2022高考物理一轮复习单元练六动量守恒定律含解析202104082120.docx
2022高考物理一轮复习全一册单元练含解析打包14套
收藏
资源目录
压缩包内文档预览：
编号：157480197
类型：共享资源
大小：4.18MB
格式：ZIP
上传时间：2021-10-23
上传人：扣***
认证信息
机构认证
宁夏凯米世纪网络科技有限公司
宁夏
统一社会信用代码/组织机构代码
91640100MA774ECW4K
IP属地：宁夏
18
积分
- 关 键 词：
-
2022
高考
物理
一轮
复习
一册
单元
解析
打包
14
- 资源描述：
-
2022高考物理一轮复习全一册单元练含解析打包14套,2022,高考,物理,一轮,复习,一册,单元,解析,打包,14
- 内容简介：
-
单元质检六动量守恒定律(时间:45分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共5小题,每小题6分,共30分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求)1.下列有关实际现象的说法,不符合事实的是()a.火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度b.体操运动员在着地时屈腿是为了减小地面对运动员的作用力c.用枪射击时要用肩部抵住枪身是为了减少反冲的影响d.为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度,发动机舱越坚固越好2.(2020广东广州月考)蹦床是一项技术含量很高的体育运动。如图所示,某时刻运动员从空中最高点o自由下落,接触蹦床a点后继续向下运动到最低点c。b点为人静止在蹦床上时的位置。忽略空气阻力。运动员从最高点下落到最低点的过程中,运动员在()a.oa段动量守恒b.ac段的动量变化量小于ac段弹力的冲量c.b点的动量为零d.oa段受到重力的冲量等于ac段弹力的冲量3.2020年5月8日,我国新一代载人飞船试验船成功着陆,3具降落伞组成伞群完成减速,其总面积相当于6个标准篮球场。飞船总质量为m,接近地面时已经是以速度v匀速下落,每个降落伞提供的拉力和竖直方向夹角均为,重力加速度为g;试验船底部安装6个卡车轮大小的缓冲气囊帮助飞船平稳着陆,缓冲时间为t,绳子重力不计,飞船所受空气阻力不计,着陆的瞬间绳子自动断裂(抛伞)。以下说法正确的是()a.每个降落伞产生的拉力是mgcosb.每个降落伞产生的拉力是mg3sinc.每个缓冲气囊所受的平均作用力为m(v+gt)6td.每个缓冲气囊所受的平均作用力为mv6t4.(2020安徽六校教育研究会检测)如图所示,在水平地面上有一质量为m的长木板,其右端固定有一立柱。质量为m的人立于木板左端,木板与人均静止。在人加速向右奔跑的过程中,木板向左运动,到达右端时立刻抱住立柱。关于抱住立柱后,人与木板一起运动的方向,下列说法中正确的是()a.若水平面光滑,人与木板一起向右运动b.若水平面粗糙,人与木板一起向右运动c.若水平面光滑,且mm,人与木板一起向右运动d.若水平面粗糙,且mm,人与木板一起向左运动5.如图所示,光滑水平面上有a、b两辆小车,质量均为m=1 kg,现将小球c用长为0.2 m的细线悬于轻质支架顶端,mc=0.5 kg。开始时a车与c球以v0=4 m/s的速度冲向静止的b车。若两车正碰后粘在一起,不计空气阻力,重力加速度g取10 m/s2,则()a.a车与b车碰撞瞬间,两车动量守恒,机械能也守恒b.从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中,a、b、c组成的系统动量守恒c.小球能上升的最大高度为0.16 md.小球能上升的最大高度为0.12 m二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)6.(2020云南玉溪高三开学考试)某同学质量为60 kg,在军训中要求他从岸上以大小为2 m/s的速度跳到一条向他缓缓飘来的小船上,然后去执行任务,小船的质量是140 kg,原来的速度大小是0.5 m/s,该同学上船后又跑了几步,最终停在船上,水的阻力忽略不计。则()a.人和小船最终静止在水面上b.该同学的动量变化量大小为105 kgm/sc.船最终的速度大小是0.25 m/sd.船的动量变化量大小是70 kgm/s7.(2020安徽六校教育研究会检测)在光滑水平面上沿一方向运动的甲、乙两小球,动量大小相等,质量之比为15。两小球发生正碰后,甲、乙两球的动量大小之比为111。则甲球在碰撞前、后的速度大小之比可能是()a.61b.51c.101d.1158.(2020湖南怀化一模)如图甲所示,两个弹性球a和b放在光滑的水平面上处于静止状态,质量分别为m1和m2,其中m1=1 kg。现给a球一个水平向右的瞬时动量,使a、b球发生弹性碰撞,以此时刻为计时起点,两球的速度随时间变化的规律如图乙所示,从图示信息可知()a.b球的质量m2=2 kgb.球a和b在相互挤压的过程中产生的最大弹性势能为4.5 jc.在t2时刻两球动能之比为ek1ek2=18d.t3时刻两球的动能之和大于0时刻a球的动能三、实验题(本题共2小题,共20分)9.(10分)(2020全国卷)某同学用如图所示的实验装置验证动量定理,所用器材包括:气垫导轨、滑块(上方安装有宽度为d的遮光片)、两个与计算机相连接的光电门、砝码盘和砝码等。实验步骤如下:(1)开动气泵,调节气垫导轨,轻推滑块,当滑块上的遮光片经过两个光电门的遮光时间时,可认为气垫导轨水平;(2)用天平测砝码与砝码盘的总质量m1、滑块(含遮光片)的质量m2;(3)用细线跨过轻质定滑轮将滑块与砝码盘连接,并让细线水平拉动滑块;(4)令滑块在砝码和砝码盘的拉动下从左边开始运动,和计算机连接的光电门能测量出遮光片经过a、b两处的光电门的遮光时间t1、t2及遮光片从a运动到b所用的时间t12;(5)在遮光片随滑块从a运动到b的过程中,如果将砝码和砝码盘所受重力视为滑块所受拉力,拉力冲量的大小i=,滑块动量改变量的大小p=;(用题中给出的物理量及重力加速度g表示)(6)某次测量得到的一组数据为:d=1.000 cm,m1=1.5010-2 kg,m2=0.400 kg,t1=3.90010-2 s,t2=1.27010-2 s,t12=1.50 s,g取9.80 m/s2。计算可得i= ns,p= kgm/s;(结果均保留3位有效数字)(7)定义=i-pi100%,本次实验=%(保留1位有效数字)。10.(10分)(1)如图甲所示,在水平槽末端与水平地面间放置了一个斜面,斜面的底端与o点重合。刚开始不放小球b,使小球a从斜槽上c点由静止滚下,然后在水平槽末端放上小球b,使小球a仍从c点由静止滚下,得到小球在斜面上的落点m、p、n。用刻度尺测得斜面底端到m、p、n三点的距离分别为lom、lop、lon,测量出斜面的倾角为,用天平测量两个小球a、b的质量分别为m1、m2。则仅利用以上数据能不能验证两球碰撞过程中总动量守恒?若能,请用所测物理量写出验证表达式;若不能,请说明理由。(2)实验小组成员小红对(1)中装置进行了改造,改造后的装置如图乙所示。使小球a仍从斜槽上c点由静止滚下,得到小球在以斜槽末端为圆心的14圆弧上的落点m、p、n。测量轨道末端和m、p、n三点的连线与水平方向的夹角分别为1、2、3,测得小球a、b的质量分别为m1、m2,则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为(用所测物理量的符号表示)。四、计算题(本题共2小题,共32分)11.(14分)(2020福建武平月考)如图所示,半径为r的光滑圆形轨道固定在竖直面内。小球a、b质量分别为2m、3m,a球从左边某高度处由静止开始沿轨道下滑,与静止于轨道最低点的b球相撞,碰撞后b球能达到的最大高度为r4,重力加速度为g。试求:(1)第一次碰撞刚结束时b球的速度大小;(2)若a、b两球的碰撞是完全弹性碰撞,则a球当初是从多高的地方滑下的。12.(18分)(2020山东潍坊开学考试)如图甲所示,下表面光滑的长木板b静止放在水平面上,质量为m3=2 kg的物块c放在长木板的最右端,质量为m1=1 kg的物块a从距长木板b左侧s0=9.5 m处以某一初速度向长木板运动,一段时间后物块a与长木板b发生弹性碰撞(碰撞时间极短),以长木板b开始运动为计时起点,长木板b和物块c运动的v-t图像如图乙所示,已知物块a与地面间的动摩擦因数为1=0.1,物块c与长木板b间的动摩擦因数为2=0.2,重力加速度g取10 m/s2,求:(1)长木板b的质量m2;(2)物块a的初速度大小v0;(3)a静止时,系统a、b、c由于摩擦产生的热量q。参考答案单元质检六动量守恒定律1.d火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度,故a正确;体操运动员在着地时屈腿可以延长着地时间,从而可以减小地面对运动员的作用力,故b正确;用枪射击时要用肩部抵住枪身是可以防止枪身快速后退而造成伤害,故是为了减少反冲的影响,故c正确;为了减轻撞车时对司乘人员的伤害程度,发动机舱应有弹性,从而延长与人的接触时间而减小伤害,故d错误。2.boa段合外力即为重力,合外力不为零,动量增大,故a错误;ac段根据动量定理有ig+i弹=p可知,p0,i弹0,则有|p|0,人抱住立柱后瞬时速度为正值,说明若水平面粗糙,人与木板一起向右运动,故b正确,d错误。5.c车碰撞后粘在一起,属于典型的非弹性碰撞,有机械能损失,故a错误;从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中,在竖直方向上a、b、c组成的系统所受合外力不为零,则系统动量不守恒,故b错误;a、b两车碰撞过程,动量守恒,设两车刚粘在一起时共同速度为v1,有mv0=2mv1,解得v1=2m/s,从小球开始上摆到小球摆到最高点的过程中,a、b、c组成的系统在水平方向上动量守恒,设小球上升到最高点时三者共同速度为v2,有2mv1+mcv0=(2m+mc)v2,解得v2=2.4m/s,从两车粘在一起到小球摆到最高点的过程中,a、b、c组成的系统机械能守恒,即mcgh=12mcv02+122mv12-12(2m+mc)v22,解得h=0.16m,故c正确,d错误。6.bc规定该同学原来的速度方向为正方向。设该同学上船后,船与该同学的共同速度为v。由题意,水的阻力忽略不计,该同学跳上小船后与小船达到共同速度的过程中,该同学和船组成的系统所受合外力为零,系统的动量守恒,则由动量守恒定律得m人v人-m船v船=(m人+m船)v,代入数据解得v=0.25m/s,方向与该同学原来的速度方向相同,与船原来的速度方向相反,故a错误,c正确;该同学的动量变化量为p=m人v-m人v人=60(0.25-2)kgm/s=-105kgm/s,负号表示方向与选择的正方向相反,故b正确;船的动量变化量为p=1400.25-(-0.5)kgm/s=105kgm/s,故d错误。7.ab设碰前甲、乙的动量均为p0,则总动量为2p0;若碰后甲、乙运动方向相同,则碰后甲的动量p1=111+12p0=p06,则此时甲球在碰撞前、后的速度大小之比是61;若碰后甲、乙运动方向相反,则碰后甲的动量p1=111-12p0=p05,则此时甲球在碰撞前、后的速度大小之比是51,故选a、b。8.ac两球碰撞过程系统动量守恒,以向右为正方向,由图示图线可知,t1时刻两球速度相等为1m/s,由动量守恒定律得m1v0=(m1+m2)v,解得m2=2kg,a正确;当两球速度相等时弹性势能最大,由能量守恒定律得12m1v02=12(m1+m2)v2+epm,解得epm=3j,b错误;两球发生弹性碰撞,碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得m1v0=m1va+mvb,由机械能守恒定律得12m1v02=12m1va2+12m2vb2,代入数据解得va=-1m/s,vb=2m/s,t2时刻两球动能之比为ek1ek2=12m1va212m2vb2=18,c正确;两球发生弹性碰撞,碰撞过程系统机械能守恒,由此可知,t3时刻两球的动能之和等于0时刻a球的动能,d错误。9.答案(1)大约相等(5)m1gt12m2dt2-dt1(6)0.2210.212(7)4解析根据题目给出的物理量,利用冲量的定义式求冲量;利用极限思想求出滑块通过a、b两个光电门时的速度。(1)气垫导轨水平时,滑块在导轨上做匀速直线运动,所以当滑块通过两个光电门的时间大约相等时,可认为气垫导轨水平。(5)根据题干可知,拉力f=m1g,根据冲量的定义可得,拉力的冲量i=m1gt12;滑块通过光电门a的速度va=dt1,通过光电门b的速度vb=dt2,所以滑块动量的改变量p=m2dt2-dt1。(6)把题干中的数据代入i=m1gt12,可知i=0.221ns;把题干中的数据代入p=m2dt2-dt1,可得p=0.212kgm/s。(7)把(6)中的数据代入=i-pi100%可得=4%。10.答案(1)不能,因为根据所测得的物理量不能求出小球做平抛运动的时间,不能求出小球碰撞前后的速度(2)m1cos2sin2=m1cos1sin1+m2cos3sin3解析(1)设水平槽末端离水平地面的高度为h,o点到落点的距离为l,根据平抛运动规律有h-lsin=12gt2,解得t=2(h-lsin)g,由于h没有测定,故根据所测得的物理量不能求出小球做平抛运动的时间,故不能求出小球碰撞前后的速度,因此不能验证两球碰撞过程中总动量是否守恒。(2)设圆弧半径为r,小球做平抛运动的初速度为v,则有rsin=12gt2,rcos=vt,解得v2=grcos22sin,则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为m1cos2sin2=m1cos1sin1+m2cos3sin3。11.答案(1)122gr(2)2564r解析(1)根据机械能守恒定律有123mvb2=3mgr4解得vb=122gr(2)设a球当初是从高h的地方滑下的,且碰前a的速度为v,则2mgh=122mv2a、b碰撞过程,由动量守恒定律和能量守恒定律可知2mv=2mva+3mvb122mv2=122mva2+123mvb2联立可得h=2564r12.答案(1)2 kg(2)10 m/s(3)32 j解析(1)根据题图乙可知,长木板b的加速度大小为a2=v2t=2m/s2根据牛顿第二定律可得2m3g=m2a2联立解得m2=
- 温馨提示:
1: 本站所有资源如无特殊说明，都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
2: 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等，如果需要附件，请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
3.本站RAR压缩包中若带图纸，网页内容里面会有图纸预览，若没有图纸预览就没有图纸。
4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
5. 人人文库网仅提供信息存储空间，仅对用户上传内容的表现方式做保护处理，对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑，并不能对任何下载内容负责。
6. 下载文件中如有侵权或不适当内容，请与我们联系，我们立即纠正。
7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。
人人文库网所有资源均是用户自行上传分享，仅供网友学习交流，未经上传用户书面授权，请勿作他用。
|
2:不支持迅雷下载,请使用浏览器下载
3:不支持QQ浏览器下载,请用其他浏览器
4:下载后的文档和图纸-无水印
5:文档经过压缩，下载后原文更清晰
|
川公网安备: 51019002004831号