2026-2027学年沪科版中考物理基础巩固模拟卷（带答案解析）

第页2026-2027学年沪科版中考物理基础巩固模拟卷（带答案解析）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五六总分得分注意事项:

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的)1．如图所示的现象中，由光的折射形成的是（）A．光污染B．手影 C．月亮的“倒影” D．海市蜃楼2．在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（）A．电磁铁的A端为N极 B．小磁针静止时，N极水平指向左 C．利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机 D．当滑动变阻器滑动片P向右端移动，电磁铁磁性增强3．已知铜的比热容比铝的比热容小，下列说法正确的是（）A．将一块铜的质量减小一半，它的比热容减半 B．质量相同的铜块和铝块，铜块的内能比铝块的内能小 C．质量相同的铜块和铝块，吸收相同的热量，铜块升高的温度多 D．质量和初温都相等的铜块和铝块，放出相等热量后相接触，热传递的方向是从铜块传给铝块4．如图所示，在竖直方向上大小为600N的力F的作用下，重物A沿竖直方向以0.2m/s的速度匀速上升，已知该装机械效率为80%（不计绳重及绳与滑轮间的摩擦），则下列说法正确的是（）A．拉力F的功率为60WB．滑轮的重力为210NC．滑轮移动速度为0.4m/s D．物体A受到的绳子的拉力为960N5.如图所示，电源电压保持6V不变，⼩灯泡L1和L2的规格分别为“2.4V 0.48W”和“3V 0.9W”。下列说法错误的是(    )A.只闭合S1，若接入的灯泡正常发光，则滑动变阻器接入电路的阻值是10Ω

B.只闭合S2，若接入的灯泡正常发光，则滑动变阻器两端的电压是2.4V

C.只闭合S3，若保证其中一个灯泡长时间正常发光，则电流表示数是0.2A

D.只闭合S3，若保证其中一个灯泡长时间正常发光，则滑动变阻器和6．如图所示，物体B的重力为40N，此时A正沿着水平桌面以0.4m/s的速度向右做匀速直线运动；若对A施加一个水平向左的力F，物体B以原速度匀速上升。则下列选项正确的是（不计绳重、滑轮重及绳与滑轮间摩擦）A．物体B匀速下降的速度是0.4m/s B．物体A向左做匀速直线运动时与桌面间的摩擦力为20N C．物体B匀速上升时，作用在物体B上绳子的拉力的功率为16W D．对A施加的水平向左的力F大小为160N7.一个质量为3kg、底面积为100cm2、装有20cm深的水的圆柱形容器放在水平桌面上，容器的厚度忽略不计。A、B是由密度不同的材料制成的两实心物块，已知A物块的体积是B物块体积的2倍。当把A、B两物块用细线相连放入水中时，两物块恰好悬浮，且没有水溢出，如图，现剪断细线，稳定后水对容器底的压强变化了50Pa，物块A有14体积露出水面。下列说法正确的(

)

‍

A.A物体体积为150cm3B.AB物体放入后，容器对桌面的压强为5.3×102Pa

C.二、填空题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.不需要写出解答过程，请把答案直接填在答题卡相应的位置上.)8．甲、乙两地相距80km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知输电线每千米的电阻为0.2Ω，现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，检修员在甲地利用电压表、电流表和电源接成如上图所电路进行测量。当电压表的示数为2.0V时，电流表的示数为0.5A，则短路位置离甲地的距离为km。在实际传输电能的过程中常常采用（选填“高压”或“低压”）方式输电，这是因为如果输送的电功率一定，将输电电压变为原来的2倍，则输电线上损失的功率将变为原来的倍，从而达到减少电能在输送线路上的损失。9.检查视力时要求被检查者与视力表相距5m。小林同学校医务室检查视力，由于空间有限，用如图所示方式检查，已知她距平面镜2.2m，视力表距离平面镜为______m。检查后小林站起来向靠近镜子方向走了0.5m，此时她与镜中自己像的距离是______m。像的大小______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。10．学校组织室外社会实践活动，小华和小刚看见了一些现象，他俩从物理角度议论起了下列问题．阳光下，小华看见红色的花朵是因为它（填“反射”或“吸收”）红色光的缘故。若湖中的水深1m，则蓝天白云在水中的像到水面的距离1m（选填“大于”、“小于”或“等于”）。11.北斗卫星导航系统与地面光纤通信共同组成现代通信，将于2020年实现全球覆盖。卫星利用太阳能电池板获得能量，太阳能属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。卫星和地面传递信息主要是利用了______。12．如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个（填“省力”或“费力”）杠杆，若抬起拉杆的力F为30N，设此时动力臂是阻力臂的4倍，则箱和物品共重N。13.用某燃气灶烧水，燃烧0.8m3的天然气，使100kg的水从20℃加热到沸腾(在标准大气压下)。已知水的比热容为c=4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为q=7.0×107J/m3：

14.如图所示，两个相同的木模，质量均为m，靠三根拉直的轻质细线连接(细线质量忽略不计)，装置在水平面上按一个“互”字型静置，上方木模呈图示的“悬浮”效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”(Tensegrity)结构原理，图中短线a上的张力F1______mg，水平面所受装置压力F2______2mg(以上均选填“>”“<”或“=”)。

三、作图题：本大题共3个小题，共7分。15.如图所示，火车上的售货员正推着小车售卖货物。当小车前行遇到障碍物时，需要使小车前轮翘起。请你画出售货员施加的最小动力，动力臂以及阻力臂。14题（1）14题（2）（2）如图所示，两灯泡的额定电压均为220V。当开关闭合后，两灯泡都正常发光，且插座不受开关控制，请将电路连接完整。16.如图是福娃踢出去的足球，请在图中画出足球在空中飞行时的受力示意图。(不考虑空气阻力)

17．如图是家庭电路图中有开关控制的电灯，请将其正确的连接画在电路中。四、实验题：本大题共3小题，第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分。18.如图所示，小明同学探究影响滑动摩擦力大小的因素。

(1)小明用测力计拉同一木块进行了三次正确的实验操作，实验情景如图甲、乙、丙所示。

①实验中为了测量滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向______拉动木块。

②比较甲、丙两图的实验可知：滑动摩擦力的大小与______有关。

③在图甲中画出木块对木板的作用力。

(2)在操作过程中小明还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，如图丁所示。与图甲相比，木块所受滑动摩擦力______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。19.学习了密度的知识后，某物理小组想测量老师所用粉笔的密度。

(1)将天平放在水平桌面上，把游码拨至零刻度线处，发现横梁稳定时指针偏向分度盘的左侧，要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母往______(填“左”或“右”)调。

(2)把10支粉笔放到调好的托盘天平上，当天平再次平衡，右盘的砝码和标尺上游码的位置如图甲，则这10支粉笔的质量为______g。

(3)在量筒中加入体积为V1的水，把一支粉笔放入量筒，发现粉笔在水面停留一会，冒出大量的气泡后沉底，询问老师后得知是因为粉笔吸水的缘故。若此时量筒中水面到达的刻度为V2，若把(V1−V2)作为粉笔的体积来计算粉笔的密度，测得粉笔的密度会比真实值______(填“大”或“小”)。

(4)为了解决粉笔吸水的问题，小王把一支同样的粉笔用一层保鲜膜紧密包裹好放入水中(保鲜膜的体积忽略不计)，发现粉笔漂浮在水面上，于是他用水、小金属块、量筒和细线测量粉笔的体积(如图乙)，则粉笔的密度为______g/cm3。

(5)测完了粉笔的密度后大家还想测量酸奶的密度(如图丙所示)，先借助天平测量了整盒酸奶的质量为238.7g，喝掉部分酸奶后，测质量为20．小亮在做“探究杠杆平衡条件”实验的装置如图所示，杠杆上相邻刻线间的距离相等；（1）安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，如图甲所示。则应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是；（2）杠杆在水平位置平衡后，如图乙所示，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为N；当弹簧测力计改为斜拉时，再次使杠杆水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将（选填“变大”、“变小”或“不变”）；原因是；（3）如丙图所示，若在C点挂3个重均为0.5N的钩码，在D点用弹簧测力计竖直向上拉，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为N；（4）在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是（填序号）。A．使测量数据更准确B．多次测量取平均值减小误差C．避免偶然性，使实验结论具有普遍性五、计算题：本大题共2小题，第21小题7分，第22小题6分，共13分。21．如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V3.6W”的字样，滑动变阻器R1的最大阻值为60Ω，定值电阻R2的阻值为100Ω，电压表量程为0~3V，电流表量程为0~0.6A，灯丝电阻不随温度变化，求：（2分）（1）小灯泡L正常发光时的阻值为多少？（2分）（2）当S1、S2、S3都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a点时，小灯泡L恰好正常发光，此时定值电阻R2的电功率为多少？（2分）（3）保证电路安全，当S2、S3闭合，S1断开时，该电路消耗的最小电功率为多少？22．如图甲是家用电暖器，利用电热给煤油加热取暖。其简化的电路原理图如图乙，在电暖器跌倒时，跌倒开关S自动断开，切断电源，保证安全。已知定值电阻R1＞R2，c煤油＝2.1×103J/（kg•℃），ρ煤油＝0.8×103kg/m3，根据表中信息解答下列问题：额定电压220V煤油体积/L25额定功率高温挡1500中温挡1100低温挡400调节方式手动（1）煤油温度升高10℃时，求煤油吸收了多少热量？（2）R1的阻值是多少？（2）当把家中的其他用电器都与电源断开，仅让电暖器接入电路工作100s，如图丙所示的电能表的转盘转了75r，求电暖器的实际功率。

六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。23.由我国著名科幻作家刘慈欣创作的科幻小说《三体》中描绘过这样一个未来世界，地球拥有“无限能源(电力)”，所有东西都无需考虑充电问题，汽车不用加油也不需插电就可以在天上飞，杯子里的牛奶握在手里即可加热。无线充电仿佛无时无刻覆盖着地球的每一个角落。而这个幻想也正在逐步变为现实。

(1)市场上支持无线充电的智能手机和充电器大部分采用Qi技术。其原理是：电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能手机充电。图1实验与受电线圈处工作原理是相同的是

；

(2)为研究无线传输电能，某科研小组在实验室试制了无线电能传输装置，在短距离内点亮了灯泡，如图甲所示。实验测得，接在b线圈上的用电器获得的电功率为输入a线圈电功率的40%。若把a线圈接入电压为220V的电源，测得该线圈中的电流为0.2A。b线圈中只接入一盏灯泡，此时该灯泡恰能正常发光，则该灯泡的功率为

W；

(3)如图乙所示，通过安置在插座上的电流转换器，将电能转换为超声波，电动小车上的接收器收到超声波讯号，可将其能量转换为电能为电池充电。

已知：接收器接收到的超声波功率P与它和转换器间距离L关系满足公式P=kL2，它将超声波能量转化为电能并储存在电池中的效率为50%；当小车与转换器间距离L0=1m时，接收器接收到的超声波功率P0=8W：

①当小车与转换器间距离为1m时，电池充电1h所储存的电能为

J；

②该公式中的k值为

W⋅m2；

③若充电时小车与转换器之间距离L=2m，则超声波能量转化为电能的功率为

W，若要储存到和①24.如图−1所示是一种用于养生保健的可以烹饮的容器，类似于电热水壶，装满水时，水的质量是1.8kg，有加热和保温两挡，简化的工作电路如图−2所示。某次该养生壶装满初温为20℃的水，接在家庭电路中，它正常工作时的功率和时间关系如图−3所示(外界大气压为1个标准大气压，电阻不随温度发生改变)。求：

(1)当开关S1、S2均闭合时，养生壶处于______状态，电阻R2的阻值是______Ω；

(2)若通电10min恰好将一壶水烧开，养生壶的加热效率是多少？(保留1位小数)[水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)]

(3)当养生壶处于保温状态时，电路的总电阻是多少？

(4)若关闭家里其他用电器，只让“保温”状态的养生壶工作，发现电能表(如图−4所示)的转盘在5min25．如图所示，实心均匀圆柱体A高为6cm，底面积为10cm2。薄壁圆柱形容器甲和乙，高度均为10cm，都放置在水平桌面上。容器甲内装有酒精，容器乙内装有某种液体（图中未画出），相关数据如表所示。忽略圆柱体A吸附液体等次要因素。圆柱A酒精某种液体质量/g120160144密度/（g/cm3）0.81.2深度/cm48（1）圆柱体A的密度是多少？（2）将圆柱体A竖直缓慢放入容器甲内，A竖直下沉至容器底部并保持静止。此时甲容器中酒精对容器底部的压强是多少？（3）将圆柱体A竖直缓慢放入容器乙内，A竖直下沉至容器底部，待到其稳定后竖直向上提升5cm，此时圆柱体A受到的浮力是多少？

参考答案及解析1．解：A、光污染是因为发生了镜面反射，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；B、手影是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意；C、月亮的“倒影”属于平面镜成像，是光的反射形成的现象，故C不符合题意；D、海市蜃楼是由于光的折射形成的，故D符合题意。故选：D。2．（3分）在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（）A．电磁铁的A端为N极 B．小磁针静止时，N极水平指向左 C．利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机 D．当滑动变阻器滑动片P向右端移动，电磁铁磁性增强【分析】（1）开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极；（2）由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；（3）电磁感应是发电机的原理；（4）由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化。【解答】解：A、由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，故A正确；B、电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，即N极水平指向左，故B正确；C、该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁，故C错误；D、当滑动变阻器滑动片P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，则电磁铁的磁性变强，故D正确；故选：C。【点评】该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题。3．解：A、比热容是物质的一种特性，与质量无关，故将一块铜的质量减小一半，铜的比热容不变，故A错误；B、影响物体内能的因素有物质的种类、质量、温度和状态，而选项中不确定铜块和铝块的温度，因此不确定二者之间的内能大小，故B错误；C、根据Δt＝可知，质量相同的铜块和铝块，吸收相同的热量，铜的比热容较小，因此铜块升高的温度多，故C正确；D、根据Δt＝可知，质量相同的铜块和铝块，放出相同的热量，铜的比热容较小，因此铜块降低的温度多，铜块和铝块初温相同，则铜块的末温较低，所以热传递的方向是从铝块传给铜块，故D错误。故选：C。4．A【解析】AC．该滑轮是动滑轮的特殊使用方法，根据动滑轮的特点可知，动力F（或动滑轮）移动的距离是物体A移动距离的二分之一，重物A沿竖直方向以0.2m/s的速度匀速上升，可知力F（或动滑轮）的移动速度为A的二分之一拉力F的功率为故A正确，C错误；

BD．该装置机械效率为解得，A的重力为重物A沿竖直方向以0.2m/s的速度匀速上升，故受到的绳子的拉力与受到的重力为一对平衡力，大小相等，故物体A受到的绳子的拉力为240N，以动滑轮为研究对象进行受力分析，如下图所示同一根绳子上的拉力相等，所以F1=F2=G由力的平衡条件可得F=F1+F2+G轮=2G+G轮滑轮的重力为G轮=F-2G=600N-2×240N=120N故BD错误。故选A。5.【答案】B【解析】解：A、只闭合S1，灯泡L2和滑动变阻器串联接入电路，串联电路各处电流相等，

若灯泡正常发光，此时通过电路的电流：I=PL2UL2=0.9W3V=0.3A，

灯泡正常发光时灯泡两端的电压等于额定电压，

串联电路总电压等于各分电压之和，则滑动变阻器两端的电压：UP=U−UL2=6V−3V=3V，

由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的电阻：RP=UPI=3V0.3A=10Ω，故A正确；

B、只闭合S2，灯泡L1和滑动变阻器串联接入电路，灯泡正常发光时灯泡两端的电压等于额定电压，

根据串联电路电压规律可知此时滑动变阻器两端的电压：UP'=U−UL1=6V−2.4V=3.6V，故B错误；

C、只闭合S3，两灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电流表测通过电路的电流，

灯泡L2正常发光时的电流为0.3A，

灯泡L1正常发光时的电流：I1=PL1UL1=0.48W2.4V=0.2A，

根据串联电路电流特点可知保证其中一个灯泡长时间正常发光，电流表示数是0.2A，故C正确；

D、由C可知正常发光的是灯泡L1，此时灯泡L1两端的电压为2.4V，

6．解：A、由图可知，有两段绳子拉着动滑轮，则绳子自由端物体B的移动速度为物体A移动速度的2倍，即：vB＝2vA＝2×0.4m/s＝0.8m/s，故A错误；B、物体B的重力为40N，则绳子自由端的拉力为FB＝GB＝40N，不计摩擦、绳重及滑轮重，且物体A做匀速直线运动，根据F＝f可知物体A受到的摩擦力f＝nFB＝2×40N＝80N；故B错误；C、物体B匀速上升时，绳子的拉力与B的重力是一对平衡力，大小相等，则拉力的大小FB＝GB＝40N，所以作用在物体B上绳子的拉力的功率PB＝FBvB＝40N×0.8m/s＝32W，故C错误；D、物体B以原速度匀速上升时，物体A向左做匀速运动，由于物体A与地面之间的压力和粗糙程度不变，则物体A受到的摩擦力大小不变（仍然为80N）；当对物体A施加水平向左的力F使B以原速度匀速上升时，物体A受到向左的拉力、向右的摩擦力和滑轮组向右的拉力，且A受到滑轮组向右的拉力FA＝2FB＝2×40N＝80N，由于物体A做匀速直线运动，则F＝FA+f＝80N+80N＝160N；故D正确。故选：D。7.【答案】C

【解析】A．由p=ρgh可得，细线被剪断后水面高度的减小量：Δh=Δpρ水

g=50

Pa1.0×103

kg/m3×10

N/kg=5×10−3

m=0.5

cm，

此时物块A有14体积露出水面，则A露出水面的体积和容器内减少的体积相等，即14VA=S容Δh，

则物体A的体积：VA=4S容Δh=4×100

cm2×0.5

cm=200

cm3，故A错误；

‍B．圆柱形容器内水的体积：V水

=S容h水

=100

cm2×20

cm=2000

cm3，

由ρ=mV可得，水的质量：m水

=ρ水

V水

=1.0

g/cm3×2000

cm3=2000

g=2

kg，

容器和水的总重力为：G容水=(m容+m水)g=(3

kg+2

kg)×10

N/kg8．（3分）甲、乙两地相距80km，在甲、乙两地之间沿直线架设了两条输电线，已知输电线每千米的电阻为0.2Ω，现输电线在某处发生了短路，为确定短路位置，检修员在甲地利用电压表、电流表和电源接成如上图所电路进行测量。当电压表的示数为2.0V时，电流表的示数为0.5A，则短路位置离甲地的距离为20km。在实际传输电能的过程中常常采用高压（选填“高压”或“低压”）方式输电，这是因为如果输送的电功率一定，将输电电压变为原来的2倍，则输电线上损失的功率将变为原来的0.25倍，从而达到减少电能在输送线路上的损失。【分析】（1）根据欧姆定律求出导线的总电阻，已知每千米输电线的电阻值，然后让总电阻除以一千米输电线的电阻即可求出输电线的长度，再根据输电线的双股的，从而确定出短路的地点离甲地的距离；（2）根据P＝UI分析电流与电压的关系，根据P＝I2R分析发热功率的关系。【解答】解：（1）由I=UR可得，短路位置到甲地之间输电线的总电阻：R因输电线每千米的电阻为0.2Ω，所以，短路位置到甲地之间输电线的总长度（即两根输电线的总长度）：L=4Ω则短路位置离甲地的距离：s=12L（2）根据P＝UI可知，输送功率一定时，电压变为原来的2倍，电流变为原来的12电阻一定时，根据P＝I2R，电流变为原来的12，发热功率变为原来的1根据W＝Pt可知，通电时间一定时，损失的电能减少，所以若想有效的减小电能在输电线路上的损失采用高压输电。故答案为：10；高压；0.25。9.【答案】2.8

3.4

不变

【解析】解：(1)若要求被检查者与视力表相距5m，小林同学距平面镜2.2m，视力表在平面镜中的像距离平面镜5m−2.2m=2.8m，根据平面镜成像的特点可知，视力表距离平面镜为2.8m；

(2)小林向靠近镜子方向走了0.5m，她到平面镜的距离是2.2m−0.5m=1.7m，此时她与镜中自己像的距离是1.7m+1.7m=3.4m，像的大小不变。

故答案为：2.8；3.4；不变。

平面镜成像时，像与物到平面镜距离相等，像和物关于平面镜对称，像和物的大小相等。

用常见的检测视力的方法考查物体在平面镜中成像时，像与物到平面镜距离相等，体现了物理和生活的密切关系，达到学以致用的目的。

10．解：看见公园中红色的花朵，是因为花朵反射红色光的缘故；蓝天白云的像到水面距离等于蓝天白云到水面的距离，蓝天白云到水面的距离大于水深1m，蓝天白云的像到水面的距离大于1m。故答案为：反射；大于。11.【答案】可再生

电磁波

【解析】解：

(1)太阳能从自然界源源不断得到，是可再生能源；

(2)卫星和地面传递信息主要是利用了电磁波传递信息的。

故答案为：可再生；电磁波。

(1)能从自然界源源不断得到或可重复利用的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断得到或不能重复利用的能源是不可再生能源；

(2)电磁波可以在真空中传播，移动通信是利用电磁波传输信号的。

本题考查了能源的分类、及电磁波的利用，为基础题。12．（4分）如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个省力（填“省力”或“费力”）杠杆，若抬起拉杆的力F为30N，设此时动力臂是阻力臂的4倍，则箱和物品共重120N。【解答】解：（1）抬起拉杆的力F为动力，物品的重力为阻力，支点在轮子上，故动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；（2）由杠杆平衡条件FL1＝GL2可得，箱和物品共重：G=L故答案为：省力；120。13.【答案】3.36×107

【解析】解：(1)在标准大气压下水的沸点为100℃，则水的末温为100℃，

水吸收的热量：

Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(100℃−20℃)=3.36×107J；

(2)天然气完全燃烧放出的热量：

Q放=Vq=0.8m3×7.0×107J/m3=5.6×107J；14.【答案】>

=

【解析】解：由对称性可知，Fb=Fc，对上面的木模进行受力分析，则由Fa=mg+Fb+Fc，则短线a上的张力F1>mg；

整体分析，木模受到竖直向下的重力以及水平面对木模向上的支持力，由平衡条件可知：FN=mg+mg=2mg，由牛顿第三定律可得，15．（1）如图所示，火车上的售货员正推着小车售卖货物。当小车前行遇到障碍物时，需要使小车前轮翘起。请你画出售货员施加的最小动力，动力臂以及阻力臂。【答案】（2）如图所示，两灯泡的额定电压均为220V。当开关闭合后，两灯泡都正常发光，且插座不受开关控制，请将电路连接完整。【答案】16.【答案】解：

【解析】重力G的作用点在重心，方向是竖直向下的。

本题考查了重力的示意图和画法。重力的方向总是竖直向下的。17．【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，如图所示：18.【答案】匀速直线

压力

变小

【解析】解：(1)①实验中为了测量滑动摩擦力的大小，应用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块；此时，摩擦力的大小就等于弹簧测力计的示数是利用了二力平衡知识。

②比较甲、丙可知，控制压力相同，接触面的粗糙程度不同，故可探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；

③水平向右拉动木块时，木板对木块的作用力水平向左，根据力的作用是相互的，所以木块对木板的作用力水平向右，大小等于摩擦力，等于2.8N；如图

(2)在操作过程中小明还发现，弹簧测力计不沿水平方向拉动时，也可以使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，如图丁所示，这导致在竖直方向上，物体受到斜向上的拉力，使得木块受到的重力和木板的支持力不相等，压力变小，所以此过程中，与甲图相比，因为接触面粗糙程度不变，但压力变小了，故木块受到的滑动摩擦力变小了；

故答案为：(1)①匀速直线；

②接触面粗糙程度；③见上图(2)变小。

(1)①是运用二力平衡的原理进行测量的，应匀速直线拉动木块；

②影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；压力变小，滑动摩擦力也变小。

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对错误实验方案的判断，体现了对过程和方法的考查。

19.【答案】右

38.4

大

0.64

1.15

【解析】解：(1)测量前，发现指针静止时指在分度盘中央刻度线的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；

(2)10支粉笔的质量：m总=20g+10g+5g+3.4g=38.4g；

(3)小王在量筒中加入体积为V1的水，把一支粉笔放入量筒，发现粉笔在水面停留一瞬，冒出大量的气泡后沉底，量筒中水面到达的刻度为V2，若把(V2−V1)作为粉笔的体积来计算粉笔的密度，由于粉笔吸水，水进入粉笔中，粉笔的体积大于体积V2−V1，粉笔体积测量值V2−V1偏小，粉笔的质量测量是准确的，所以粉笔的密度测量值偏大。

(4)一支粉笔的质量：m=110m总=110×38.4g=3.84g；

一支粉笔的体积：V=86mL−80mL=6mL=6cm3

粉笔的密度：ρ=mV=38.4g6cm3=0.64g/cm3；

(5)整盒酸奶的质量m1减去喝掉部分酸奶后测得的质量m2即为喝掉酸奶的质量：

m=m1−m2=238.7g−151.3g=87.4g；

用纯净水将喝掉的酸奶补齐后测得的质量m3减去喝掉部分酸奶后测得的质量m2即为所加水的质量：

m水20．【答案】（1）左；便于测量力臂；（2）1.5；变大；拉力力臂变短；（3）2；（4）C。【解答】解：（1）发现杠杆沿顺时针方向转动，说明杠杆重心在右边，则应将平衡螺母向左调节，直到杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是便于测量力臂；（2）设杠杆每格长度为L，根据杠杆的平衡F1L1＝F2L2，则有：2×0.5N×3L＝F×2L，解得：F＝1.5N；当弹簧测力计改斜拉时，拉力的方向不再与杠杆垂直，拉力力臂变短，阻力、阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，动力变大，弹簧测力计的示数变大；（3）设杠杆每格长度为L，根据杠杆的平衡F1L1＝F2L2，则有：3×0.5N×4L＝F′×3L，解得：F′＝2N；（4）通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律。故答案为：（1）左；便于测量力臂；（2）1.5；变大；拉力力臂变短；（3）2；（4）C。21．（1）10Ω；（2）0.36W；（3）1.8W【详解】解：（1）由可得，小灯泡L正常发光时的阻值为（2）当S1、S2、S3都闭合，变阻器的滑片滑到a点时，R1接入电路的电阻为0，电路中灯泡L与电阻R2并联，电压表测R1两端电压，电流表测干路中电流。因小灯泡L恰好正常发光，因此其两端电压为额定电压6V，由并联电路电压特点可知，定值电阻R2两端的电压此时定值电阻R2的电功率为（3）当S2、S3闭合，S1断开时，滑动变阻器R1与灯泡L串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中电流，因电压表量程为0~3V，故滑动变阻器的电压最大为3V，根据串联电路分压特点可知此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路中总电阻最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，为根据P=UI可知该电路消耗的电功率为答：（1）小灯泡L正常发光时的阻值为10Ω；（2）定值电阻R2的电功率为0.36W；（3）该电路消耗的最小电功率为1.8W。22．（9分）如图甲是家用电暖器，利用电热给煤油加热取暖。其简化的电路原理图如图乙，在电暖器跌倒时，跌倒开关S自动断开，切断电源，保证安全。已知定值电阻R1＞R2，c煤油＝2.1×103J/（kg•℃），ρ煤油＝0.8×103kg/m3，根据表中信息解答下列问题：额定电压220V煤油体积/L25额定功率高温挡1500中温挡1100低温挡400调节方式手动（1）煤油温度升高10℃时，求煤油吸收了多少热量？（2）R1的阻值是多少？（2）当把家中的其他用电器都与电源断开，仅让电暖器接入电路工作100s，如图丙所示的电能表的转盘转了75r，求电暖器的实际功率。【分析】（1）根据密度公式求出煤油的质量，根据Q吸＝cmΔt求出煤油吸收的热量；（2）由P＝UI＝可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合并联电路电阻规律和P＝UI＝可知各挡位时电路的连接；根据P＝UI＝求出R1的阻值；（3）2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，据此求出转盘转了75r消耗的电能，根据P＝求出电暖器的实际功率。【解答】解：（1）由ρ＝可知，煤油的质量为：m＝ρ煤油V＝0.8×103kg/m3×25×10﹣3m3＝20kg，煤油吸收的热量：Q＝c煤油mΔt＝2.1×103J/（kg•℃）×20kg×10℃＝4.2×105J；（2）电源电压一定，由P＝UI＝可知，电路电阻越大，功率越小；当S、S1都闭合时，只有R1工作；当S、S2都闭合时，只有R2工作，当S、S1、S2都闭合时，R1、R2并联，因为并联电路的总电阻小于各支路的电阻，又R1大于R2，所以，当只有R1工作时，电路中的电阻最大，电功率最小，为低温挡，由表中数据可知，低温挡的电功率P低＝400W，由P＝UI＝可知，R1的阻值：R1＝＝＝121Ω；（3）2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，则转盘转了75r消耗的电能：W＝＝0.03kW•h，电暖器的实际功率：P实＝＝＝1.08kW＝1080W。答：（1）煤煤油吸收的热量为4.2×105J；（2）R1的阻值是121Ω；（2）电暖器的实际功率是1080W。【点评】本题为电热综合题，考查并联电路的规律、电功率公式和吸热公式及密度公式的运用，关键是弄清楚不同挡位电路的结构。23.【答案】C

17.6

1.44×104

8

1

【解析】解：

(1)由题意可知，电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，给智能手机充电，则可知受电线圈处的工作原理是电磁感应现象；

图1A是电磁继电器，主要是利用了电流的磁效应，故A不符合题意；

图1B中给金属棒通电，金属棒在磁场中会发生运动，说明通电导体受到磁场力的作用，故B不符合题意；

图1C中闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故C符合题意；

图1D是探究电磁铁磁性强弱的影响因素，利用的是电流的磁效应，故D不符合题意；

故选：C；

(2)a线圈的输入功率：P总=UI=220V×0.2A=44W，

由题意可得，b线圈得到的功率，即灯泡的功率为：P=ηP总=40%×44W=17.6W；

(3)①电池充电1h后，接收器接收到的超声波能量为：W1=P0t=8W×3600s=