安徽省蚌埠市2025-2026学年高二年级上册10月月考物理试题（解析版）

2025-2026学年蚌埠市A层高中第一次联考

高二物理试卷

一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项是符合要求的。

1.学习物理除了知识的学习外，还要领悟并掌握处理物理问题的思想与方法。下列关于物理学中的思想方

法，叙述正确的是()

A.伽利略在研究自由落体运动时采川了理想实验法和逻辑推理相结合的方法

B.在探究求合力方法的实验中使用了控制变量法的思想

C.在利用』图像推导匀变速直线运动的位移公式时，采用了极限思想

D.在计算带电体间的相互作用力时，若电荷展分布对计算影响艰小，将带电体看作点电荷采用了“等效

法”

【答案】A

【解析】

【详解】A.伽利略在研究自由落体运动时采用J'理想实验法和逻辑推理相结合的方法，A正调；

B.在探究求合力方法的实验中使用了等效的思想，B错误；

C.在利用V-/图像推导匀变速直线运动的位移公式时，采用了微元法，C错误；

D.在计算带电体间的相互作用力时，若电荷量分布对计算影响很小，将带电体看作点电荷采用了“理想模

型法”，D错误。

故选Ao

2.下列物理量的表达式中不属于比值定义法的是()

Fn

A.电场强度石=一区电容器的电容C=2

qu

U£

c.电流/=—D.电势e二」n

Rq

【答案】c

【解析】

LF

【详解】A.电场强度后二一中，E由电场本身性质决定，与尸和9无关，属于比值定义法，故A不符合

q

题意：

B.电容C=号中，C由电容器结构决定，与。和U无关，属于比值定义法，故B不符合题意；

C.电流/二元是欧姆定律的表达式，/由电压U和电阻R共同决定，而及本身由材料、尺寸决定，因此

该式是决定式而非比值定义式，故C符合题意；

E

D.电势。=」中，。由电场本身决定，与Ep和q无关,属于比值定义法，故D不符合题意。

q

故选c。

3.以下关于电场的电场强度和电势的说法正确的是（）

A.电势降低的方向一定是电场的方向

B.电场线越密集的地方其等差等势线一定越密集

C.电场强度为0的地方其电势一定为0

D.电势为。的地方其电场强度一定为0

【答案】B

【解析】

【详解】A.电势降低的方向不定是电场的方向，电势降他最快的方向才是电场的方向，故A锌以；

B.电场线越密集的地方，电场强度越大，电势改变得越快，等差等势面一定越密集，故B正确；

CD.根据电场的特点，由于0电势点可以根据需要人为确定，所以电势为0的地方其电场强度不一定为0,

同样，电场强度为0的地方其电势不一定为0,故CD错误。

故选Bo

4.如图所示，正方体/GR的边长为在4和G处放置电荷量分别为+9、的点电荷,

静电力常量为上下列说法正确的是（）

A.8点电场强度大小为黑~B.B点电场强度大小为电

2a“a~

C.D点电场强度大小为乎?D.D点电场强度大小为

2a~a"

【答案】A

【解析】

【详解】AB.因△34G为等功三角形,故+4和—9在5点产牛的电场强度方向巨成120。，大小相等,

kq=kq

均为2a2

故3点的电场强度大小为G=2x»&85600=2、，故A正确，B错误；

2a~2a~

CD.因△O4G为等边三角形，边长与△B4G相等，故+夕和一夕在。点产生的电场强度与在6点产生

的电场强度大小相等，即£。=当=其，故CD错误。

2a-

故选Ao

5.目前许多国产手机都有指纹解锁功能，用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。指纹的凸起部

分叫“崎”，凹下部分叫“峪”。传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极

板和正对的皮肤表面形成大量的小电容器，这样在“崎”处和“峪”处形成的电容器的电容大小不同，此

时传感器给所有的电容器充电后达到某一电压值，然后，电容器放电，电容小的电容器放电较快，根据放

电快慢的不同，就可以探测到“崎”和“峪”的位置，从而形成指纹图像数据。根据文中信息，下列说法

正确的是()

A.把指纹的照片蒙在传感器上，也可以实现指纹解锁功能

B.手指轻按和重按均可以解锁，说明形成的电容大小是相同的

C.潮湿的手指头对指纹识别有影响

D.在“峪”处形成的电容器放电较快

【答案】CD

【解析】

【详解】A.把指纹的照片蒙在传感器上，由于没有指纹上凸起部分“崎”和凹下部分“峪”，则不可以实

现指纹解锁功能，A错误；

B.手指轻按和重按，手指的指纹和小极板之间的距离不同，形成的电容大小是不同的，虽然电容大小不同,

但通过放电快慢的不同，探测到“崎”和“峪”的位置是相同的，故可以解锁，B错误；

C.潮湿的手指头的指纹之间被水填充，“崎”和“峪”形成的电容器的电容会有所差别，所以对指纹识别

有影响，C正确；

D.电容较小的电容相放电较快，在“峪”处形成的电容器间距较大，根据

C=

411kd

可知在“峪”处形成的电容器的电容较小，放电较快，D正确。

故选CD。

6.匀强电场平行于xQy平面。在)，轴和x轴上分别有。点和〃点，Oa=8cm,Oh=3cm,。、。两点电

势分别为8V和5V,原点。的电势为2V。下列说法正确的是()

A.电场强度大小为125V/m

B.场强方向平行于成连线

C.场强方向垂直于外连线

D.把负电荷从a点沿aOb移动到b点，电势能先减小后增大

【答案】A

【解析】

【详解】ABC.设4。的中点为c点，则。点的电势为

等3

如图所示

t„

Oh3

可得

460=53。

则场强大小为

u5-2

E=—=—————V/m=125V/m

d0.03xsin53°

故A正确，BC错误；

D.把负电荷从。点沿。。力移动到5点，电场力先做负功后做正功，电势能先增加后减小，故D错误。

故选A。

7.在x轴上有两个点电荷4、%,其电势在x轴上分布如图所示。下列说法正确的有（）

A.%和%带有等量同种电荷

B将一电子从与移到工2，电势能减少

C.带电粒子在占处的加速度为0

D,将一电荷从马向正方向移动很远，受到的电场力一直减小

【答案】B

【解析】

【详解】A.由题图的。-X图像可知，从原点到不处，电势为负；从xi到x轴正向无穷远处，电势为正，

则名和%带有异种电荷，故A错误；

B.从天移动到占，电势升高，根据纬=一缈可知电子的电势能减少式外一班），B正确：

C.因夕一“图像的斜率等于电场强度，可知带电粒子在劣处的场强不为零，受电场力不为零，则加速度不

为0,C错误；

D.将一电荷从々向正方向移动很远，图像的斜率先增加后减小，则场强先增加后减小，则受到的电场力

先增加后减小，D错误。

故选Bo

8.如图所示，充电后的平行板电容器竖直放置在水平绝缘地板上，将一根光滑绝缘细绳系在电容器。、b极

板上的力、4两点（〃点高于4点），再将一带正电的小球（可视为质点）悬挂在细绳上并处于静止状态。

电容器不漏电，两板间的电场可视为匀强电场，小球始终未与极板接触。经下列操作，待小球再次稳定后,

细绳张力一定变小的是（)

A.A点下移一小段距离B.略微增大极板所带的电荷量

C.。板向左平移一小段距离D.正负极板电荷量不变，电性互换

【答案】D

【解析】

【详解】A.重力与电场力的合力尸为定值，方向斜向右下，则球两边绳子拉力的合力与产等大反向，即

两边绳子拉力的合力为定值，若W点下移一小段距离，球两边绳子之间的夹角增大，即沿两边绳子方向的

两个拉力的夹角增大，而合力一定，则细绳张力一定变大，故A错误；

B.略微增大极板所带的电荷量，电场力增大，重力与电场力的合力增大，则细绳张力一定变大，故B错误;

C.。板向左平移一小段距离，沿两边绳子方向的两个拉力的夹角增大，而合力一定，则细绳张力一定变大,

故C错误；

D.正负极板电荷量不变，电性互换，则重力与电场力的合力大小不变，方向斜向左下，则沿两边绳子方向

的两个拉力的合力方向指向右上，沿两边绳子方向的两个拉力的夹角减小，则细绳张力一定变小，故D正

确。

故选D。

二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

3

9.如图所示，一质量为机的带电小球在竖直方向的匀强电场中由静止释放，小球的加速度大小为一g,方

4

向竖直向下，不计空气阻力。在小球向下运动距离6的过程中（）

II

O

E

A.小球的重力势能减少了巳36小球的动能增加了？3〃陪人

44

C.小球的机械能增加了L叫〃D.小球的电势能增加了力

44

【答案】BD

【解析】

【详解】A.重力做的功等于重力势能的减少量，重力做功

lVG=mgh0

故小球的重力势能减少〃吟心故A错误：

B.根据动能定理可知小球动能的变化量等于合力做功，有

3

A£k=F,Ji=mah——rngh>0

3

故小球的动能增加了-mgh,故B正确；

4

C.在小球向下运动距离力的过程中，设电场力为凡根据牛顿第二定律有

mg-F=ma

解得

L1

F=-mg

方问竖直向上。

此过程根据功能关系可知小球机械能的变化量

\E=-Fh=一;mgh

故机械能减少了故C错误；

4

D.电场力做功等于电势能的变化量，电场力做负功，说明电势能增加了;〃7g力，故D正确。

故选BDO

10.如图所示，两平行金属板M、N与电源相连，N板接地，在距两板等距离的P点固定一个带负电的点电

荷，则（）

A.若保持S接通，将M板上移一小段距离，M板的带电量减小

B.若保持S接通，将M板上移一小段距离，尸点的电势升高

C.若将S接通后再断开，将M板上移一小段距离，两板间场强增大

D.若将S接通后再断开，将M板上移一小段距离，点电荷在尸点的电势能保持不变

【答案】AD

【解析】

【分析】

【详解】A.当S闭合时，M板上移一小段距离，则间距增大，由C二弃7导致电容减小，因电压不变,

根据。=CU,则有M板带电量减小；故A正确；

B.当S闭合时，M板上移一小段距离，则间距增大，而电压不变所以场强减小，则N与Q点之间的电势

差减小；故P点的电势降低，故B错误；

C.将S断开时，M板向上移动，电量不变；根据

Q

EU强

ddsS

则有电场强度与间距无关，因此场强不变，故C错误；

D.由选项C知场强不变，则尸相对于N极板的电势差不变；电势尸不变，因此点电荷在尸点的电势能保

持不变，故D正确。

故选ADo

三、非选择题：本题共5小题，共58分。

11.某物理兴趣小组利用图示装置来探究影响电荷间的静电力的因素。图甲中，A是一个带正电的物体，系

在绝缘丝线上的带正电的小球会在静电力的作用下发生偏离，静电力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的

角度显示出来，他们分别进行了以下操作。

图甲图乙

步骤一：把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的自，凸，尸3等位置，比较小球在不同位置所受带电物

体的静电力的大小。

步骤二：使小球处于同一位置，增大（或减小）小球所带的电荷量，比较小球所受的静电力的大小。

（1）图甲中实验采用的方法是（）

A.理想实验法B.等效替代法C.微小量放大法D.控制变量法

（2）图甲实验表明，电荷之间的静电力随着电荷量的增大而增大，随着距离的增大而（填“增

大”“减小”或“不变”）o

（3）接着该组同学使小球处于同一位置，增大（或减少）小球A所带的电荷量，比较小球所受作用力大小

的变化。如图乙，悬挂在P点的不可伸长的绝缘细线下端有一个带电最不变的小球B,在两次实验中，均

缓慢移动另一带同种电荷的小球A,当A球到达悬点P的正下方并与B在同一水平线上，B处于受力平衡

时，悬线偏离竖直方向角度为仇若两次实验中A的电量分别为印和伙，。分别为30。和45。，则如为

【答案】（1）D（2）减小

⑶立

6

【解析】

【小问1详解】

图甲中先保持带电小球的电荷量不变，把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的外、凸、凸等位置，改

变两个小球之间的距离，比较库仑力的大小；后来保持小球之间的距离不变，改变小球所带的电荷量大小,

分析小球之间的库仑力，所以实验采用的方法是控制变量法。

故选Do

【小问2详解】

本实验中，根据小球的摆角可以看出小球所受静电力的大小，由图可知，电荷量越大、距离越小，丝线偏

离竖直方向的角度越大，设偏角为仇由平衡条件有

F=

可知电荷之间的静电力随着电荷量的增大而增大、随着距离的增大而减小。

【小问3详解】

设小球B的质量为〃?，电量为『B球的受力情况如图所示

当A球带电量为⑺时，由平衡条件得

F=W}=mgtan30°

其中

4=P5sin30°

当A球带电量为限时，由平衡条件得

尸，二缕£=〃?gtan45。

其中

/;=尸8sin450

联立解得

2

q}_tan30°sin30°_V3

tan45osin2450--6-

12.随着电子信息技术的口新月异，数码电子产品的更新换代速度越来越快，以平板电视（LCD和PDP）、

笔记本电脑、数码相机等产品为主的消费类电子产品产销量持续增长，带动了电容器产业发展。如甲图所

（1）当开关S接时（填“1”或"2”）,平行板电容器充电。电容器上极板带（填“正”或

“负”)电。

(2)电容器放电电流随时间变化的规律如图乙所示。通过分析可知，图中图像与横轴围成的面积表示的物

理量是O

(3)心脏除颤器的工作原理是用较强的脉冲电流通过心脏，以消除心律失常，使之恢复窦性心律的方法，

称为电击除颤。工作时向心脏除颤器的储能电容器充电，使电容器获得一定的储能，对心颤患者皮肤上的

两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，刺激心颤患者的心脏恢系正常跳动。如图是一次心脏除颤器的

模拟治疗，该心脏除颤器的电容器电容为Z.OxlO-F，充电至l.OxlO,v电压，如果电容器在2.0x10-35时

间内完成放电，放电结束时电容器两极板间的电势差减为零，这次放电有C的电荷量通过人体组织。

।电极

人体心脏位置

।电极

【答案】(1)①.1②.正

(2)极板的带电量(3)0.2

【解析】

【小问1详解】

口］［2］将开关先与“1”端闭合，电容器与电源相连，进行充电；上极板与电源正极连接，则上极板带正电。

【小问2详解】

根据^二〃可知，图中图像与横轴围成的面积表示的物理量代表极板的带电量。

【小问3详解】

通过人体组织电荷量

Q=CU=O.2C

13.如图所示，两个带等量负电荷的小球A、B(可视为点电荷)，电荷量大小均为1.0x106c。A固定在竖

直放置的绝缘支杆上，B静止于光滑绝缘的倾角为37。的斜面上且恰与A等高，若B的质量为40g,整个装

置处于真空中，重力加速度g取lOm/s?,A=9.0xi()9N-nrVC?,sin37o=0.6,cos37o=0.8»求:

(1)B球受到的静电力大小;

(2)A、B两球间的距离。

【答案】（1）0.3N

0百

（2）——m

10

【解析】

【小问1详解】

对B进行受力分析如图所示

根据受力平衡可得/=wgtan37°

解得/=（）.3N

【小问2详解】

根据尸=工

厂

可得A、B两球间的距离厂二

解得r=

10

14.如图甲所示，炽热金属丝不停地发射电子，•电子经过电压为U的两极板间电场加速后，恰好通过筒

壁•小孔月沿竖直圆筒的半径方向进入圆筒，圆筒内存在竖直向上的匀强电场，筒内壁有荧光涂层，可记

录电子打到筒壁的位置，已知圆筒半径为R，电子电量为e,质量为加，不计电子的重力和离开金属丝时的

初速度，求：

小孔P:

:小孔P

I

I

I

；荧光点Q

图甲图乙

（1）电子到达圆筒小孔2时的速度为;

（2）若电子打在圆筒内壁的M点，切点与小孔尸的竖直高度差为人求圆筒内电场强度K的大小;

（3）将圆筒绕其竖直中心轴以恒定的角速度/转动，将圆筒展开后如图乙所示，荧光点。恰好与小孔P

处于同一竖直线上，若圆筒转动小于一个周期，则口等于多少？

【解析】

【小问I详解】

根据动能定理eU=g〃?%2

【小问2详解】

电子在圆筒内做类平抛运动，在水平方向2/?=%/

在竖直方向

2

其中，根据牛顿第二定律《七=〃以

联立，解得E="

R2

【小问3详解】

由题意可知，电子打到筒壁上时，筒转过的弧度为。=兀

2Q

电子打到筒壁上所用时间为，=