2026年高考考前预测卷-物理（理科综合）全解全析

2026年高考考前预测卷（理科综合）

物理•全解全析

（考试时间60分钟试卷满分110分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如

需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回

二、选择题：本题共8小题，每个小题6分，共48分。在每个小题给出的四个选项中，第14~18题只有一

项符合题目要求，第19〜21题有多项符合题目要求。全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0

分。

14.小郑同学为了估测某品牌照相机的曝光时间，让一块石子从砖墙前高处自由卜洛，同时小士同学用该

品牌照相机拍摄石子在空中的照片，如图所示，由于石子的运动，它在照片.上留下了•条模糊的径迹，已

知每块砖的平均厚度为5cm,若想要估算该品牌照相机拍这张照片的曝光时间，则还需要测量的一个物理

量为（）

A.石子的质量

B.照片中石子的径迹长度

C.石子释放时距地面的实际高度

D.每块砖的长度

丁

B

地面,\\\vw\\\\\\\\\\\\

【答案】C

【解析】设曝光时间为A/,从开始下落到A点的高度为人时间为,，则。=

从开始下落到A点〃+2d=gg（1+4）2

或者2d=皿，祭+权（加）2

可知想要估算该品牌照相机拍这张照片的曝光时间△/，则还需要测量的一个物理量为石子释放时距地面的

实际离度限

故选Co

15.一个静止的电子经I0V电压加速后，其德布罗意波长为九若加速电压为250V,不考虑相对论效应，

则其德布罗意波长为（）

A.10AB.5AC.-2D.-2

5100

【答案】C

【解析】设电子经过电压加速后的速度大小为也由动能定理得

电子的动最大小为〃=〃八，

电子的德布罗意波长为

P

联立解得％=

\/2meU

结合U':U=25:I

解得，T

故选C。

16.随着我国核能快速发展，科学家根据放射性物质衰变过程中持续释放高能射线的特征发明了一种神奇

的微核电池，该电池比一颗米粒近小。电池使用从核废料中提取出来的锢作为原料，铜的•种衰变方程为

2：；Np+X。已知质量为〃?。的锢，经过时间/后剩余的销质量为/〃，其二―图线如图所示，则下

ffJ0

列说法正确的是（）

A.衰变生成的射线具有很强的穿透能力

B.锢的半衰期为432年

C.若将该电池装到登月车上，月球上的极低温度会缩短锢的半衰期

D.2；；Am的比结合能比*Np的比结合能大

【解析】A.根据衰变过程电荷数、质量数守恒，可得X的质量数为241-237=4

电荷数为95-93=2

即X为。粒子，该衰变为a衰变。a射线穿透能力很弱，一张纸即可阻挡，故A错误；

B.由图可知，锢的质量从等衰变至学，所用时间为645-213=432年

因有半数发生了衰变，所以锢的半衰期为432年，故B正确；

C.半衰期是原子核本身的固有属性，由原子核内部因素决定，和外界温度、压强等环境条件无关，因此月

球低温不会改变半衰期，故C错误；

D.衰变过程释放能量，因此生成物%Np更稳定，比结合能更大，因此*Am的比结合能小:*Np的比结

合能，故D错误。

故选B“

17.一位潜水爱好者在水下活动时，利用激光器向岸上救援人员发射激光信号，设激光光束与水面的夹角

为〃，激光器离水面的竖直距离为山他发现只有当。大于41。时，岸上救援人员才能收到他发出的激光光

束，下列说法正确的是（）

A.水的折射率为焉

B.救援人员感觉到的激光器处于水面以下的位置大于h

C.当他以。=60。向水面发射激光时，岸上救援人员接收不到激光光束

D.当他以a=60。向水面发射激光时，岸上救援人员接收激光光束的方向与水面夹角小于60。

岸上救援人员

水面--------------市/|

【答案】D

【解析】A.由题意可知，发现只有当。大于41。时，岸上救援人员才能收到他发出的激光光束，刚说明a=41。

1

时激光恰好发生全反射，根据临界角公式则有sin（90。-41。）

n

解得折射率〃=焉'故A错误;

B.救援人员感觉到激光器的深度比实际深度浅，故深度应小于人故B错误；

CD.当他以a=60。向水面发射激光时，在水面的入射角，=30。＜49。，则岸上救援人员能接收激光光束,

且方向与水面夹角小于60。，故C错误，D正确。

故选D。

18.输出功率P=U0W的小型发电机进行远距离输电，其简化电路如图中所示，远距离输电导线息电阻可

等效为r=60Q,调节热敏电阻使负载上规格为(220V,100W)的灯泡L正常发光，定值电阻K)=60C,

发电机的输出电压〃随时间变化的关系如图乙所示，已知升压变压器原、副线圈的匝数比四：％=1：20,热

敏电阻R线的阻值随温度的增大而减小。不考虑温度变化对灯泡L电阻的影响，图中电表均为理想电表，下

列分析正确的是()

A.降压变压器原、副线圈匝数比内：&=2：1

B.随着热敏电阻的温度升高，电压表V的示数增大

C.随着热敏电阻的温度升高，电流表A的示数减小

D.随着热敏电阻的温度升高，灯泡L的亮度变暗

发

电

机

【答案】D

【解析】A.由图乙可得4m=22及V,故q=裳=22V

U.n.22V1

根据云=£可得正

20

解得％=440V

P

输电导线・

/?=7=025A,Ur=/2xr=l5V

降压变压器的输入电压5=425V

n,a425V85

所以；人锢误；

c.因为热敏电阻温度升高、电阻减小，故"增大，根据?=%可得，/2增大，即电流表示数增大，C错

误;

BD.因为，2增大,根据巩=12,可得，U,增大。

又因为U3=U2-U,，故％减小。

根据;二宗可得，%减小，故电压表示数减小，灯泡L变暗，B错误，D正确。

故选Do

19.在某海洋科普实验中，科研人员在平静的海面上（视为xQy平面）的O点安装了一个振动装置（起振

方向竖直向上），可产生简谐横波并向四周传播。，=。时刻，海面上形成的第1个波峰和第1个波谷恰好分

别位于距离。点0.2m（实线）和0』m（虚线）的同心圆上，如图所示。实验中，位于4点［坐标（3.0m,

0）：和B点［坐标（4.0m,3.0m）］的传感器记录了质点的振动情况。已知该波的周期丁=0.（乩，下列说法

正确的是（）

A.该波的传播速度大小为5m/s

B./=0.60s时，质点4第一次到达波峰

C./=0.96s时，质点8第一次到达波谷

【解析】A.由题意，，=0时刻，海面上形成的第1个波峰和第1个波谷恰好分别位于距离。点0.2m（实

线）和（）.lm（虚线）的同心圆上，两者间距为半个波长曰=0.2m-0/m=0.1m=U=0.2m

2

已知周期丁=0.（Ms

则波速v=a=5m/s,A正确；

B.人点第次到达波峰，=3m}m2.8…

=-^-s=0.56s,不是0.60s,B错误；

5m-0.ini49

C.B点第一次到达波谷，==-^-s=0.98s,不是0.96s,C错误；

V

5m-0.2m

D.B点第•次到达波峰，===0.96s,第二次到达波峰f'=f+T=1.00s,D正确。

V

故选ADo

20.某潜水钟从深水区上浮的过程中，其内部封闭的理想气体经历了如图所示的循环过程，P-V图中

OfbfCf4为一完整循环。已知过程为等温变化，Z>TC过程体积不变。下列说法正确的是（）

A.〃一。过程中，气体向外界放热

B.c->。过程中，气体对外界做的功为：〃0匕

C.C-。过程中，气体向外界放热

D.一个完整循环过程中，气体从外界吸收的热量小于向外界放出的热量

v

【答案】CD

【解析】A"->c过程中，体积不变，压强〃增大，根据齐。可知，温度T升高，内能增大，结合AU=W+Q

可知，气体从外界吸热，故A错误；

2

B.过程中，根据图像与坐标轴围成的面积可知，外界对气上做功_/P。+P。）…_v.5nV,

“、‘3”

故B错误：

C.c->4过程中，压强p增加，体积减小，温度7降低，AU为负值，W为止根值据，热力学第一定律

△U=W+Q,可知。为负值，气体向外界放热，故C正确：

D.一个完整循环过程中，外界对气体做功为正，根据AUMW+Q,其内能不所变以，Q取负，气体从外

界吸收的热量小于向外界放出的热量，故D正确。

故选CD。

21.2025年11月，神舟二十一号载人《船返回舱首次实施3圈自主快速返回，标志着我国载人飞船再入返

回技术实现新突破。如图所示，返回舱从圆轨道1的〃点变轨后，沿椭圆轨道2运动到。点，再次变轨后进

入圆轨道3。P为1、2轨道的切点，Q为2、3轨道的切点。已知1、3轨道半径之比为k,返回舱在轨道1

运行的周期为丁，则返回舱（）

A.从。点进入轨道2时需要减速

T

B.从〃点运行至Q点所需的最短时间小于］

C.在轨道3与轨道I上运行的速率之比为k

D.在轨道2上运行时经过P、。点的速率之比为攵

【答案】AB

【解析】A.从P点进入轨道2时，做近心运动，可知返回舱需要减速，故A正确；

B.设轨道1的半径为小轨道3的半径为G，椭圆轨道2的半长轴为〃=空＜（

根据开普勒第三定律可得返回舱在轨道1运行的周期丁大「在椭圆轨道2的周期4，从〃点运行至Q点所需

TT

的最短时间为《，可知最短时间小于；，故B正确：

22

C.根据万有引力提供向心力可得G粤=〃?匕

厂/•

可得v=

因为1、3轨道半径之比为"可与在轨道3与轨道1上运行的速率之比匕•=4,故C错误：

D.在轨道2上运行时经过P、。点时，根据开普勒第二定律有=gvp△皤=；%加4

可得经过P、。点的速率之比?=§=；，故D错误。

VQr\K

故选AB。

三、井选择题：共62分.

22.（8分）某实验小组利用如图1所示装置探究弹簧的弹性势能及物块与水平面间的动摩擦因数。弹簧的

左端固定，右端与小滑块接触但不栓接，弹簧原长位置在P、4之间，A处有一光电门，重力加速度为g。

⑴用螺旋测微器测量固定在滑块上的挡光片的宽度，如图2所示，宽度4mm。

（2）将小滑块向左推至产点，力距离为s,然后由静止释放小滑块，测出滑块通过光电门时的挡光时间3则

小滑块通过光电门的速度大小为（用题中符号表示）。

⑶更换粗糙程度相同，但质量〃？（含挡光片）不同的滑块，旦滑块每次均从P点由静止释放，重复上述操

作，根据实验数据作1-工的图像如图3所示，其中图像的斜率为七纵截距为功，已知dvs,则小滑块位

/m

于尸点时弹簧的弹性势能Ek，小滑块和水平面间的动摩擦因数。（均用题中符号表示）

【答案】⑴2.150（2分）

（2）-（2分）

t

⑶竺（2分）手（2分）

22gs

【解析】（1）螺旋测微器的读数为d=2mm+15.0x0.01mm=2.150mm。

（2）小滑块通过光电门的速度为i，=4。

t

（3）根据能量守恒，有耳-/〃

解得二一攀

rd-md-

根据题意当-一季〜

kd2bd1

解得E---，〃一

p22gs

23.（10分）图甲是一种特殊材料制成的均匀圆柱体物件，为了测定这种材料的电阻率，某同学先用多用

电表粗测得知其电阻人约有几万欧姆。

甲

⑴该同学用游标卡尺测得其长为L=10.（X）cm,用螺旋测微器测得其外径d如图乙，则4=mm。

⑵这种特殊材料的电阻率夕=（用L、d、6表示）。

（3）该同学又用如图丙所示电路精曲测量该物件的电阻尺。

①实验室提供了两款滑动变阻器：4=1000（X2和&=10。，为了减小误差，本实验中滑动变阻器应该选用

（填“RJ或"&”）。

②先将开关邑置于〃处，闭合开关S-调节滑动变阻器，使灵敏电流计读数为4=2OO〃A；再将开关S?置

于/，处，保持滑动变阻器滑片不动，调节电阻箱，当电阻箱q=29800。时，灵敏电流计示数为/?=160〃A。

③已知灵敏电流计的内阻为200Q,则物件的电阻测量值Rx=C.

④本次实验&的测量值___________（填“大于”或“等于”或“小于”）真实值。

【答案】（1）5.362-5.365（2分）

⑵过人（2分）

4L

⑶%（2分）23800（2分）大于（2分）

【解析】（1）用螺旋测微器测得外径为d=5mm+36.4x0.01mm=5.364mm

R=L=L

⑵根据电阻定律,=方寸不

可得这种特殊材料的电阻率为‘二喑

（3）为了保证开关S2拨动时，滑动变阻器的分压几乎不变，不管是凡或小与滑动变阻器左侧部分的并联

电阻应该变化不大，所以为了减小误差，滑动变阻器应采用阻值较小的&：

由欧姆定律可知由此+%）=小&+%）

代入数据解得凡=23800复

本实验中S2置于a处的电流大于开关S?置于b处的电流，则S2置于a处与滑动变阻器左侧的并联的部分分

压较小，由欧姆定律有凡=十（凡+4）-仆

*I

其中“缶

凡+%

化简可得凡=*（凡+4）一段

当■=&时，&为真实值，而实际上a

故（的测量值会偏大，即此的测量值大于真实值。

24.（10分）某学校科技社团为图书馆自动还书系统设计了电磁缓冲装置，用以保护还书箱及降低噪音，装

置简化后如图所示。6=30。的光滑斜面固定在水平地面，其底端固定2根劲度系数均为我=?■的轻弹簧,

弹簧静止时上端恰好处于虚线MN处，MN以下区域存在垂直斜面向上、磁感应强度大小为8的匀强磁场。

还书箱放在斜面上，底边与MN距离为线，边长为力的正方形底面上装有匝数为〃、边长为人阻值为R

的正方形线圈，还书箱与线圈的总质量为〃?，将还书箱静止释放。已知弹簧弹性势能表达式为:女（加•/，其

中七为劲度系数，a为形变量，弹簧始终没有超出弹性限度，还书箱最终静止。重力加速度为g。求：

（1）线圈刚进入磁场时所受安培力大小；

（2）还书箱从释放到最终静止的过程中，线圈产生的热量。

［答案］（1）也也返

R

73

⑵

10

【解析】（1）从静止释放到线圈刚进入磁场过程，由动能定理可得9Lsine=g〃y—（）（［分）

解得线圈刚进入磁场时的速度大小为丫=3疯（1分）

线圈刚进入磁场时有石=〃ay（1分）

R

7=nBIL（1分）

3〃**疯分）

联立解得线圈刚进入磁场时所受安培力大小为£,=（1

R

（2）还书箱最终静止时,由受力平衡可得2"=mgsin6（1分）

解得弹簧的压缩量为“=分）

还可箱从释放到最终静止过程，由能量守恒可得〃*9L+x）sin0=2xg区?+Q（2分）

73

解得线圈产生的热量为。=三〃?也（1分）

16

25.（15分）如图所示，在宜勿坐标系中，第二象限存在粒子加速装置和速度选择器，速度选择器中存在

电场强度大小为耳、方向竖直向下的匀强电场和磁感应强度大小为4、方向垂直纸面向里的匀强磁场，第

一象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为3,第一象限还存在一挡板MN,长度为L,两端

分别在x轴上的M点和＞轴上的N点，NOMN=60。，中点处有一小孔K。第一象限的挡板和坐标轴所围

区域外还存在沿）'轴负向的匀强电场，电场强度大小为马。将粒子从S点由静止释放，粒子经电压为U的

加速器加速后，沿x轴正方向通过速度选择器进入第-象限。粒子在第•象限磁场中运动时，若与挡板发生

碰撞则被吸收（挡板接地，净电荷始终保持为零）；仅通过小孔K的粒子，可进入挡板右侧区域。已知粒子

质量为川、电荷量为+4,挡板厚度不计，粒子可沿任意角度穿过小孔，不计重力及粒子间的相互作用。

（1）求加速相电压U,并计算粒子进入第一象限磁场时做圆周运动的轨迹半径6：

⑵调整加速电压和速度选择器中的磁感应强度大小，使通过速度选择器的粒子恰好垂直挡板射入小孔K,

求此时速度选择器中的磁感应强度大小用；

x轴的最大距离。

2EM

⑵qBL

6+1,

（3）-L

4

【解析】（1）粒子沿直线通过速度选择器，电场力与洛伦兹力平衡，有夕巴=伏0局（1分）

解得%4

在加速器中，粒子从静止加速，有qU（1分）

联立解得小家森。分）

粒子进入第一象限磁场后，洛伦兹力提供向心力，存q%B=H（1分）

mE.

解得【泼=温a分）

（2）挡板MN长度为L,NQMN=60。，小孔K为MN中点，粒子恰好垂直挡板射入小孔K时，轨迹圆心

为N点;，轨迹半径，=亨（1分）

粒子在第一象限磁场中，由洛伦兹力提供向心力，有Bq%=〃匹（1分）

解得K嘿（I分）

又因为“嗝

联立解得哈就a分）

⑶粒子进入电场时速度旷嗡，方向垂直于挡板MN,把速度分解到，轴，有

v;="cos30°=巫生（1分）

工,4w

y轴方向,有…如3。。=端a分）

其中x方向分速度，对应粒子受到竖直向上的洛伦兹力七=a分）

4/7?

粒子受到的电场力％=E2q=（1分）

因此粒子运动可分解为沿X轴方向的匀速运动和半径，一'"噬_L（1分）

Bq4

圆心在K点右侧的圆周运动，所以运动过程中粒子距离x轴的最大距离d=二正+'=近士"（1分）

2244

26.（19分）水滑梯是水上乐园常见的游乐设施。图1为水滑梯的示意图，倾角为。=45。的斜加速滑道

4B和水平减速滑道BC平滑连接，起点A距水平滑道的高度为从BC长d,端点。距溅落区水面的高度为

/（/<«）o乘坐滑垫的游客在48滑道上受到的阻力与所受支持力成正比，比例系数为〃，在8c滑道上受到

的阻力与运动的速度成正比，比例系数为上阻力方向始终与运动方向相反。质量为小的游客甲乘坐滑垫从

滑道起点力无初速度滑下，与在水平滑道末端静止的另一质量为2m的游客乙发生碰撞，游客甲碰后反弹运

动;后停下，游客乙从水平滑道飞出，落入水中。已知重力加速度为©不考虑其他阻力和水流动时产生的

推动力，忽略滑垫的质量、碰撞过程中的能量损失以及游客的体积，求：

⑴游客甲到达8点的速度大小：

⑵游客乙从C点匕出到落水时的位移大小；

（3）由于场地限制，水平滑道的起始点与终点距离d无法调整。为减少游客从水平滑道冲出时的速度，设计

方将水平直滑道调整为水平曲滑道，滑道由四段圆心角为夕的圆弧组成，其俯视图如图2所示。若游客

甲单独从新设计的水平滑道的8端滑向C端所用的时间为3求该过程滑道弹力给游客甲的冲量人的大小。

水

水c

,平

平

曲

直

滑

滑

、

•道

道cC■

图1图2

【答案】=-