山西省芮城县2020届高三物理3月月考试题

山西省芮城县山西省芮城县 20202020 届高三物理届高三物理 3 3 月月考试题月月考试题 一 选择题 一 选择题 1 1 8 8 为单选 为单选 8 8 1212 有多项符合题目要求 选全得四分 少选得有多项符合题目要求 选全得四分 少选得 2 2 分 错选分 错选 得得 0 0 分分 共共 4848 分 分 1 1 下列说法正确的是 a 链式反应在任何条件下都能发生 b 放射性元素的半衰期随环境温度的升高而缩短 c 中等核的比结合能最小 因此这些核是最稳定的 d 根据 e mc2可知 物体所具有的能量和它的质量之间存在着简单的正比关系 2 2 一个物体沿直线运动 t 0 时刻物体的速度为 2m s 加速度为 1m s2 物体加速 度随时间变化的规律如图所示 则下列判断正确的是 a 物体做匀加速直线运动 b 物体的加速度与时间成正比增大 c t 5s 时刻物体的速度为 6 25 m s d t 8s 时刻物体的速度为 13 2 m s 3 3 某静电场中有一条电场线与x轴重合 纵轴 表示该条电场线上对应各点的电势 随 x的变化规律如图曲线所示 x轴上坐标为x1 x0点的电势和电场强度大小分别为 1和e1 坐 标x2 x0点的电势和电场强度大小分别为 2和e2 下列有关判断正确的是 a a 1 1 2 2 e e1 1 e e2 2 b b 1 1 e e2 2 c c 1 1 2 2 e e1 1 e e2 2 d d 1 1 2 2 e e1 1 r0时 分子间的引力随着分子间距的增大而增大 分子间的斥力随着分 子间距的增大而减小 所以分子力表现为引力 d 大雾天气学生感觉到教室潮湿 说明教室内的相对湿度较大 e 一定质量的单晶体在熔化过程中分子势能一定是增大的 2 2 如图所示为一下粗上细且上端开口的薄壁玻璃管 管内有一部分水银封住密闭气体 上 管足够长 图中大小截面积分别为s1 2cm2 s2 1cm2 粗细管内水银长度分别为h1 h2 2cm 封 闭气体长度为l 22cm 大气压强为p0 76cmhg 气体初始温度为 57 求 若缓慢降低气体温度 降低至多少开尔文时 所有水银全部进入粗管内 若温度降低至 237k 气体的长度为多少 选修题选修题 3 43 4 19 19 1 一列简谐横波沿x轴正方向传播 t 0 时刻的波形如图所示 此时波刚好传 播到x 5m处的 m 点 从此时起经过 0 1s 平衡位置在x 1 5m处的质点第一次回到平衡位 置 则下列判断正确的是 a t 0 时刻 x 1m处的质点p正沿y轴负方向运动 b 从t 0 时刻开始 经过 0 2s质点p传播到x 2m处 c 这列波的传播速度大小为 5 m s d 质点q开始振动的方向沿y轴正方向 e 从 0 时刻到t 5s时 质点q运动的路程为 2m 2 一透明柱状介质 如图所示 其横截面为扇形aoc o为圆心 半径为r 圆心角为 90 ac关于ob对称 一束足够宽平行于ob的单色光由oa和oc面射入介质 介质折射 率为 要使abc面上没有光线射出 至少在o点左侧垂直ob放置多高的遮光板 不2 考虑abc的反射 选择题 1 5 ddbdd 6 8 acb 9 ab 10 cd 11bc 12abd 13 解答 游标卡尺的主尺读数为 4mm 游标读数为 0 05 10mm 0 50mm 则d 4 50mm 通过两光电门的瞬时速度分别为v1 d t1 v2 d t2 则系统动能的增加量 ek 12 m m v22 v12 12 m m d t2 2 d t1 2 系统重力势能的减小量 ep m m gh 当 m m gh 12 m m d t2 2 d t1 2 则机械能守恒 14 分析 1 为方便实验操作 滑动变阻器应选最大阻值较小的滑动变阻器 2 根据伏安法测电源电动势与内阻是实验原理作出实验电路图 3 电源 u i 图象与纵轴交点坐标值是电源电动势 图象斜率的绝对值是电源内阻 解答 1 两节干电池电动势约为 3v 内阻很小 为方便实验操作 滑动变阻器应选 f r1 0 20 2 伏安法测电源电动势与内阻实验 电流表测电路电流 电压表测路端电压 由于干电池 内阻很小 为使电压表示数变化明显 可以给电源串联一个定值电阻 电源与定值电阻组 成等效电源 由所给实验器材可知 没有电压表 可以用电流计与定值电阻r组装成一个 电压表 实验电路图如图所示 3 由图丙所示图象可知 电源的u i图象与纵轴的交点坐标值是 3 则每节干电池的电动势 e 32 1 5v 图象斜率k u i 3 0 50 5 5 k r0 2r 3 2r 则每节干电池的内阻r 5 32 1 故答案为 1 f 2 如图甲所示 3 如图乙所示 4 1 5 1 15 分析 1 原来小球与细杆保持相对静止 风速增加后仍然相对静止 分别根据平衡条件列式求 解即可 2 下滑过程为加速运动 根据牛顿第二定律和运动学公式列式求解 解答 1 小球与细杆保持相对静止时 有mgtan45 kv0 风速以加速度a均匀增大时 设细杆对球的支持力为fn 有 fnsin kv 0 其中v v0 at fncos mg 解得 tan 1 av0t 2 风速为v0 时 设空气阻力与重力的合力为f 有 f mgcos45 当细杆与水平面之间的夹角为 45 时 空气阻力与重力的合力大小 方向均不变 仍为f 设 物体沿斜面下滑的加速度大小为a 有 fsin ma 物体由静止开始下滑l 12a t2 解得 sin 2 lgt2 答 1 细杆的倾角 的正切值随时间t变化的关系式是 tan 1 av0t 2 应满足怎样的关系式是 sin 2 lgt2 16 分析 1 粒子在电场中做类平抛运动 x 方向上做匀加速运动 y 方向做匀速运动 根据平抛 运动的基本公式求解粒子经过 y 轴时的位置到原点 o 的距离 2 设粒子在磁场中做匀速圆周运动 画出运动的轨迹 结合临界条件和向心力公式可求 磁场强度 解答 1 设粒子在电场中运动的时间为t 粒子经过y轴时的位置与原点o的距离为y 则 soa 12at2 又 a fm e fq y方向的位移 y v0t 解得 y 0 40m 2 粒子经过y轴时在电场方向的分速度为 vx at 2 107m s 粒子经过y轴时的速度大小为 v v2x v20 22 107m s 与y轴正方向的夹角为 arctanvxv0 450 要粒子不进入第三象限 如图所示 此时粒子做圆周运动的轨道半径为r 则 r 2 2r y 由洛伦兹力提供向心力 qvb mv2r 解得 b 22 2 10 2t 答 粒子经过y轴时的位置到原点o的距离 0 40m 2 磁感应强度b的取值范围 b 22 2 10 2t 17 分析 1 设 a b 在转动过程中 分别对 a b 由动能定理列方程求解速度大小 由此判断 a 能 不能到达圆环最高点 2 a b 做圆周运动的半径和角速度均相同 对 a b 分别由动能定理列方程联立求解最 大速度 3 a b 从图示位置逆时针转动过程中 当两球速度为 0 时 电场力做功最多 电势能 减少最多 根据电势能的减少与电场力做功关系求解 解答 1 设 a b在转动过程中 轻杆对 a b做的功分别为wt w t 则 wt w t 0 设 a b到达圆环最高点的动能分别为eka ekb 对a由动能定理 qer magr wt1 eka 对b由动能定理 w t1 mbgr ekb 联立解得 eka ekb 0 04j 上式表明 a在圆环最高点时 系统动能为负值 故a不能到达圆环最高点 2 设b转过 角时 a b的速度大小分别为va vb 因 a b做圆周运动的半径和角速度 均相同 故 va vb 对a由动能定理 qersin magrsin wt2 12mav2a 对b由动能定理 w t2 mbgr 1 cos 12mbv2b 联立解得 v2a 89 3sin 4cos 4 由上式解得 当 tan 34 时 a b的最大速度均为vmax 22 3m s 3 a b从图示位置逆时针转动过程中 当两球速度为 0 时 电场力做功最多 电势能减 少最多 由 式得 3sin 4cos 4 0 解得 sin 2425 或 sin 0 舍去 故a的电势能减少 ep qersin 84625j 0 1344j 答 1 小球a不能到达圆环的最高点c 2 小球a的最大速度值为 22 3m s 3 小球a从图示位置逆时针转动的过程中 其电势能变化的最大值为 0 1344j 18 1 ade 2 分析 根据题意求出气体的状态参量 然后应用理想气体状态方程求出气体的温度 气体发生等压变化 应用盖吕萨克定律可以求出气体的体积 求出气柱的长度 解答 气体的状态参量 p1 p0 h1 h2 80cmhg p2 p0 h1 h22 79cmhg v1 ls1 22s1 v2 l h2s2s1 s1 22cm 2cm 1cm22cm2 s1 21s1 t1 273 57 330k 由理想气体状态方程得 p1v1t1 p2v2t2 代入数据解得 t2 311k 由于 237k小于 311k 所以再降温的过程中 气体将做等压变化 气体状态参量 t3 273k v3 l3s1 v2 21s1 由盖吕萨克定律得 v2t2 v3t3 代入数据解得 l3 16cm 答 若缓慢降低气体温度 降低至 311 开尔文时 所有水银全部进入粗管内 若温度降低至 237k 气体的长度为 16cm 19 1 ace 2 分析 根据折射定律求解光在ao面折射进入介质时的折射角 先根据折射定律求出光线在oa面 上的折射角 折射光线射向球面ab 若在d点恰