2025-2026学年高二物理下学期期中模拟卷【测试范围：沪科版选择性必修第二册+选择性必修第三册】（全解全析）

高二物理下学期期中模拟卷（上海专用）

全解全析

（考试时间：90分钟，分值：100分）

原子核天然放射现象的发现开启了人类对位于物质深处的原子核的认识。

1.原子核衰变时释放出带负电的射线是；

A.阴极射线B.a射线C.P射线D.Y射线

2.一个静止的铀核（声U）发生一次。衰变，生成针核（Th）,其衰变方程为肾U-,若衰变释放

的能量全部转化为a粒子和社核的动能，则。粒子与针.核分离瞬间的速率之比为；

3.在体现光具有粒子性的光电效应现象中，用波长为幺的激光照射某金属板时，测得该金属板的遏止电压

为U,则可知逸出光电子的最大初动能为,金属板的截止频率为（已知电子电最为e,普朗

克常量为人直空中光速为c）

4.如图，abed,“烟为相邻的两个正方形区域，边长均为曲cd内有磁感应强度为〃的匀强磁场，皿位

内有匀强电场，场强方向与A方向垂直。一质子以垂直于4方向的初速度从庆•边中点进入磁场，恰好以垂

直于电场方向的速度进入电场区域，最终从/点离开电场区域。已知质子的质量为阳，电荷量为6。

（1）画出质子在这两个场区域内运动的轨迹；

（2）求质子在这两个场区域内运动的总时间/：

（3）求匀强电场的场强反

【答案】1.C2.镇Th+：He117:23.eU:-半4.（1）见解析：（2）

Xh

（乃+4）mLeB1

2eB'「4m

【解析】1.A.阴极射线不是原子核衰变产生，故A错误；

BD.a射线带正电，丫射线不带电，故BD错误；

C.0射线由电子组成，带负电，原子核衰变时释放出带负电的射线是0射线，故C正确。

故选C。

1/28

2.[I]根据电荷数和质量数守恒知生成的Th元素的核电荷数Z=90,核/数4=234

故核反应方程式为守Uf康Th+；He

[2]衰变后系统动最守恒〃%%

所以速度之比等于质量的反比匕：K=〃*：〃?〃=117:2

3.口]根据动能定理，遏止电压与电子电最的乘积等于光电子的最大初动能，即最大初动能为々m=eU

[2]It]光电效应方程几=hv-%=h9-hvc

zt

c©U

联立解得金属板的截止频率％=♦-好

Xh

4.（I）轨迹如图所示

（2）设在磁场中运动总时间为*电场中运动总时间为4,则由轨迹及几何关系得知磁场中运动时间为

6=4，磁:场中运动半径厂=4，有e%8=〃?L,7，=~—

u

42/­v0

电场中水平方向做匀速运动，则/=%与

总时间£=fi+G

（万+4）/n

解得/=

2eB

（3）在电场中竖直方向有彳裳力

根据牛顿第.二定律有&E=，〃a

解得匀强电场的场强£=生

4m

烟花

小江在春节期间开展了“烟花背后的物理''探究活动，利用不同的器材和光学设备记录了绚丽的光学现象,

并对现象进行了分析。

5.下列分析正确的是（多选）

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A.烟花的颜色由原子的能级跃迁决定

B.相机镜头的增透膜减弱反射光的原理是薄膜干涉

C.从一条窄缝观测烟花，能看到彩色条纹的原理是光的干涉

D.戴上偏振光墨镜看到烟花整体变暗，其原因是光是横波

6.小江以光纤为研究对象，探究光学规律。如图，光信号在包层和纤芯的分界面上发生多次全反射，并沿

芯线传送。已知纤芯的折射率为

(1)包层的折射率应纤芯的折射率。

A.大于B.小于C.等于

(2)用光纤传输光信号，则光信号在芯层中的传播速度为m/so(真空中的光速为3xl(Tm/s,结

果保留2位有效数字)

7.钠原子从能量为刍的激发态跃迁到能量为6的基态，产生单色光。(普朗克常量为爪真空中光速为c)

(1)单色光的波长为。

1.heBc(E「Ejc幻”口.M7-EJ

E「Eihhec

(2)将单色光垂直射入间距为〃的双缝，双缝到光屏的距离为3则光屏上相邻亮条纹的间距为

(3)将单色光照射到逸出功为力的金属表面，产生了光电子。则光电子最大初动能为.

【答案】5.ABD6.B1.7x10s7.AA（——E「—E、—）d七E-E4-步W

【解析】5.A.五彩烟花的颜色是电子由较高能级跃迁到较低能级，以光的形式释放能量而产生的，颜色

由原子的能级跃迁决定，故A正询；

B.相机镜头的增透膜减弱反射光的原理是薄膜干涉，B正确；

C.从一条窄缝观测烟花，能看到彩色条纹的原理是光的衍射，C错误；

D.只有横波才能产生偏振，则戴上偏振光墨镜看到烟花整体变暗，其原因是光是横波，D正确。

故选ABDo

6.(1)[1]光线从纤芯射到与包层界面时发生全反射，可知包层的折射率应小于纤芯的折射率，故选儿

(2)[2]光信号在纤芯中的传播速度为v=-=m/s。1.7x1胪m/s

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7.（!）根据心-&=3

可得单色光的波长为％=高写，故选A：

（2）根据故=§/1可得，光屏上相邻亮条纹的间距为©=

dd（E「EJd

卜（.

（3）光电子最大初动能为&„=：-%=£2-4-%

A

物质是由分子组成的，气体的压强及液体和固体所表现出来的宏观特性可以通过分子的热运动以及分子间

的相互作用来解释。

8.下列说法中正确的有（）

A.悬浮在液体中的固体分子所做的无规则运动叫做布朗运动

B.金属铁有固定的熔点

C.液晶的光学性质具有各向异性

D.由十液体表面分子间距离小十液体内部分子间的距离，故液体表面存在表间张力

9.一定质量的理想气体，从图示力状态开始，经历了B、。状杰，最后到。状态。

（1）状态力变化到状态月温度升高，体积（）

A、变大B、变小C、不变

（2）状态C到状态。，内能（）

A、变大B、变小C、不变

（3）状态。到状态。，（）

A、吸热B、放热C、既不吸热也不放热

10.一个足球的体积为2.5L。初始状态下，足球内部气体压强与大气压相同，球内气体温度为17P,在使

用过程中足球被刺出一个小洞开始漏气，漏气前后足球体积不变，球内气体压强不变，漏气一段时间后，

球内气体温度升高到27。匚

（1）求剩余气体质量与原有气体质量之比。

（2）现将足球的小洞补上，并用打气筒给这个足球打气，每打一次都把体积为125mL、压强与大气压相同、

温度也为27。（2的气体打进足球内。打气过程中，球内气体温度不变，打了20次后足球内部空气的压强是大

气压的多少倍？

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【答案】8.BC9.(1)B(2)C(3)A10.(1)—：(2)2

【解析】8.A.布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，不是固体分子的运动，固体分子本

身也在做无规则热运动，但不是布朗运动，故A错误；

B.金属铁是晶体，晶体具有固定的熔点，所以金属铁有固定的熔点，故B正确；

C.液晶既有液体的流动性，又有晶体的光学各向异性的特点，故C正确；

D.液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，分子间作用力表现为引力，所以液体表面存在表面张

力，故D错误。

故选BCo

9.：1)图像横轴中温度的单位是。C,不是开尔文K,所以状态力到状态8的过程虽然是一条过原点的直线，

但不是等容变化。OK的点在横轴的负半轴，根据理想气体状态方程可知P=从状态力到状

态B变化的过程中与0K的点连线斜率在增大，所以体积P在减小。

故选Bo

(2)一定质量的理想气体内能只与温度有关，从状态C到状态。的过程中，温度不变，所以内能不变。

故选C。

(3)从状态C到状态。的过程是等温变化，由玻意耳定律可知PH=PM

所以压强减小过程中，体积在增大，气体对外界做功，即％<0

根据热力学第一定律4。=。+%=。可知。>0,气体吸收热量。

故选Ao

10.(1)漏气过程可看作等压膨胀，初始温度7；=(17+273)K=290K

升温后温度7；=(27+273)K=300K

根据盖・吕萨克定律可得争=叁

剩余气体质量与原有气体质量之匕为陛=半=9■邛=芸

m2匕匕7；30

(2)将足球内剩余气体和20次打入的气体作为研究对象，打气过程中，气体温度不变，整体为等温过程,

根据玻意耳定律可得P2%=P3匕

打气前P2=Po,Vi=2.5L+20X125X10_3L=5.0L

打气后%=%=2.5L

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联力解得，3=2PO

电磁驱动和电磁阻尼技术在生产生活中有广泛应用。

11.如图是磁性转速表的原理图，永久磁体随车轮系统的转轴转动。铝盘固定在指针轴上，与永久磁体有

少许间距。以下正确的是（）

指针永久磁体转轴

W游丝铝盘

A.铝盘接电源，有电流的铝盘在磁场力作用下带动指针转动

B.铝盘中产生感应电流，使铝盘受磁场力而转动

C.铝盘转动的方向与永久磁体转动方向相反

D.铝盘和永久磁体的转动是完全同步的

12.电阻不可忽略的两个相同铜盘可绕点O转动。如图甲、乙连接的电路中忽略一切摩擦力。甲图。、/间

的部分区域存在向右的匀强磁场。乙图圆盘所在区域内充满向右的匀强磁场。初始时两圆盘以相同角速度

甲乙

A.若断开加和S2,甲图中的圆盘会减速转动并最终静止

B.若断开启和S2.乙图中的圆盘会减速转动并最终静止

C.若闭合加和S2,甲图中的圆盘保持匀速转动

D.若闭合S］和S2,乙图中的圆盘保持匀速转动

13.如图，两平行光滑长直金属导轨水平放置，间距为L。仍〃区域有匀强磁场，磁感应强度大小为8,

方向竖直向上。两金属杆的质量均为〃?，电阻均为R。初始时，金属杆M以初速度%向右运前，金属杆N

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处于静止状态。已知两杆未相撞且N出磁场时的速度为与。金属杆与导轨接触良好且始终与导轨垂直。感

应电流产生的磁场及导轨电阻忽略不计。

（1）此系统在沿导轨方向动量（选择：A.守恒、B.不守恒）。

（2）金属杆M在磁场中的加速度（）。

A.一直变大B.一直变小C.先变大再变小D.先变小百变大

（3）金属杆N的初始位置到时的最小距离为°

【答案】11.B12.A13.AB

B~Lr

【解析】11.AB.当永久磁铁随转轴转动时，产生转动的磁场，在铝盘中会产生感应电流，这时永久磁铁

的磁场会对铝盘上的感应电流有力的作用，而产生一个转动的刀矩，使指针转动，由于弹簧游丝的反力矩,

会使指针稳定指在某一刻度上，故A错误，B正确；

C.该转速表运用了电磁感应原理，由愣次定律知，铝盘磁场总是阻碍永久磁铁转动，要使减小穿过铝盘磁

通量的变化，永久磁铁转动方向与铝盘转动方向相同，故C错误：

D.永久磁铁固定在转轴上，铝盘固定在指针轴上，铝盘和永久磁铁不是同转轴带动，所以两者转动不是同

步的，故D错误。

故选B。

12.A.若断开开关S和S2,甲图中的圆盘产生涡流，所以圆盘受安培力会减速转动并最终静止，故A正

确；

B.若断开开关和S2,乙图中的圆盘不会产生感应电流，不会减速转动，故B错误；

C.若闭合开关E和邑，甲图中的圆盘有涡流，所以圆盘会减速转动并最终静止，故C错误：

D.若闭合开关E和邑，乙图中。点与圆盘边缘有电势差，电路产生感应电流，可知乙图中佗圆盘会减速

转动并最终静止，故D错误。

故选Ao

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13.[1]当金属杆在磁场中运动时，会受到安培力作用，安培力是系统内力（磁场对电流的作用力），系统合

外力为零，因此动量守恒。

故选Ao

[2]由法拉第电磁感应定律有，感应电动势E=BL（VM-VN）

EBLMf)

感应电流为/===

2A2R

安培力F=BIL=

2R

加速度〃=£="'"为一当。

m2mR

M向右减速，N向右加速，两者速度差为-外持续减小，因此加速度持续减小。

故选B。

[3]对N用动最定理得BILt=〃*

即有之色.工=竺2.

2R2

其中x是"、N在磁场中的相对位移，即N初始位置到曲的最小距离，解得x=?萼。

电能的产生与传输

电力是现代人类发展必不可少的能源。我国不仅是电能产生大国，远距离输甩技术也位于世界领先地位。

学校的某课外探究小组设计了如图所示的电路探寻电的产生，用一边长为上的单匝正方形线圈，在磁感应

强度为8的匀强磁场中以角速度。绕。0'轴匀速转动。通过理想变压器与负载电阻为火相连，不计其它电

阻，变压器左右线圈匝数之比为完成下面小题：

14.当线圈平面与磁场（A.垂直、B.平行）时，磁通量最大。

15.（接上题）此时线圈中的电动势为。

16.当线圈平面与磁场垂直时，开始计时，线圈中的电动势。随时间变化的关系式为

17.线圈转动过程中电阻A的功率。

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18.电力公司要检修电路，需停电一天，为了保障正常的教学，学校用一台不计内阻的发电机来提供照明

用电，如图所示。升压变压器原、副线圈匝数比为1:4,降压变压器原、副线圈匝数比为4:1,输电线的总

电阻为4C。全校共有22个班，每班有“220V,40W”灯6盏，若只保证全部电灯正常发光，完成下面小题:

（I）降压变压器副线圈的电流（=

（2）输电线损失的功率△夕=

（3）升压变压器的输入电压4=

R工J4

【答案】14.垂直15.016./ysinw17.218.24AI44W226V

【解析】14.当线圈平面与磁场垂直时，磁通量最大。

15.当线圈平面与磁场垂直时，破通量最大，线圈中的电动势为0：

16.当线圈平面与磁场垂宜时，开始计时，线圈中的电动势e随时间变化的关系式为

e=Emsincot=Bl}(os\ncot

17.线圈转动过程中变压器原线图电压有效值q=Em_BLb

。BL2s

副线圈电压有效值。2=

k~41k

电111R的功率尸=仁=%竺

R2Rk2

18.口］降压变压器的输出功率为P=40X22x6W=5280W

p5280

降压变压器副线圈的电流乙=丁=万7A=24A

［2］降压变压器M的电流4=F/4=；X24A=6A

输电线损失的功率bP=I}R=144W

［3］降压变压器原线圈电压为q="q=4x220V=880V

%

输电线电压损失AU=//=6x4=24V

升压变压器副线圈的电压U?-U3+AU-880+24-904V

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升压变压器的输入电压U|="U2=JX904=226V

电容器可以储存电荷和电能，应用广泛。

19.用如图所示电路给电容器进行充、放电。

—S0、

rT

E十

RC©

（1）若单刀双掷开关S光接通力”位置，再接通“2”位置时，则通过图中电流表的电流方向向（）

A.左B.右

（2）电容器此时处于（）状态。

A.充电B.放电

20.某同学得到某一过程的■和U-f图线如图所示。该过程对应的是（）

A.置于位置1一段时间的开关被拨到位置2后

B.置于位置2一段时间的开关被拨到位置1后

C.以上两种情况均可能

D.以上两种情况均不可能

21.如图所示，触直平面内固定两根光滑足够长平行金属导轨间距为3导体棒仍垂直导轨匀速运动。质

量为加，电量为F的带电小球，哈好能在电容器内的竖直平面内做匀速圆周运动，运动的半径为J导轨

间与电容器间的匀强磁场的方向都垂直纸面向里，磁感强度大小均为以电容器两板间距离为"，下列说法

正确的是（）

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A.导体棒4人向右运动，速度大小为:警

B.导体棒必向左运动，速度大小为罂

BLq

C.该小球一定沿逆时针方向做匀速圆周运动

D.小球绕行的线速度大小】，二处

m

22.（计算）如图中所示，在竖直向下的磁感应强度为4的匀强磁场中，两根足够长的平行光滑金属轨道

MN、固定在水平面内，相距为L一质量为〃?的导体棒/垂直于尸。放在轨道上，与轨道接触

良好。轨道和导体棒的电阻均不计。若轨道左端接一电容器，电容器的电容为C,导体棒在水平拉力的作

用下从静止开始向右运动。电容器两极板电势差随时间变化的图像如图乙所示，已知。时刻电容器两极板

间的电势差为5,求导体棒运动过程中受到的水平拉力大小。

XXXXxxXX

bD

XXXXXXXX

XXXXXXXX

【答案】19.AB20.B21.BCD22.---------f—L

BLh

【解析】19.（1）[1]开关S接通1位置时，电源给电容器充电，上极板带正电，下极板带负巨。当开关S

接通2位置时，电容器通过电阻放电。放电电流从电容器上极板流出，因此通过电流表的电流方向向左。

故选Ao

（2）[2]开关接通2位置后，电容器储存的电荷通过电阻释放，电荷量减少，电压降低，处于放电状态。

故选B。

20.由/T图像可知，电流从最大值逐渐减小到零；由UT图像可知，电压从零逐渐增大到稳定值。这符

合电容器充电过程的特征。即置于位置2一段时间的开关被拨到位置1后。

故选Bo

21.AB.带电小球在电容器内做匀速圆周运动，说明重力与电场力平衡，即〃==g=

d

且洛伦兹力提供向心力。因小球带正电，电场力向上，故电场方向向上，电容器下极板电势应。由右手定

则，导体棒时应向左运动，感应电动势£=8£匕

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稳定时L=E

联立得mg=q

a

解得导体棒速度匕="穿，故A借误，B正确；

qBL

C.由左手定则，正电荷在向里的磁场中受指向圆心的洛伦兹力，必沿逆时针方向运动，故C正确；

,v2

D.111qvB=m—

r

得小球线速度丫=呼，故D正面。

m

故选BCD«

22.由图乙可知，电容器两极板电势差u与时间，成正比，即

导体棒切割磁感线产生的感应电动势E=BLv

由干电阻不计U=E=BLv

故「小，

乂8〃

导体棒做匀加速直线运动，加速度a=W~

DLl[

电容器充电电流/=隼=。片

A/2八

导体棒受到的安培力乃=B1L=经/

根据牛顿第二定律产-巳=〃?〃

解得水平拉力丁小死=〃,%+吗=此竺也

BLlx/,BLt.

2025年12月17口，中国暗物质粒子探测卫星“悟空”号在轨运行满十年，已获取百亿量级高能粒子数据。

23.“悟空”号在圆轨道上运行，其离地面高度6=500km。地球质量M=5.97x10"超，地球半径R=6400km。

引力常量G=6.67xl(T”Nm2/kg2。

(I)根据万有引力定律，“悟空”号所在轨道处的重力加速度f与地球表面重力加速度g的比值度约为

S

o(结果保留2位有效数字)

(2)“悟空，，号的运行速度为y,第一宇宙速度为V/,则。

A.V>V]B.V<Vjc.V=V)

(3)“悟空”号的运行速度约为km/so(结果保留2位有效数字)

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（4）根据狭义相对论，在地面观察者看来，“悟空”号高速运动将造成时钟变二根据广义相对论，“悟空”号

所处位置的引力场较地面为弱，因而其时钟比地面时钟走得更/

A.慢；快B.快；慢C.慢；慢D.快：快

24.如图所示，一带正电粒子以速度y从尸（0,a,0）点沿x轴正方向进入磁感应强度大小为4的匀强磁

场区域、从x轴上的S点射出磁场，射出的速度方向与x轴正方向间夹角促60。。忽略磁场边界对粒子运动

的影响，不计粒子所受重力。

（1）则该区域磁场的方向o

A.沿y轴正方向B.沿y轴负方向C.沿z轴正方向D.沿z轴负方向

（2）求该粒子的比荷2o

ni

（3）若在此磁场区域再叠加一匀强电场，为使粒子从P点入射后做匀速直线运动。

①咳电场的方向。

A.沿y轴正方向B,沿y轴负方向C.沿z轴正方向D.沿z轴负方向

②P、S两点间的电势差o

【答案】23.0.86B7.6A24.CA-Bav

2Ba

【解析】23.[1]根据万有引力定律，地球表面<7粤=，的

1\

轨道处6^^感

[2]刊星运行万有引力提供向心力G^=竺

则环绕速度满足£=

轨道半径「越大，速度越小。第宇宙速度唧是近地卫星（厂=大）的环绕速度，“悟空”号〃=R+a>R,则

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V<Vj

故选B。

»=高

,6.67xl(T"x5.97x10”

得丫=x7.6km/s

V6.9xlO6

［4］狭义相对论中，运动的时钟变慢，地面观察者看高速运动的什吾空”号时钟变慢：广义相对论中，引力场

越弱，时钟走得越快，"悟空’’号轨道处引力比地面弱，时钟比地面快。

故选Ao

24.［1］粒子轨迹向下偏转，洛伦兹力沿y轴负方向，正电荷速度沿x正方向，由左手定则，磁场方向沿z

轴正方向。

故选C。

［2］粒子偏转角等于圆心角。=60'，入射速度沿X轴正方向，故圆心在y轴I，轨迹如图所示

解得轨道半径尸=2。

洛伦兹力提供向心力qvB=号

解得幺=/

m2aB

口］粒子匀速直线运动，电场力与洛伦兹力平衡，洛伦兹力沿歹轴负方向，则电场力沿y轴正方向，正电荷

电场力与电场方向同向，故电场方向沿歹轴正方向。

故选A。

［4］平衡时9七二4\田

得E=i6

电场沿V轴正方向，P纵坐标为*S纵坐标为0,故电势差U&=-月七=-8M

绚烂的粒子轨迹表演

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物理兴趣社的小张同学用如图甲所示的一个质量为〃?、电荷量大小为。的发光电子做粒子轨迹表演，以速

度/从x轴上的点4垂直于x轴进入上方的匀强磁场区域。已知x轴上方磁场的磁感应强度大小为28,方

向垂直于纸面向里；下方磁场的磁感应强度大小为瓦方向垂直F纸面向外，之后电子在空间做周期性运动。

XXXXXXX

xxxxxX?BX

XXX1XXXX

XXXXXXX

-•-----•o---•-----•-

•••B•

25.磁感应强度8的国际基本单位是:

26.该电子周期性运动的周期为；电子运动一个周期沿x轴移动的距离为；

27.若x轴上方磁感应强度变为原来的2倍，则一个周期内粒子的轨迹沿垂直x轴方向的最大位移的绝对

值为原来的倍，沿x轴移动的位移的绝对值为原来的倍。

28.（1）若想让电子在字时间内作出如图乙所示的爱心轨迹，则可进行的操作为（）（多选题）

A.仅将x轴下方磁场改为垂直于纸面向里

B.仅将x轴上方磁场改为垂直于纸面向外

C.将x轴上下方磁场方向对调

D.将x轴上下方磁感应强度对调

（2）在（1）的条件下，若在电子作完如图乙所示爱心轨迹后突然增加一匀强电场使其做匀速直线运动,

求：该电场的电场强度和方向.（简答题）

【答案】25.kg-A-'s-226.誓驾27.1728.AB大小

2BeBe6

E=Bv,方向为：若仅将x轴下方磁场改为垂直于纸面向里，旦场方向向左；若仅将x轴上方磁场改为垂

直干纸面向外，电场方向水平向右。

【解析】25.根据磁感应强度的足义有8=，，力的单位为kg,m/s2,电流的单位为A,长度的单位为m,

1L

可知磁感应强度B的国际基本单位是kg-A-'s-2

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v*2

26.[1]电子在上方磁场中时，根据欧一，7；=——

可得在上方磁场运动周期彳=桨=塔

2B9Be

同理在下方磁场运动周期石=等

所以电子周期性运动的周期7=4+]=叁?

222金

/7V

[2]如图所示，可得在上方区域做圆周运动的半径分=怒

ny

在下方区域做圆周运动的半径/*2=2

2Be

27.川原来一个周期内粒子的轨迹沿垂直x轴方向的最大位移的绝对值为/2=三

工轴上方磁感应强度变为原来的2倍，在上方区域做圆周运动的半径4=箸

4Be

一个周期内粒子的轨迹沿垂直X轴方向的最大位移的绝对值为乙=

可得一个周期内粒子的轨迹沿垂直x轴方向的最大位移的绝对值为原来的1倍。

[2]原来沿x轴移动的位移的绝对值为誓

Be

现在沿》轴移动的位移的绝对值为/=2><|'箸+黑]=霍

Be)2Be

可得沿x轴移动的位移的绝对值为原来的之倍％

6

28.(1)A.仅将x轴下方磁场改为垂直丁纸面向里，根据左手定则可知轨迹符合，电子在上方磁场运动周

2Tm7rm

期彳=

~2Be~Be

2^/77

在下方磁场运动周期召=

~Be

电子周期性运动的周期7=(+々=等，符合题意,故A正确;

2Be

B.仅将x轴上方磁场改为垂直于纸面向外，根据左手定则可知轨迹符合，电子在上方磁场运动周期

16/28

27rm_7rm

在下方磁场运动周期彳=笑

Be

电子周期性运动的周期丁=（+§=等，符合题意，故B正确:

2Be

C.将x轴上下方磁场方向对调，根据左手定则，轨迹如图所示

不符合题意，故C错误;

D.将x轴上下方磁感应强度对调，根据左手定则，轨迹如图所示

（2）由匀速直线运动知电子处于平衡状态，有evB=eE

可得E-Bv

由干粒子带负电，受电场力方向与电场方向相反，电子做完如图乙所示爱心轨迹后，速度竖直向下，若仅

将X轴下方磁场改为垂直于纸面向里，受洛伦兹力向左，可知场强方向需向左；若仅将X轴上方磁场改为

垂直于纸面向外，受洛伦兹力向右，则电场方向水平向右。

科幻电影——仰望星空

人类探索宇宙的梦想从未止步……

【星际远航】

29.某部科幻电影中涉及了宇航员在河外星系探测探索的镜头。

（1）如图（a）所示，太阳系外的一颗行星P绕恒星Q做匀速圆周运动。由于P的遮挡，探测器探测到Q

的亮度随时间做如图（b）所示的周期性变化，该周期与P的公转周期相同。已知Q的质量为引力常

量为G。关于P的公转，下列说法中正确的是（）

17/28

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