2026北京八十中高一5月月考物理试题及答案

法。汽车发生碰撞时，关于安全气囊对驾驶员的保护作用，下列说法中正确的是()气阻力不计，那么，小球落地时的机械能为()该卫星()4．如图所示，把两个相同的小球在离地面同一高度抛出，不计空气阻力，则下列说法正确的是()A．建材重力做功为-mahC．建材的动能增加了mghD．建材的机械能增加了m(a+g)h标x的变化关系如图乙所示，其中x=h+x0时，F=mg。不计空气阻力，重力加速度为g。下列结论正确的是()A．运动过程中，小球最低点坐标大于h+2x0B．弹簧弹性势能最大值为mg(h+x0)C．当x=h时，小球重力势能与弹簧弹性势大距离为s，忽略空气阻力，则由上述物理量可估算出()好被拉紧时，B球离地面的高度为h，A球静止于地面，如图所示。已知B球的质量是A球的k倍（k＞9．光滑水平面上放有一表面光滑、倾角为α的斜面体A，斜面体质量为M、底边长为L，如图所示。将一质量为m、可视为质点的滑块B从斜面的顶端由静止释放，滑块B经过时间t刚好滑到斜面底端。此过程中斜面对滑块的支持力大小为FN，重力加速度为g，则下列说法中正确的是()A．FN=mgcosαB．滑块下滑过程中斜面体A做匀速直线运动C．此过程中斜面体向左滑动的距离为LD．滑块B下滑的过程中A、B组成的系统动量守恒平位移为3m。两球质量相同，碰撞为完全弹性碰撞，重力加速度g取10m/s2，则碰撞前小球B的速度大小v为()A．1.5m/sB．3.0m/sC．4.5m/sD．6定连接为一体的两轮设计成锥顶角θ很小的圆台形，如图所示。设铁轨间距为L，正常直线行驶时两轮与铁轨接触处的直径均为D，过弯时内外轨间中点位置到轨道圆心的距离为过弯tanθ≈sinθ≈θ。若在水平轨道过弯时要求轮子不打滑且横向偏移量不超过Δx，则最小过弯半径R为放在斜槽末端，A球滚到斜槽末端与B球碰撞，碰后A、B球分别在记录纸上留下各自的落点10次。A、B两球在记录纸上留下的平均落点痕迹如图所示。则下列说法正确的是()达式为ghB=。③大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量略大于动能的增加量，关 (2)乙同学在家里做“验证机械能守恒定律”实验。他设计的实验装置如图所示，用细线住。将铁锁拉至与桌面等高处（细线拉直）由静止释放。在笔的正下方某合适位置线与竖直方向的夹角为θ,然后由静止释放。当小球P运动到悬点正下方最低点时，与静止放置在水平地面上的物块Q发生碰撞。已知碰撞前瞬间，小球P的速度v0=4m/s，碰撞后瞬间物块Q的速度vQ=3m/s，物块Q的质量mQ=0.25kg，重力加速度g取10m/s2，物块Q与水平地面之间的动摩擦因数(1)小球P从静止释放到碰撞前重力势能的减少量ΔEP；(2)碰撞后瞬间，小球P的速度大小vP；(3)小球P与物块Q碰撞后，物块Q在水平地面上滑行的最大距离s。15．如图，M、为固定在竖直平面内同一高度的两根细钉，间距L=0.5m。一根长为3L的轻绳一端系在M上，另一端竖直悬挂质量m=0.1kg的小球，小球与水平地面接触但无压力。时，小球以水平向右的初速度v0=10m/s开始在竖直平面内做圆周运动。小球牵引着绳子绕过、M，运动到M正下方与M相距L的位置时，绳子刚好被拉断，小球开始做平抛运动。小球可视为质点，绳子不可伸长，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2。(3)若在t=0时，只改变小球的初速度大小，使小球能通过N的正上方且绳子不松弛，求初速度的最小值。及封装。封装结束后上升器的总质量为m，它将从着陆器上发射，离开月面。已知月球质(2)月球表面没有大气层。上升器从着陆器上发射时，通过推进剂燃烧产生高温高压而获得动力，如图所示。已知喷口横截面积为S，喷出气体的密度为ρ,若发射之初上升器加速度大小为(3)不计其它作用力时，上升器绕月飞行可认为是上升器与月球在彼此的万有引力作“等效月球”做匀速圆周运动，周期不变。求“等效月球”的质量M'。爆炸，研究下列问题：礼炮烟花主要结构包含黑火药、礼花弹和发射装置等。发射礼炮置中的黑火药瞬间燃烧产生大量高压气体，快速推动礼花弹向高空飞出，如图所示。假(2)求在发射装置中礼花弹所受火药气体的平均冲击力大小F；(3)若礼花弹爆炸时形成的冲击波是球面波，爆炸中心是该球面波的球心，爆炸瞬间释放的能爆炸后时间为t时，形成的“火球”半径为R，空气的密度为ρ,忽略礼花弹爆炸后残余物的动能。请建立合适的物理模型，论证爆炸形成的“火球”半径R与t的关系满足R∞tα,并确定α的值。123456789DBDDDADDCBCI=Ft=Δp为E=Ek+Ep=0+mgH=mgH【详解】AC．根据动能定理可得mgh=mv2−mv02从小球抛出到落地，重力对两小球做的功相等，则两小球落地时速度大小相等重力的瞬时功率为P1=mgvsinθ竖直下抛的小球落地时重力的瞬时功率为P2=mgv直下抛运动，加速度相同，所以平抛运动的小球运动时间大于竖直下抛运动的小D.物体的机械能增加量为：△E=△Ek+△EP=m（a+g）h，故D正确.【详解】A．若小球在x=h（刚接触弹簧）处由静止释放，根据简谐运动对称性，最低点坐标为h+2x0但本题小球从O点静止下落，到达x=h时已经具有向下的速度，因此最低点位置更靠下，坐标大于h+2x0B．弹性势能最大对应最低点，初末动能为0，由动能定理得：弹性势能最大值Ep=mg.x最低由A的结论x最低>h+2x0，因此Ep>mg(h+2x0)，远大于mg(h+x0)，B错误；动能最大在平衡位置x=h+x0处，不是x=h，C错误；D．重力功率P=mgv，压缩弹簧过程中，小球速度先增大后减小，因此重力功率先增大后减小，不是逐渐为Epm=mghW=−mghEpm=μmgsW=−μmgs【详解】A．对A、B组成的系统，所受合外力为mBg−mAg，由于k>1，即mB>mA，合外力不为零，系B．同一根轻绳拉力T大小处处相等，作用时间t相同，根据I=Ft可知细绳对A球拉力冲量的大小等于细D．对系统应用牛顿第二定律有mBg−mAg=(mA对A球有T−mAg=mAa当k越大时，越接近2，即拉力T越接近2mAg，而不是mAg，故D错误。加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再为零，所以斜FN≠mgcosα,故A错误；支持力大小不变。斜面体所受的滑块给的压力大小不变，故斜面体所受的合力大小x1、x2，取水平向左为正方向，由动量守恒定律得Mv1−mv2=0两边同时乘时间，则有Mx1−mx2=0又x1+x2=L【详解】根据题意可知，小球A和B碰撞过程中，水平方向上动量变，设碰撞后A球水平速度为v1，B球水平速度为v2，则有mv=mv1+mv2碰撞为完全弹性碰撞，则由能量守恒定律有mv2+联立解得v1=v，v2=0小球A在竖直方向上做匀加速直线运动，则有h=解得t=2s可知，碰撞后，小球A运动t’=1s落地，则解得v=3.0ms【详解】根据题意可知，转弯时车轮会向外偏移Δx，这样导致轮子与外铁轨接触的位置半径增大为r1，根据几何关系有=D+2Δxtan同理可知，轮子与内铁轨接触的位置半径减小为，则有2=D−设一段时间内，外轨道轮子与铁轨接触的位置向前运动的距离为s1，内轨道轮子与铁轨接触的位置向前运动的距离为s2，由于两轮固定连接为一体，且轮子不打滑，则有,mAv1=mAv1+mBv2’mAv1t=mAv1t+mBv2t(2)4(h−l)l②[2]从打O点到打B点的过程中，重物减少的重力势能为ΔEp=mghB根据机械能守恒可得mghB=则若想验证机械能守恒定律成立，需要满足的表达式为ghB=③[3]该实验误差是由于空气阻力和纸带与限位孔之间的摩擦造成的，属于实验（2）从铁锁静止释放到细线被割断前瞬间，根据机械能守恒可得mgl=细线被割断后，铁锁做平抛运动，则有h−l=gt2，s=vt联立可得mgl=ms2×整理可得若满足s2=4(h−l)l（2）P、Q碰撞过程动量守恒，取碰撞前P的速度方向为正方向，由动量守恒定律有mPv0=mPvP+mQvQ（3）Q滑行过程受摩擦力做负功，最终动能减为0，由动能定理得−μmQgs=0−mQv在该位置时根据牛顿第二定律T−mg=m （2）小球做平抛运动时，水平方向x=vt竖直方向2L=gt2解得x=4m【详解】(1)质量为m'的物体放在月球表面，由牛顿第二定律得m'M'GR2m'M'得 GMR