陕西省汉中市重点中学2027届物理高二上期中统考试题含解析

陕西省汉中市重点中学2027届物理高二上期中统考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、弯道上高速行驶的赛车，突然后轮脱离赛车，关于脱离了的后轮的运动情况，以下说法中正确的是（）A．仍然沿着汽车行驶的弯道运动B．沿着与弯道垂直的方向飞出C．沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道D．上述情况都不可能2、古代琥珀价格昂贵，常有人鱼目混珠。南朝陶弘景知道“惟以手心摩热拾芥为真”，南北朝时的雷敩(音xiào)在《炮炙论》中也有“琥珀如血色，以布拭热，吸得芥子者真也”的说法，以此作为识别真假琥珀的标准。这些识别方法主要是利用了（）A．摩擦生热使琥珀温度升高B．尖端放电现象C．手心和琥珀之间的热传递D．摩擦起电使琥珀带电从而能够吸引轻小物体3、如图所示，a、b和c表示电场中的三个等势面，a和c的电势分别为5V和1V，a、b的电势差等于b、c的电势差。一带电粒子从等势面a上某处以速度v释放后，仅受电场力作用而运动，经过等势面c时的速率为6v，则它经过等势面bA．2vB．C．102v4、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点．据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点通过P点时的电势能较Q点大C．带电质点通过P点时的动能较Q点大D．带电质点通过P点时的加速度较Q点大5、如图所示，实线是一簇未标明方向的匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，M、N是轨迹上的两点，则（）A．粒子带正电B．M点的电势高于N点的电势C．粒子在M点的速度大于在N点的速度D．粒子在M点的电势能大于在N点的电势能6、如图所示，在绝缘的斜面上存在着沿水平向右的匀强电场，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，则以下判断正确的是（）A．金属块带负电荷B．电场力做功0.2JC．金属块的机械能减少1.2JD．金属块的电势能增加0.2J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源两端的输出电压恒为，为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，为指标灯泡，为平行板电容器，为灵敏电流计．闭合开始在环境温度明显升高的过程中，下列说法正确的是（）A．变亮B．两端电压变小C．电容下极板带电性质变为相反D．中电流方向由8、在静电场中，将一电子由a点移到b点，电场力做功5eV，则下列结论错误的是（）A．电场强度的方向一定是由b到aB．a、b两点间的电势差Uab为5VC．电子的电势能减少了5eVD．因零电势点未确定，故不能确定a、b两点的电势9、如图所示，实线是电场线，虚线是一带电粒子在电场中的运动轨迹，假设带电粒子只受电场力作用，判断下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．带电粒子受到的电场力向下C．带电粒子的速度不变D．带电粒子的加速度不变10、如图是一个孤立点电荷电场中一条方向水平向右的电场线，a、b、c为该电场线上的三个点，下面说法正确的是（）A．a点场强方向与c点场强方向相同B．a点场强一定大于b点场强C．在b点静止释放一个电子，将一定向a点运动D．该孤立点电荷一定带正电三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示为“研究影响平行板电容器电容的因素”的实验装置，在以下操作步骤中，静电计指针的张角分别是怎样变化的？请将答案填在相应的横线上。（1）甲图中将B板上移，静电计的指针张角将_______（填“增大”或“减小”或“不变”）（2）乙图中将B板左移，静电计的指针张角将_______（填“增大”或“减小”或“不变”）（3）丙图中将电介质插入两板之间，静电计的指针张角将_______（填“增大”或“减小”或“不变”）（4）本实验的研究方法是____________。12．（12分）在“测电池的电动势和内阻”的实验中，测量对象为一节新的干电池．（2）用图（a）所示电路测量时，在较大范围内调节滑动变阻器，发现电压表变化不明显，原因是，从而影响测量值的精确性．（2）为了提高实验的精确度采用（b）所示电路，提供器材：A．量程3V和25V的双量程电压表VB．量程2．6A和3A的双量程电流表AC．定值电阻R2（R2=2．5Ω）D．滑动变阻器R2（2～22Ω）E．滑动变阻器R2（2～222Ω）F．开关S和一些导线．①图（b）电路中，加接电阻R2有两方面的作用：一是方便实验操作和数据测量；二是．②为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用（填R2或R2）．③用笔画线代替导线在图（c）中完成实物连接图．④实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，并在给出的U-I坐标系中画出U-I图线如图（d）所示，则新干电池的内阻r=Ω（结果保留两位有效数字）．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）有一种测量压力的电子秤，其原理如下图所示．E是内阻不计、电动势为6V的电源．R0是一个阻值为400Ω的限流电阻．G是由理想电流表改装成的指针式测力显示器．R是压敏电阻，其阻值可随压力大小变化而改变，其关系如下表所示．C是一个用来保护显示器的电容器．秤台的重力忽略不计．压力F/N050100150200250300．．．．．．电阻R/Ω300280260240220200180．．．．．．（1）在坐标系中画出电阻R随压力F变化的图线，并归纳出电值R随压力F变化的函数关系式；（2）写出压力随电流变化的关系式，说明该测力显示器的刻度是否均匀；（3）若电容器的耐压值为5V，该电子秤的量程是多少牛顿．14．（16分）如图，区域I内有与水平方向成°角的匀强电场，区域宽度为，区域Ⅱ内有正交的有界匀强磁场B和匀强电场，区域宽度为，磁场方向垂直纸面向里，电场方向竖直向下.一质量为m、电量大小为q的微粒在区域I左边界的P点，由静止释放后水平向右做直线运动，进入区域Ⅱ后做匀速圆周运动，从区域Ⅱ右边界上的Q点穿出，其速度方向改变了，重力加速度为g，求：(1)区域I和区域Ⅱ内匀强电场的电场强度的大小.(2)区域Ⅱ内匀强磁场的磁感应强度B的大小.(3)微粒从P运动到Q的时间有多长.15．（12分）如图甲所示，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成300角固定，M、P之间接电阻箱R，导轨所在空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上，磁感应强度为2.5T，质量为m的金属杆ab水平放置在轨道上，且与轨道垂直，金属杆ab接入电路的电阻值为r，现从静止释放杆ab，测得最大速度为vm，改变电阻箱的阻值R，得到vm与R的关系如图乙所示，已知轨道间距为，重力加速度g取，轨道足够长且电阻不计。（1）当时，求杆ab匀速下滑时产生感应电动势E的大小，并判断杆中的电流方向；（2）求解金属杆的质量m和阻值r；（3）当时，从静止释放ab杆，在ab杆加速运动的过程中，回路瞬时电动率每增加1W时，合外力对杆做功多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

后轮未脱离赛车时，具有向前的速度，脱离赛车后，由于惯性，后轮保持原来向前的速度继续前进，所以沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道。故选C。2、D【解析】

“惟以手心摩热拾芥为真”，“琥珀如血色，以布拭热，吸得芥子者真也”，这些识别方法主要是通过摩擦起电方式使琥珀带电，带电体能够吸引轻小物体的特性。故D正确，ABC错误。故选D。3、D【解析】

由动能定理知从a到c：qUac＝12m[(6v)2−v2]=2.5mv2=4q，设在等势面b时的速率为v′，则：qUab＝12m(v′2−v2)=2q，联立可得：v′=142解答此题关键是知道沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，动能增加；电场力做负功，电势能增加，动能减小．此题还可以用电势能和动能之和守恒来求解.4、BD【解析】试题分析：由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a等势线的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D正确．故选BD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．5、C【解析】

A．假定粒子由到运动，由图可知粒子运动轨迹向左偏，则说明粒子在、两处所受的电场力向左，由于不知电场线方向，故无法判断粒子电性，故A错误；B．由于不知电场线方向，无法判断电势的高低，故B错误；CD．粒子在、两处所受的电场力向左，从到的过程电场力做负功，则电势能增加，粒子在点的电势能小于在点的电势能，动能减小，所以粒子在点的速度大于在点的速度，故C正确，D错误；故选C。6、D【解析】

在金属块滑下的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，根据动能定理求出电场力做功．知道电场力做功量度电势能的改变．知道重力做功量度重力势能的改变．【详解】A、B、D、在金属块滑下的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得W电=△EK-WG-Wf=0.7-1.2-（-0.3）=-0.2J，所以电场力做功-0.2J，金属块的电势能增加0.2J．由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷；故D正确，A，B错误.C、在金属块滑下的过程中重力做功1.2J，重力势能减小1.2J，动能增加了0.7J，所以金属块的机械能减少0.5J，故C错误.故选D.解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】电容器断路，相当于电压表，其两端电压为路端电压，故电路为一个L与串联的电路，当温度上升时，热敏电阻值变小，电路中电阻变小，路端电压减小，电流变大，通过灯泡的电流增大，灯泡两端电压变大，则灯泡变亮，且路端电压减小，所以热敏电阻两端电压变小，电容器两端的电压也变小，则电容器进行放电，但极板所带电荷的正负不变，电流由，ABD项正确．8、AB【解析】

A．由于不知道电子运动的轨迹是否与电场线重合，故电场强度的方向不一定由b到a，故A错误；B．因为则即a、b两点的电势差是-5V，故B错误；C.电子由a点移到b点，电场力做功5eV，则电子的电势能减少了5eV，故C正确；D．电场中某点的电势大小的确定和零势点的选取有关，所以零电势点未确定，是不能确定a、b两点的电势，故D正确。本题选错误的，故选AB。9、BD【解析】

由粒子的偏转方向可得出粒子的受力方向，以及电性，由功的计算可得出电场力做功的正负，由动能定理可得出粒子动能的变化；由牛顿第二定律判断加速度的变化；【详解】A、由图可知，粒子向下偏转，则说明粒子所受的电场力方向竖直向下，则粒子带正电，故A错误，B正确；

C、由图可知，粒子向下偏转，电场力做正功，说明粒子速度增大，故C错误；D、由于匀强电场的场强不变，则粒子受到电场力不变，根据牛顿第二定律可知其加速度不变，故选项D正确。本题是电场中轨迹问题，关键要能根据轨迹弯曲方向判断出电场力的方向，掌握电场力做正功，电势能减小，判断动能的变化，以及由牛顿第二定律判断加速度的变化。10、AC【解析】

电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，负电荷受到的电场力的方向与电场线的方向相反；【详解】A、电场线的切线方向表示场强的方向，由图可知，a点场强方向与c点场强方向相同，所以A正确；

B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由于只有一条电场线，不能判断电场线的疏密情况，所以不能判断场强的大小，所以B错误；

C、由图可以知道的电场的方向向右，所以当在b点由静止释放一个电子时，电子的受力的方向向左，所以电子将一定向a点运动，所以C正确；

D、只有一条电场线不能判断该孤立点电荷的情况，所以不能判断是不是正电荷产生的，所以D错误。本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、增大增大减小控制变量法【解析】

根据，，联合分析求解；研究某量与其他两之间的关系时，常采用控制变量法．（1）根据，，B板上移，S减小，C减小，Q不变，U增大，张角将增大；（2）根据，，B板左移，d增大，C减小，U增大，张角将增大；（3）根据，，插入电介质，ε增大，电容C增大，U减小，张角将减小；（4）根据可知，其中有，S，d为变量，所以本实验应用的为控制变量法．12、（2）电源内阻太小（2）①保护电路中电源和电流表的安全②R2③如图所示④2．3【解析】试题分析：（2）根据U=E-Ir可知，由于新电池内阻很小，电池内压降很小，电压表的读数变化很小，所以如果采用一节新干电池进行实验，实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小，即原因是新电池的内阻很小，内电路的电压降很小．（2）①加接电阻R2有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏，即保护电路中电源和电流表的安全．②因为电流表的量程使用IA=2．6A，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻应为，所以变阻器应选R2．③如图所示④在U-I图象中图线的斜率为R2与r之和：即，解得r=2．3．考点：测电池的电动势和内阻【名师点睛】本题主要考查了测电池的电动势和内阻．本题的关键是明确新电池的内阻很小，电池的内压降很小，电压表的读数变化很小，所以实验应选内阻较大的旧电池；明确定值电阻除方便操作和测量外，还可以保护电池和电流表；根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻即可；根据闭合电路欧姆定律写出关于U与I的函数表达式，然后根据斜率和截距的概念即可求解．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）R=300-0.4F（2），电流刻度均匀，F的刻度不均匀，但满足电流越大，力越大．（3）F=550N【解析】

(1)根据电阻随压力变化的数据来画图，把压力和电阻作为一组有序数对在坐标系中描点然后连接即可．再根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知电阻与压力成一次函数关系，利用待定系数法可确定函数关系式；(2)根据欧姆定律推导串联电路电流的关系式，结合R与F的关系式推导压力与电流的关系式可知测力显示器的刻度是否均匀；(3)根据串联电路电压规律可知压敏电阻两端的电压，根据串联电路特点可计算压敏电阻的值，进一步计算测力计的最大测量值．【详解】(1)把压力大小作为横坐标，把电阻大小作为纵坐标，在坐标系中描点连线即可得压敏电阻R的阻值随压力F的大小变化的图象，如图：根据R的阻值随压力F的大小变化的图象可知压敏电阻R的阻值与压力F成一次函数关系，设它们的关系式为R=KF+b把F=50N，R=280Ω和F=100N，R=260Ω代入得：280=50K+b…①，260=100K+b…②．解得K=-0.4，b=300，所以它们的关系式为R=300-0.4F；(2)根据欧姆定律得把R=-0.4F+300，U=6V，R0=400Ω代入上式化简得：F=1750-所以压力和电流不成一次函数关系，故该测力显示器的刻度是不均匀的；(3)从上式