2023届内蒙古翁牛特旗乌丹第一中学物理高三第一学期期中监测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、为了测量某行星的质量和半径，宇航员记录了登陆舱在该行星表面附近做圆周运动的周期T，登陆舱在行星表面着陆后，用弹簧称测量一个质量为m的砝码静止时读数为N ，已知引力常量为G ，则下列计算中错误的是（ ）A该行星的半径为B该行星的

2、质量为C该行星的密度为D在该行星的第一宇宙速度为2、图是某质点运动的速度图像，由图像得到的正确结果是A01 s内的平均速度是2m/sB01s内的位移大小是3 mC01s内的加速度大于24s内的加速度D01s内的运动方向与24s内的运动方向相反3、如图所示，在斜面顶端A点以速度v0水平抛出一小球，经t1时间落到B点，速度大小为v1；若在A点以速度2v0水平抛出，经t2时间落到C点，速度大小为v2。不计空气阻力，以下判断正确的是At1t21Bv1v214CABAC12DABAC144、如图所示，光滑绝缘斜面的底端固定着一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向

3、上运动。设斜面足够长，则在Q向上运动过程中 A物块Q的动能一直增大B物块Q的电势能一直增大C物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D物块Q的机械能一直增大5、如图所示电路中，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，以下判断正确的是 A电压表读数变大，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮B电压表读数变小，通过灯L1的电流变小，灯L2变亮C电压表读数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗D电压表读数变小，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗6、某静电场中的一条电场线与x轴重合，其电势的变化规律如图所示，在O点由静止释放一个负点电荷，该负点电荷仅受电场力的作用，则在x0 x0区间内（）A该静电场是匀强电场

4、B该静电场是非匀强电场C负点电荷将沿x轴正方向运动，加速度不变D负点电荷将沿x轴负方向运动，加速度逐渐减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面，不计一切阻力，下列说法正确的是 （ ）A小球落地点离O点的水平距离为RB小球落地点时的动能为5mgR/2C小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D若将半圆弧轨道上的1/4圆弧截去，其他条件不变，则小球能达到的最大高度比P点高0.5R8、某空

5、间区域的竖直平面内存在电场，其中竖直的一条电场线如图甲所示，一个质量为m、电荷量为q的带正电小球，在电场中从O点由静止开始沿电场线竖直向下运动以O为坐标原点，取竖直向下为x轴的正方向，小球的机械能E与位移x的关系如图乙所示，则(不考虑空气阻力)()A电场强度大小恒定，方向沿x轴负方向B从O到x1的过程中，小球的速率越来越大，加速度越来越大C从O到x1的过程中，相等的位移内，小球克服电场力做的功越来越大D到达x1位置时，小球速度的大小为9、如图所示为甲、乙两质点做直线运动时，通过打点计时器记录的两条纸带，两纸带上各计数点间的时间间隔都相同关于两质点的运动情况的描述，正确的是A两质点在t0t4时间

6、内的平均速度大小相等B两质点速度相等的时刻在t3t4之间C两质点在t2时刻的速度大小相等D两质点不一定是从同一地点出发的，但在t0时刻甲的速度为010、如图甲所示，轻杆长为3R，已知，两端分别固定着质量相等的两个小球A和B，杆上O点装有光滑的水平转轴，给小球B一个合适的速度能够让小球A和小球B绕着O在竖直面内做圆周运动，忽略空气阻力。设小球B在最高点的速度为v，小球B受到的弹力大小为F，其图象如图乙所示，则下列说法正确的是（ ） A当地的重力加速度为B小球B的质量为C由图乙分析可得到小球A转到最高点时的最小速度为D若，当小球A转到最高点时受到的弹力有可能为零三、实验题：本题共2小题，共18分。

7、把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小勇为了“验证机械能守恒定律”，将两光电门甲、乙按如图甲的方式固定在铁架台上，然后进行了如下的操作：甲乙A将一小铁球由光电门甲的上方一定高度处由静止释放；B通过计算机显示小铁球通过光电门甲、乙的时间分别为t1、t2；C用直尺测出光电门甲和乙之间的距离h；D用游标卡尺测出小铁球的直径d如图乙所示；E改变小铁球释放的高度，重复A、B步骤操作通过以上操作请回答下列问题：(1)读出图乙中小铁球的直径为d_ cm，假设小铁球通过光电门甲的瞬时速度近似地等于该过程中的平均速度，则小铁球通过光电门甲的速度大小为v1_；(用题中字母表示)(2)如

8、果重力加速度用g表示，在误差允许的范围内，要验证小铁球的机械能守恒，则只需验证_2gh.(用题中字母表示)12（12分）在“探究求合力的方法”的实验中，需要将橡皮条的一墙固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套，实验中需用两个弹簧称分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长结点到达某一位置（1）某同学在做该实验时认为：A拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好B拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置时，拉力要适当大些D两弹簧秤拉橡皮条时的夹角越大越好其中正确的是_（填入相应的字母）（2）如图所示是甲、乙两名同学实验

9、时得到的结果，其中符合实验事实的是_（3）若两个弹簧秤的读数均为4N，且两弹簧秤拉力的方向相互垂直，则_（填“能”或“不能”）用一个量程为5N的弹簧秤测量出它们的合力四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，AB段为一半径R0.2 m的光滑圆弧轨道，EF是一倾角为30的足够长的光滑固定斜面，斜面上有一质量为0.1 kg的薄木板CD，开始时薄木板被锁定一质量也为0.1 kg的物块(图中未画出)从A点由静止开始下滑，通过B点后水平抛出，经过一段时间后恰好以平行于薄木板的方向滑上薄木板，在物块滑上薄木板的同时

10、薄木板解除锁定，下滑过程中某时刻物块和薄木板能达到共同速度已知物块与薄木板间的动摩擦因数为.(g10 m/s2，结果可保留根号)求：(1)物块到达B点时对圆弧轨道的压力大小；(2)物块滑上薄木板时的速度大小；(3)达到共同速度前物块下滑的加速度大小及从物块滑上薄木板至达到共同速度所用的时间14（16分）如图所示，空中固定一粗糙的水平直杆，质量为m = 0.6 kg的小环静止套在杆上，现对小环施加一与水平方向的夹角为的拉力F，拉力F的大小从零开始逐渐增大，小环的加速度a与拉力F的关系如图所示，已知重力加速度， ，求：(1)小环加速度a0的数值；(2)小环和直杆间的动摩擦因数。15（12分）如图所

11、示，在V/m的水平向左的匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，且与一水平绝缘轨道MN相切于N点，半圆轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径R=40cm，一带正电荷C的小滑块质量为m=50g，与水平轨道间的动摩擦因数，取g=10m/s2，问：（1）要使小滑块恰好运动到半圆轨道最高点C，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？（2）这样释放的滑块通过P点时对轨道压力是多大？（P为半圆轨道中点）（3）这样释放的滑块到达C点后继续运动，最终落地，落地点离N点的距离多大？落地时的速度多大？（结果保留根号）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合

12、题目要求的。1、B【解析】AB. 登陆舱在该行星表面做圆周运动，万有引力提供向心力，故在星球表面，用弹簧称称量一个质量为m的砝码读数为N，故：联立解得：故A正确不符合题意，B错误符合题意C. 行星的密度：故C正确不符合题意D. 第一宇宙速度是星球表面轨道卫星的环绕速度，故故D正确不符合题意2、C【解析】A、由v-t图像的面积可求得01s的位移s=1m，时间t=1s，由平均速度定义得：，故A选项错误；B、由v-t图像的面积可求得02s的位移s=3m，故B选项正确；C、利用图像斜率求出 0-1s的加速度：=2m/s2、2-4s的加速度=1m/s2、因而：，故C选项正确；D、由图像可见0-1s、2-

13、4s两个时间段内速度均为正，表明速度都为正向，运动方向相同，故D选项错误3、D【解析】A平抛运动竖直方向上的位移和水平方向上的位移关系为：，可得：则知运动的时间与初速度成正比，所以t1：t2=2：1故A错误。CD竖直方向上下落的高度，可知竖直方向上的位移之比为1：1斜面上的距离为，可知：AB：AC=1：1故C错误，D正确。B由于两球的速度方向相同，根据平行四边形定则知，速度，初速度变为原来的2倍，则速度变为原来的2倍。故B错误。4、D【解析】A. 开始电场力大于重力沿斜面向下的分力，动能增大，但电场力不断减小，当电场力小于重力沿斜面向下的分力，合力与运动方向相反，动能减小，故A错误；B. P、

14、Q之间越来越远，P、Q之间的排斥力（电场力）做正功，电势能越来越小，故B错误。C. 物体动能、重力势能、电势能总和守恒，动能先增大后减小，物块P、Q的重力势能和电势能之和就先减小后增大，故C错误；D. P、Q之间越来越远，电势能越来越小，根据能量守恒，Q的动能和重力势能之和（机械能）肯定越来越大，故D正确。5、B【解析】当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流增大，通过灯L2的电流变大，则灯L2变亮电源的内电压和L2的电压增大，路端电压减小，则并联部分电压减小，电压表读数变小，通过灯L1的电流变小，灯L1变暗A 电

15、压表读数变大，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮，与分析不符，故A错误B 电压表读数变小，通过灯L1的电流变小，灯L2变亮，与分析相符，故B正确C 电压表读数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗，与分析不符，故C错误D 电压表读数变小，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗，与分析不符，故D错误6、B【解析】AB图线的斜率等于电场中电场强度的大小，故该条电场线上各点场强不一样，该静电场为非匀强电场，故A错误，B正确；CD沿着电场线的方向电势降低，可知静电场方向沿x轴负方向，故负点电荷沿x轴正方向运动，根据牛顿第二定律得由于O点x轴正半轴图象斜率逐渐减小，电场强度减弱，加速度减小，故CD错误。故选B。

16、二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：小球恰能通过圆弧最高点P，重力恰好提供向心力，可由牛顿第二定律先求出小球通过最高点P的速度，小球离开最高点后做平抛运动，可由动能定理求解落地速度，将半圆弧轨道上部的14圆弧截去，同样可以用动能定理求解最大高度小球恰好通过最高点P，即在P点重力恰好完全充当向心力，向心力不为零，则有：mg=mvp2R，解得vP=gR，小球离开最高点后做平抛运动，则有2R=12gt2，x=vPt，解得小球落地点离O点的水平距离为x=

17、2R，A、C错误；小球平抛过程中，只有重力做功，由动能定理得mg2R=Ek-12mvp2，解得小球落地点时的动能为Ek=5mgR2，B正确；根据机械能守恒定律可知，小球通过O点的动能等于小球落地点时的动能若将半圆弧轨道上部的14圆弧截去，小球到达最高点时的速度为零，从O到最高点的过程，由动能定理得-mg（R+h）=0-Ek，解得h=1.5R，所以小球能达到的最大高度比P点高1.5R-R=0.5R，D正确8、BD【解析】A.小球的机械能变化是由电场力做功引起的，由题图乙可知，从O到x1机械能在减小，即电场力做负功，又因为小球带正电，故场强方向沿x轴负方向，Ex图线切线的斜率的绝对值为电场力大小，

18、由图象可知，从O到x1斜率的绝对值在减小，故F电在减小，即场强减小，故A错误B.由牛顿第二定律mgF电ma可知a在增大，故B正确C.因为电场力逐渐减小，故相等位移内，小球克服电场力做的功越来越小，故C错误D.从O到x1由动能定理得mgx1E1E0mv20，v，D正确9、ACD【解析】由题意可知考查匀速、匀变速直线运动的特点，根据匀变速直线运动规律分析可得。【详解】A 两质点在t0t4时间内的位移相等，平均速度大小相等，故A正确；BC甲做匀加速直线运动，t2时刻t0t4时间内中点，其瞬时速度等于平均速度度，乙做匀速直线运动，t2时刻瞬时速度等于t0t4时间内的平均速度，所以两质点在t2时刻的速度

19、大小相等。故B错误，C正确。 D两质点不一定是从同一地点出发的，分析数据可知甲在t1前、t2前、t3前、t4 前位移之比为1：4：9：16，说明甲是从静止开始运动的，在t0时刻甲的速度为0，故D正确。【点睛】物体做匀加速直线运动时，某段时间内的平均速度等于该段时间中点的瞬时速度，要熟初速度为零的匀加速度直线运动等分时间总的位移之比为1：4：9，等分位移总时间之比为1： ： ：10、AD【解析】AB由题图乙可知，Ob段小球B受到的弹力随着速度的增大而减小，所以弹力方向向上，当时弹力：即当时，此时：所以则：所以，故A正确，B错误；C当小球B在最高点速度为零时，小球A转到最高点时速度最小，设最小速度

20、为v，根据机械能守恒定律，减少的重力势能等于增加的动能：所以最小的速度，故C错误；D若小球A到达最高点时不受杆给的弹力，则有，根据系统机械能守恒，小球B转到最高点后速度设为，以圆心所在的平面为重力势能的参考平面有：解得，在题图乙中有效范围之内，该假设成立，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.385 cm 【解析】(1)由游标卡尺的读数规则可知读数为3 mm170.05 mm3.85 mm0.385 cm，由题意可知小铁球通过光电门甲的瞬时速度为：(2)在误差允许的范围内，如果小铁球的机械能守恒，则减小的重力势能应等于增加的

21、动能，应有，又因为小铁球通过光电门甲的瞬时速度为：，小铁球通过光电门乙的瞬时速度为：，由以上整理可得12、ABC 甲 不能 【解析】(1)1A为了方便而且更加准确确定力的方向，操作时可以使绳套细且长一些故A正确B作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则会把倾斜的拉力当做水平的拉力，从而带来更大的误差，所以应使各力尽量与木板面平行故B正确C橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些故C正确D为了做平行四边形方便，拉力F1和F2的夹角适当，并非越大越好故D错误(2)2实验中F1、F2合力的理论值是指通过平行四边形定则求出的合力值，而其实验值是指一个弹簧拉橡皮条时所测得的数值，由此可知F是F1、F2合力的理论值，F是合力的实验值F一定沿细线方向，故符合实际的为甲(3)3两力均为4N，且相互垂直，则其合力大小为：合力超过了弹簧秤的量程；故弹簧秤无法测出物体所受的合力，故不能使用四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)3 N，方向