足U=

图乙中导体棒以速率“在外力作用下沿四分之一圆弧做匀速圆周运动，设角速度大小为①，可知导体棒速

度的水平分量逐渐减小，两端电势差的大小逐渐减小，满足U=

故选D。

5.李老师在课堂上演示电容器的充放电实验。如图所示，李老师将一个变压器(可视为理想变压器)接入

22。V的家庭电路中，再将一个电容器与二极管串联后接入副线圈。闭合开关后，经过l()-s电容器充满电,

已知电容器的电容为2()〃F,充电过程的平均电流约为5.6mA,则该变压制原副线圈的匝数比〃i%约为

A.220B.110C.50D.20

【答案】B

【解析】

【详解】电容器充满电时的带电量为。=〃=5.6x10'C

可知电容器充满电时的电压U=2="Xi。、v=2.8V

C2xl0-5

因副线圈所接电路中二极管具有单向导电性，故升压变压器副线圈电压的最大值即为电容器充满电时的电

压；由题意知升压变压器原线圈所接电压的最大值为Ga=220及V

则升压变压器原副线圈的匝数比为幺二=卫迪^110

n2U2.8

故选B。

6.如图甲所示，水平面内有一根环形封闭导线，现将导线的左侧部分旋转180，使其弯成两个面积分别为

、和S2的大小圆环，导线绕向如图乙所示。现对圆环所在平面施加竖直向下的磁场，磁感应强度3随时间

t的变化关系如图丙所示（设竖直向卜.穿过原环形导线所闱面积的磁通量为正）。则J时刻穿过导线所闱面

积的磁通量及导线中产生的电动势分别为（）

D

A.练（S+S2）,皆（工+邑）

D

B.BO（5,+52）,亭•（E-S2）

lo

c.C（s-2）,牛⑸+s）

ro

D

D.稣（SY）,皆（S「S2）

*0

【答案】D

【解析】

【详解】磁通量为标量，但具有方向，定义为①=8S

因导线的左侧部分旋转180，左右两个面积的磁通量方向相反，可知。时刻穿过导线所围面积的磁通量

①二4）（Sf）

根据法拉第电磁感应定律，％时刻导线左右两个圆环产生.的感应电动势方向均为逆时针方向，故电动势为

T啜—)

由图丙可知磁感应强度的变化率为z%

联立解得E年3-邑）

故选D。

7.如图甲所示，一列简谐横波沿；轴传播，/=0时刻和/=0.6s时刻的部分波形图分别如图甲中的实线和虚线

所示。已知波源的振动周期大于1.2s,厂0时刻质点N偏离平衡位置的位移y=5Gcm平衡位置在x=4m

处的质点M振动的加速度〃随时间/变化的a-t图像如图乙所示。下列说法正确的是（）

B.该波的波长为14m

C.该波的传播速度大小为12m/s

D.O~1.8s内，质点M运动的路程为30cm

【答案】D

【解析】

【详解】A.从。“图像片0之后质点M加速度为负并且增大，则位移为正并且增大，即向y轴的正方向振

动，故波沿工轴正方向传播，故A错误；

B.t=0时刻质点N的位移），=545cm

可知OM=—

3

解得2=12m,故B错误；

C.从u0到z=0.6s,波传播的距离为x=3m

x

则波速为v=—=5m/s

△i

又波源的振动周期大于1.2s,v=-<10m/s,故C错误；

T

D.由u二'

T

3

得丁=2.4s,Ar=1.8s=-T

4

质点M运动的路程为34=30cm,故D正确。

故选D”

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两

个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

8.下列有关声波的叙述，正确的是（）

A.声波由水中传入空气中时，其波长不变

B.探测鱼群的声呐主要是利用声波的反射来探测水中鱼群的位置

C.若月球上空有东西爆炸，在爆炸处附近的太空人不能听到爆炸声

D.甲声音低沉，乙声音尖细，在无风的环境中，甲、乙站在与丙等距离的两个地点同时向丙喊话，丙先

听到甲的声音后听到乙的声音

【答案】BC

【解析】

【详解】A.声波频率由波源决定，从水传入空气时频率不变；但声波在空气中波速小于水中波速，由公

式箕=%/可知，波长会随波速减小而变小，故A错误；

B.声呐的工作原理就是利用声波的反射探测水中物体位置，探测鱼群就是该原理的应用，故B正确；

C.声波是机械波，传播需要介质；月球附近太空为真空，没有介质，因此太空人无法听到爆炸声，故C

正确：

D.声音低沉对应音调低（频率低），尖细对应音调高（频率高）：声速仅由介质和温度决定，与频率无

关，同一无风环境中声速相同，且甲乙到丙距离相等，因此传播时间相同，丙会同时听到声音，故D错

误。

故选BC。

9.如图所示是一个电感线圈L和一个电容器C组成的LC振荡电路，若/=0时刻电路中的电流及电容器带

电分布如图中所示，下列选项中能正确反映电容器下极板的电荷量Q电感线圈中的磁感应强度B电容器中

的电场强度E电路中的电流/随时间r变化关系的是（设图中情况的物理量均为正）（）

【答案】AD

【解析】

【详解】A.电路电流方向为顺时针，正电荷沿回路向下不断积累在电容器下极板，因此电容器处于充电

过程，题目规定图中状态各物理量均为正，即，=0时，下极板电荷量。>0、电流/>0,对应石>（）、

8>0；允电过程中，正电荷不断积累在下极板，Q逐渐增大，故A正确；

B.磁感应强度8与电流/成正比，变化规律与/一致。充电过程中电流逐渐减小，因此37图像初始斜

率应为负，故B错误；

C.电容器电场强度£=?，与Q成正比，变化规律和。一致，初始斜率应为正，故c错误；

D.f=0时/>0,充电过程电流逐渐减小，因此/—/图像初始斜率为负，充电完成后/减小到0,之后

放电过程电流反向增大，故D正悯。

故选AD,

10.如图所示，一个“凸”字形线框的质量为如最长边的边长为3L其余各边的边长均为，总电阻为R,

放在水平绝缘光滑平面上，相邻各边互相垂直。线框在外力的作用下以速率u匀速向右通过一个宽度为L、

磁感应强度为8的匀强磁场区域（磁场方向竖直向下，两边界平行），当MN边刚进入磁场时开始计时，直

至最长边离开磁场为止，在此过程中下列说法正确的是（）

；XX

I

!xx

XX

—

:XX

I

」：XX

AT：xx

I

:XX

!B

A.时点的电势始终低于N点的电势

B.线框受到的最大安培力为竺且

R

CWN两端电势差的最大值与最小值之比为9：2

D.若最长边刚进入磁场后撤去外力，线框完全出磁场时的速率为u—々-二

mR

【答案】BCD

【解析】

【详解】A.当MV边在磁场中时：切割磁感线，相当于电源，根据右手定则可知，电流方向为逆时针，

此时M点的电势高于N点的电势；当MN边离开磁场而最长边还未进入磁场时，等效于与边平行的两

个短边切割磁感线，相当于电源，根据右手定则可知，电流方向为逆时针，此时M点的电势低于N点的电

势；当最长边在磁场中时，最长边切割磁感线，相当于电源，根据右手定则可知，电流方向为顺时针，此时

M点的电势高于N点的电势，故A错误；

B.当MV边在磁场中时，电动势为居=8人

F

电流为，二」

R

B213V

线框受到的安培力为”二出1

当MN边离开磁场而最长边还未进入磁场时，电动势为£2=BX2LU

E

电流为"二二

R

AD2T2

线框受到的安培力为F2=B12X2L=之上上

当最长边在磁场中时，电动势为&=8X3LU

电流为八二与

9B2L2V

线框受到的安培力为F.=BIix3L=

R

所以，线框受到的最大安培力为竺包，故B正确;

99

C.当MN边在磁场中时，MN两端电势差为路端电压4=/d而/?=历引3

当MN边离开磁场而最长边还未进入磁场时，MN两端电势差为U,=I^-R=-BLv

--105

当最长边在磁场中时，MN两端电势差为〃3=/3乂+火=得5/^

所以，MN两端电势差的最大值与最小值之比为■：U2=9:2、故C正确;

D.若最长边刚进入磁场后撤去外力，设线框完全出磁场时的速率为“，根据动量定理-87x3L!=mvl-niv

8x3或3BI}

其中心=---------1=------

RR

解得…鬻

，故D正确。

故选BCDo

三、非选择题：本题共5小题，共54分。

11.理小组为了验证“楞次定律”，利用图甲中的器材进行如下操作：将电源、开关、滑动变阻器和线圈A组

成也路，闭合开关，将线圈A插入线圈B,观察并记录电流方向和线圈A的磁场方向。

闭合开关，根据图乙判断（箭头方向为电流方向），在实验中线圈A的下端是（选填"N”或“S”）极，

当向右移动滑动变阻器滑片的过程中，线圈A中的磁场会_______（选填“增强”"减弱''或"不变”）。若向右移

动滑动变阻器滑片的过程中，灵敏电流计的指针向右偏转（电流由“一'’接线柱进入时，指针向左偏转，反之

右偏），则线圈B的绕向是图丙中的（选填"I”或"H”）。

【答案】①.N②.减弱③.I

【解析】

【详解】［1］根据右手螺旋定则，右手握住线圈A,四指顺着乙图中电流的环绕方向，大拇指指向线圈AF

端，因此上端为S极，下端为N极。

［2］向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，线圈A中电流减小，因此线圈A的磁场减弱。

⑶线圈A插入线圈B中，穿过B的磁通量以A内部的磁场为主，因此总磁通量方向向下；磁通量随电流

减小而减小，根据楞次定律，B中感应电流的磁场方向向下。由题意，电流从负接线柱流入指针左偏，

因此指针右偏说明电流从正接线柱流入灵敏电流计，结合接线可知：电流从线圈B的下端流入、上端流

出。再根据安培定则，感应磁场向下、电流下端进上端出时，所以线圈B的绕向为I。

12.如图甲所示，在利用单摆测量重力加速度的实验中，某同学利用于•机”秒表”功能测量时间，这位同学计

划采用倒数的方法测显30次全振动的总时间，将小球拉开一很小的角度，由静止释放，当某次小球经过最

低点时数“30”，同时开启手机“秒表”功能,然后依次数29、28、…、3、2、1,当数到“1”的同时停止计时,

手机显示的时间是3则单撰的周期7=；测得单摆摆长为/，用图像法处理数据时得到的伊―/图

像为一条过原点的直线，如图乙炉示，测得这条直线的斜率为攵，则重力加速度的测量值即（用女、

兀表示）；若在某次实验中，漏算了摆球半径，则根据测量的数据画出的〃一/图像应为丙图中的

（选填"A”或"B”），则该同学利用画出的T2-l图像测得的重力加速度的值与真实值相比（选填“偏

大'"偏小”或"不变”）。

不变

【解析】

【详解】口][2][3][4]单摆完成一次全振动需要的时间是一个周期，单摆周期7='=一：=三

根据

n30-129

单摆的周期公式得T=

今47r247r2

解得尸二——/,根据图乙可知k=——

gg

解得重力加速度的测量值g=—

若漏算了摆球半径，则7=

4424乃2

变形得/=——/+——r,故应为丙图中的A,由于图像斜率不变，所以该同学利用画出的72一/图像测

gg

得的重力加速度的值与真实值相匕不变。

13.一列简谐横波沿大轴传播，，=2s时刻的波形如图中所示，平衡位置为x=3m处的质点的振动图像如图乙，

（1）判断波的传播方向并计算波的传播速度的大小；

（2）从片0时刻算起，平衡位置为m1m处的质点在4=9s内运动的路程。

【答案】（1）x轴负方向传播，lm/s

（2）18cm

【解析】

【小问1详解】

从乙图可知，x=3m处的质点r=2s时刻向-y方向振动，根据“上下坡”法可知，机械波向上轴负方向传

播，由图甲知波长4=4m,由图乙知周期T=4s,根据波速与波长的关系4=vT

解得波的传播速度的大小为u=1m/s

【小问2详解】

图甲为2s时的波形图，可知厂0时，平衡位置为x=lm处的质点经过平衡位置沿y轴负方向振动，

TT

△r=9s为27+一，质点每经过一个完整周期运动的路程为4A,从平衡位置开始振动时，在一内运动的

44

路程为A,所以平衡位置为x=lm处的质点在4=9s内运动的路程为s=9A=18cm。

14.如图所示，在铁架台横梁上安装一个力传感器，用细线一端系一质量为〃-0.1kg的小球，另一端系在力

传感器上，做成一架单摆，取^=IOm/s\/=

（1）在小球搜动过程中，力传感器的示数也在不停地发生变化.示数的最大值与最小值出现的最短时间

间隔为0.5s,求单摆的摆长/；

（2）若在小球摆动过程中力传感器示数的最大值为l.lmg,求小球摆动过程中的最大线速度以及力传感器

示数的最小值。

【答案】（1）1m（2）1m/s,0.95N

【解析】

【小问1详解】

小球摆动时，拉力最大值出现在最低点，最小值出现在最高点；相邻的最大值与最小值的最短时间间隔为

T

一二0.5s

4

因此单摆周期7=2s

根据单摆周期公式T=

10x2；

解得/=1m

4x10

［小问2详解】

小球在最低点速度最大，拉力最大，由向心力公式工.-〃次二加二

mdxs/

解得最大线速度V=7ojg7=Vo.lxlOxl=lm/s

设摆球最大偏角为凡从最高点到最低点由机械能守恒mg/（l-cose）=g〃2iJ

代入数据得cos，=0.95

最高点摆球速度为0,沿绳方向合力为0,最小拉力满足以!,="吆cos。

解得耳而=0.1xl0x0.95=0.95N

15.游乐场中许多设施的工作原理是电磁感应，某儿童轨道车借助电磁装置运行。其原理图简化如下：间距

为"的光滑平行金属导轨以倾角夕固定在绝缘水平面上，导轨间存在垂直斜面向下的匀强磁场，磁感应强

度大小为瓦一根不计电阻、质量为小的导体棒MN垂直放置在导轨上，技术人员设计了两种方案：方案

一，导轨的上端连接一个智能电阻R（可根据需要调节电阻阻值大小）；方案二，导轨上端连接一个自感系

数为L的电感线圈（忽略电感线圈的电阻）。现将导体棒MN在导轨上由静止释放，导体棒与导轨接触良好，

始终与导轨垂直，导轨足够长且不计电阻。求：

方案一方案二

（1）若方案一中，智能电阻的阻值恒为Ro,导体棒的最大速度也；

（2）在方案一中，若导体棒以加速度。做匀加速直线运动，智能电阻的阻值R随时间/的函数关系;

（3）方案二中，导体棒的最大速度电（电感线圈产生的自感电动势表达式为E=L-）o